广东中山市2025-2026学年高二年级上册期末统测物理试卷（解析版）

第一学期期末综合练习题

高二物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的学校、班级、姓名、考场号、座位号和准考证号填写在答题

卡上，将条形码横贴在答题卡“条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息

点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内

相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改

液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。练习结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单选题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项符合题目要求。

1.关于电磁波，下列说法正确的是（）

A.电磁波不能在玻璃中传播

B.红外线的波长比X射线的波长更长

C.麦克斯韦用实验证实了电磁波的存在

D.5G信号和4G信号都是电磁波，但是真空中5G信号比4G信号传播得更快

【答案】B

【解析】A.电磁波可以在介质中传播，玻璃作为一种透明介质，允许电磁波（如可见光）

传播，故A错误；

B.电磁波谱中，红外线波长范围约为700nm至1mm,X射线波长范围约为0.01nm至

lOnmo红外线波长人于X射线波长，故B正确：

C.麦克斯韦从理论上预言了电磁波的存在，但实验证实由赫兹完成（如赫兹振子实验），

故C错误；

D.5G和4G信号均为电磁波（无线电波），在真空中所有电磁波传播速度相同，均为光

速，故D错误。

故选B。

2.如图所示，弹簧振子在相距20cm的从C两点间做简谐运动，。点为平衡位置。振子

经过O点向左运动开始计时，经过0.5s第一次到达。点。取向左为正方向，则()

a

xt

刁vVVVvVVVWWV

xCOB

A.周期为0.5s

B.振幅为0.2m

C.3s末的位移为0.1m

D.振动方程为x=O.lsinnym

【答案】D

【解析】A.由。点为平衡位置，振子经过O点向左运动开始计时，经过0.5s第一次到达

C点；则经历的时间为,丁，故有,7=0.5s

44

得T=2.0s,A错误;

B.由弹簧振子在相距20cm的8、C两点间做简谐运动，可得振幅A=20cm=l()cm

2

B错误；

C.由周期T=2.0s,则经过时间，=3s=?T；根据简谐运动的规律振子又回到平衡位

2

置，故位移为零，C错误；

D.由7=2.0s,4=10cm：且从平衡位置开始计时，可得振动方程为

,.2兀„,./、

x=Asin—=0.1sinn/(m)

D正确。

故选D。

3.如图所示是一束复:色光从空气射入玻璃球时的光路图，卜.列说法正确的是()

b

玻璃球

A.玻璃球对。光的折射率大于对〃光的折射率

B.在玻璃球中，。光的传播速度小于光的传播速度

C.a光比b光更容易发生明显的衍射现象

D.用同•双缝干涉实验装置做实验，。光的干涉条纹间距小于力光的条纹间距

【答案】C

【解析】A.由图可知复色光射入玻璃球时，。光的偏折角小于b光的偏折角，由折射定律

可知，玻璃球对〃光的折射率露小于对。光的折射率％,故A错误：

B.由u=£可知匕〉匕，故B错误；

n

C.由〃见知。光频率小于力光的频率，则〃光的波长4大于/，光的波长片，更容易

发生明显的衍射现象，故c正确：

D.因波长4>4,,根据双缝干涉条纹间距公式可知。光的干涉条纹间距大

d

于6光的干涉条纹间距，故D错误。

故选C。

4.如图所示，虚线是某段时间避雷针上方电场的等势面，4、B、C是等势面上的三点，相

邻等势面间的电势差相等，一带负电的粒子从静止开始只在电场力作用下由。点加速向B

点运动，不计粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.C点的电场强度可能大于B点的电场强度

点的电势比C点的电势低

C.粒子在C点的加速度匕在B点的加速度大

D.粒子在8点的电势能小于在C点的电势能

【答案】D

【解析】A.由题图可知，4点附近的等势面比C点附近的等势面密集，可知4点的电场

强度大于C点的电场强度，故A错误；

B.粒子只在电场力作用入由C点加速向8点运动，电场力做正功，粒子从电势低处向电

势高处运动，故B错误；

C.粒子在。点受到的电场力比在8点受到的电场力小，根据牛顿第二定律可知粒子在C

点的加速度比在8点的小，故C错误；

D.一带负电的粒子从静止开始只在电场力作用下由。点加速向8点运动，电场力做正

功，电势能减小，故粒子在8点的电势能小于在C点的电势能，故D正确。

故选D。

5.随着科技发展，扫地机器人作为智能化家电典型代表逐步走入千家万户。如图所示为某

一款扫地机器人的主机，产品的相关参数如表所示，下列说法正确的是()

75W

220V

6400mAh

约3.2L

13.66kg

A."mAh”能量单位

B.主机工作电流约为2.93A

C.主机电动机的电阻约为645Q

D.电池最多能储存的能量约为5.0X|()6J

【答案】D

【解析】A.在单位“mA-h”中，mA是电流的单位，h是时间的单位，根据电流的定义式

1=生

t

可得电荷量q=〃

所以“niA-h”是电荷量单位，而不是能量单位，故A错误；

B.由题知，主机电动机的功率P=75W,额定电压U=220V,根据P=U/

代入数据解得主机电动机工作电流约为/。0.34A

故B错误；

C.若主机电动机是纯电阻，根据欧姆定律U=/R

可得电阻为Rp6450

因扫地机器人的电动机不是纯电阻用电器，具消耗的电能一部分转化为机械能，一部分转

化为内能，所以不能用欧姆定律进行计算电阻，故c错误;

D.已知充电电池的电荷量4=6400mA-h=23040C,额定电压U=220V,根据

W=Uq

可得电池最多能储存的能量W=5.0xl（）6j

故D正确。

故选D。

6.实验中常常需要对电表进行改装。现在把一个电流计G改装成电流、电压两用的电表,

如图所示，R1和冗2为电阻箱。下列判断正确的是（）

A.接访两端时是电流表，且R1的电阻值越大，电流表量程越大

B.接功两端时是电压表，且R1的电阻值越大，电压表量程越大

c.接4c两端时是电压表，R?保持不变，则R1的电阻值越大，电压表量程越大

D.接成,两端时是电压表.凡保持不变，则R2的电阻值越大，电压表量程越大

【答案】D

/r

【解析】AB.接时两端时是电流表，电流表量程/=4+年

R\

则R1的电阻值越大，电流表量程越小，选项AB错误；

CD.接雨•两端时是电压表，电压表量程U=/4+（/,+华）R?

则若与保持不变，则飞的电阻值越大，电压表量程越不；与保持不变，则&的电阻值

越大，电压表量程越大，选项c错误，D正确。

故选D。

7.如图，S为单色光源，S发出的光一部分直接照在光屏上，一部分通过平面镜反射到光

屏上，从平面镜反射的光相当于S在平面镜中的虚像发出的，由此形成了两个相干光，设

光源S到平面镜和到光屏的距离分别为。和/,al,彘面与光屏垂直，单色光波长为

4。下列说法正确的是（）

光

屏

平面镜

A.光屏上相邻两条亮条纹的中心间距为入

B.光屏上相邻两条暗条纹的中心间为一4

C.若将整套装置完全浸入折射率为〃的透明溶液中，此时单色光的波长变为九1

D.若将整套装置完全浸入某种透明溶液中，光屏上条纹将变得密集

【答案】D

【解析】AB.该装置相当于双缝间距为4=2d根据Ax=4；l

a

可得光屏上相邻两条亮条纹或暗纹的中心间距为

2a

选项AB错误；

C.若将整套装置完全浸入折射率为〃的透明溶液中，此时单色光的波长变为

选项c错误：

D.由上述分析可知，若将整套装置完全浸入某种透明溶液中，则波长变短，根据

Ax=-2

d

可知，光屏上条纹将变得密集，选项D正确。故选D。

二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题给出的四个选项中，有

多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.如图甲，小明做摆角较小的单摆实验，。是它的平衡位置，8、C是摆球所能到达的左

右最远位置，小明通过实捡测出当地重力加速度g=兀^m/s2,并且根据实验情况绘制了单

摆的振动图像如图乙，设图中单摆向右振动为正方向，则下列选项正确的是()

A.此单挖的振动频率是2HzB,单摆的搓长约为1.0m

C.仅改变摆球质量，单摆周期不变D.f=O时刻，摆球位于3点

【答案】BCD

【解析】A.由图乙可知，此单摆的周期为

则此单摆的振动频率为

/=1=0.5Hz

T

故A错误；

BC.根据单摆周期公式

一哈

可得单摆的摆长为

2

£=J9T=l.()m

4n~

仅改变摆球质量，单摆周期不变，故BC正确：

D.1=0时刻，由图乙可知，摆球位于负向最大位移处，图中单摆向右振动为正方向，则

摆球位于8点，故D正确。故选BCD。

9.某同学为了探究电容器充放电的规律，将平行板电容器与电池组相连，下极板接地，若

将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）

A.电容器两极板正中间位置电势不变

B.电容器两极板间的电场强度增大

C.电容器的电量不变

D.电流计G中有〃到方方向的电流

【答案】AD

【解析】AB.电容器与电池组相连，所以两极板间的中压U保持不变，又因为两极板间

的距离d不变，则由石=2可知，电容器两极板间的电场强度E不变；由于下极板接

d

地，故下极板的电势为零。电容器两极板正中间位置到下极板的距离为则该点的电势

2

.口dU

为（p=E•一=——

22

所以电容器两极板正中间位置的电势不变，故A止确，B错误；

Pq

CD.由电容器电容的决定式C=—^可知，若将两极板缓慢地错开一些，两极板的正对

Ankd

面积S减小，所以电容器的电容C减小；再由可知，当两极板间的电压。保持不

变，电容器的电容C减小时，电容器的电量Q减小，故电容器放电，放电电流从上极板

（正极板）通过电流计流入下极板（负极板），所以电流计G中有〃到b方向的电流，故

C错误，D正确。

故选AD.

10.如图所示，正六边形疝°四/■位于匀强磁场中，匀强磁场方向与止六边形平面平行，止

六边形中心处有一长直导线，导线中通有垂直于正六边形平面向里的恒定电流，人点的磁

感应强度为零。下列说法正确的是（）

a._______f

八/%

/\/\

/\/\

/%/%

/\/\

/\/、

/、/、

/、/\

b：10

\/\/

A.a点的磁感应强度大小与d点的磁感应强度大小相等

B.，/点的磁感应强度大小与/点的磁感应强度大小相等

C.e点的磁感应强度大小与a点的磁感应强度大小之比为2：1

D.c点的磁感应强度大小与d点的磁感应强度大小之比为V3:1

【答案】BC

【解析】设通电导线在〃点产生的磁场的磁感应强度大小为B,根据安培定则可知，通电

导线在〃点产牛的磁场方向竖直向卜..所以匀强磁场的方向竖直向下，磁感应强度大小为

从根据安培定则结合矢量合成的知识可知，。点和。点的磁感应强度大小均为从d点和/

点的磁感应强度大小均为。点的磁感应强度大小为28,故BC正确，AD错误。

故选BC0

三、非选择题：本题共5小题，共54分。考生根据要求作答。

H.在用平行玻璃砖”测定玻璃的折射率”的实验中：

（1）实验小组的主要实验操作如下，请将下述实验操作按照正确步骤排序：―

（填字母序号）。

A.在眼睛这一侧再插第三个大头针尸3,使P3恰好把P\、Pl的像都挡住

B.将玻璃砖拿走，在白纸上作光路图，进行测量计算，得出折射率

C.继续插第四个大头针尸4,使凡恰好把P、P2的像和P3都挡住

D.在木板上铺一张白纸，把玻璃砖放在纸上，描出玻璃砖的边川b4,然后在玻璃前的一

侧插两个大头针外、P2,用一只眼睛透过玻璃砖看这两个大头针，调整眼睛的位置，使P2

把P\恰好挡住

（2）实验中已经正确操作插好了4枚大头针，如图甲所示。请在图甲中画出光路图

，并标出入射角4和折射角％，写出折射率的计算式〃=。

（3）实验中不小心将插两个大头针I、2一侧的界面油画得离玻璃砖稍远了一•些，如图乙

【解析】（1）“测定玻璃的折射率”的实验步骤为在木板上铺一张白纸，把玻璃砖放在纸

上，描出玻璃砖的边。氏cd,然后在玻璃砖的一侧插两个大头针外、P?,用一只眼睛透过

玻璃砖看这两个大头针，调整眼睛的位置，使P2把自恰好挡住；在眼睛这一侧再插第三

个大头针心，使P3恰好把P、尸2的像都挡住；继续插第四个大头针R,使心恰好把

丹、P2的像和P3都挡住；将玻璃砖拿走，在白纸上作光路图，进行测量计算，得出折射

率，故正确步骤排序为DACB。

（2）⑴⑵光路如图所示,根据折射定律有

（3）实线是真实的光路图，虚线是坡地砖宽度画大后的光路图，由图看出，在这种情况测

得的入射角不受影响，但则得的折射角比真实的折射角偏大，根据折射定律〃=f可

甲乙

（1）方案一：用多用电表对电阻进行初步测量。先将红黑表笔插入多用电表的插孔，之后

将多用电表开关旋至欧姆挡的“XI”挡后，接下来的操作是红黑表笔短接，进行（填

“欧姆调零''或"机械调零”〕，再将红黑表笔分别与该定值电阻两端相接，多用电表指针偏转

位置如图甲所示，则该定值电阻的阻值为Rx=—

（2）方案二：除待测电阻开关S、导线外，实验室还提供下列器材：

A.电池组（电动势3V,内阻较小）

B.电流表（满偏电流6mA,内阻为rg=l（）OQ）

C.电流表（0-0.3A,内阻约1Q）

D.电阻箱（阻值0-999.9。）

E.滑动变阻器（阻值0-5。）

F.滑动变阻器（阻值0〜2000C）

实验小组根据器材设计如图乙所示的实验电路，回答下列问题：

①滑动变阻器应选择（选填"E”或"F”），开关S闭合前滑动变阻器的触头P应位于

（选项填2”或*”）端；

②电流表A2应选择（选填"B”或"C”）；

③实验中将电阻箱调至合适阻值R。并保持不变。调节滑动变阻器，利用电流表A-A?测

得多组数据/h4作出小心图像如图丙所示，图线的斜率为A,则待测电阻的阻值

Rx=（用字母底&和々表示）。

【答案】（1）欧姆调零9.0（2）E

B普

【解析】（I）多用电表进行电阻测量前，必须红黑表笔短接，进行欧姆调零。该定值

电阻的阻值为人=9.0x1Q=9.0。或9Q；

（2）①电路中滑动变阻器采用的是分压式连接，应选择总阻值较小的E,方便调

节；开关S闭合时应使电流表中的读数最小，以免损坏电表，因此开关闭合前，滑动变阻

器的触头P应位于。端。

②⑶由于电流表（满偏电流6mA,内阻为&=100C）内阻电已知，与电阻箱串联可当电压

表使用，故选B。

/<&）+〃）

③[4]由欧姆定律得凡二,J

4一八

&十&+7

整理得/,=A

结合图像得=k

R、

解得R卡

13.医生用超声波检测仪向人体内发射超声波（简谐横波），如图甲所示，探头处质点的振

动图像如图乙所示。超声波在人体组织中的传播速度大小u=1500m/s。

//(xlO^s)

甲

（1）求超声波的频率f和波长4；

（2）若超声波到达某器官后反射向探头，总用时加=2x10-50,求该器官到探头的距离d。

【答案】（1）/=2.5X105HZ,2=6xl0-3m（2）"=1.5x10-2m

【解析】（1）由图乙可知周期为7=4乂1045

则超声波的频率为

/=-=—J—HZ=2.5X105HZ

T4x10-6

根据兄=vT

代入数据解得波长为2=6xlO-3m

（2）超声波往返的总路程为s=2d

又s=vA/

联立解得该器官到探头的亚离为d=1.5x10-2m

14.如图所示，A6为半径/«=0.9m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，半径水平，

8点右侧有一竖直放置的光滑绝缘圆弧轨道CDE,。点是轨道最低点，E点是轨道最高

点，圆弧CZ）对应的圆心用夕=53「竖直直径/）石右侧空间存在竖直向上的匀强电场，

电场强度E=5X1（）2N7C，—质量为〃z=lkg、电荷量为q=+4xl0"c的物体（可视为

质点），从A点的正上方距离A点〃=0.9m处由静止开始自由下落，经圆弧轨道AB从8

点水平抛出，恰好从C点沿切线方向进入圆弧轨道CQ£且恰能通过E点。已知

sin53。=0.8,cos53°=0.6,不计空气阻力，g取lOm/s?，求:

（1）物体运动至圆弧轨道“点时所受支持力五N大小；

（2）B、C两点的高度差/?；

（3）圆弧CDE的半径R。

【答案】（1）50N（2）3.2m（3）3.125m

【解析】（1）物体运动到B点过程，根据动能定理有〃培（”+r）=gm4

物体在B点，根据牛顿第二定律有/-〃吆二把i

r

解得匕=6m/s,=50N

（2）物体恰好从C点沿切线方向进入圆弧轨道，根据速度分解有以tan。=gf

物体做平抛运动，则有〃产

解得h=3.2m

（3）结合上述，物体在C点速度

vc=%=IOm/s

cos67

物体进入圆弧轨道CDE且后恰能通过后点

2

根据牛顿第二定律有mg_qE=*

物体从C点运动到£点过程，根据动能定理有

Tng(R+Rcos8)+gE•2R=；mvj.-；/雇

解得R=3.125m

15.通过研究过氧化氢液滴在电场中的运动轨迹可以测量其荷质比（电荷量与质量的比

值）。某同学在实验中