碑碎市碰碗学校高考物理模拟试卷 (五)

感碍州碑碎市碰碗学校岳阳市临澧一中高考物理模

拟试卷

一、选择题供10小题,每小题4分，共40分.每小题有一个或者多个正确选项，全部答对的得4分，

选

对但不全的得2分，错选或者不选得0分.）

1.如图所示分别为一列横波在某一时刻的图象和在x=6m处的质点从该时刻开始计时的振动图象，则这列

波（）

A.沿x轴的正方向传播B.沿x轴的贪方向传播

C.波速为IMSD.波速为2.5m/s

2.如图所示的电路中，当R的滑动触头向右挪移时（）

I

A.R上电流的变化大于R上电流的变化

I4

B.R上电流的变化小于R上电流的变化

I3

C.R上电压的变化大于路端电压的变化

D.R上电压的变化小于路端电压的变化

3.如图所示，滑块八和B叠放在固定的斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑.已知

B与斜面体之间光滑接触，则在AP下滑过程中，下列说法正确的足.（）

A.A只受到重力和B的支持力的作用

B.A对B的压力大小等J：A受到的重力大小

C.下滑过程中A的机械能守恒

D.下滑过程中B对A做负功

4.太阳系八大行星绕太阳运动的轨道可粗略地认为是圆，各行星的半径、日星距离和质量如表所示：

行星名称水星金星地球火星木星土星天王星海王

星

星球半径/XI06m2.446.056.383.4071.4960.2725.5624.75

日星距离/XlOUm0.581.081.502.287.7814.2928.7145.04

星球质量/X1024kg0.334.876.000.64190056986.8102

由表中所列数据可以估算海王星公转的周期最接近于（）

A.1050年B.165年C.35年D.

5.如图所示，物体P左边用一根轻弹簧和竖立墙相连，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度大广原长.若

再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P,直到把P拉动.在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的

弹力T的大小和地面对P的磨擦刀f的大小的变化情况是（）

A.T始终增大，f始终减小

B.T先不变后增大，f先减小后增大

C.T保持不变，f始终减小

D.T保持不变，f先减小后增大

6.传感器是把非电学物理量（如位移、速度、压力、角度等）转换成电学物理量（如电压、电流、电量等）

的一种元件.如图所示中的甲、乙、丙、丁是四种常见的电容式传感器，下列说法正确的是（）

A.图甲中两极间的电量不变，若电压减少，可判断出h变小

B.图乙中两极间的电量不变，若电压增加，可判断出0变大

C.图丙中两极间的电压不变，若有电流流向传感器的负极，则插入长度x变大

D.图丁中两极间的电压不变，若有电流流向传感器的正极，则F变大

7.如图所示，足够长的小平板车B的质量为M,以速度v0向右在光滑水平面上运动，质量为m的物体A被

轻放到车的右端，由于物体与车面之间的磨擦力f的作用，A也运动起来,当A在车面上达到最大速度时，

卜列说法错误的是（）

A.平板车的速度最小

B.物体A再也不受磨擦力作用

C.在此过程，磨擦力对A、B系统的总冲量为mvO

D.此过程经历时间为

8.如图所示，一水平放置的平行板电容器充完电后向来与电源相连，带正电的极板接地，两极板间在P点

固定一•带正电的点电荷，若将负极板向下挪移一小段距离稔定后（两板仍正对平行），则卜列说法中正确的

是（）

A.P点的电势升高B.两板间的场强不变

C.点电荷的电势能减小D.两极板所带的电量不变

9.如果a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点，电场线与梯形所在的平面

平行，ab平行cd,Rob边K为cd边匕的半，己知a点的电势是3V,b点的电势是5V,c点的电势足

7V,由此可知，d点的电势为（）

A.IVB.2VC.3VD.4V

10.内壁光滑的绝缘材料制成网轨道固定在帧角为。的斜面上，与斜面的交点是A,直径AB垂直于斜面，

直径CD和MN分别在水平和竖直方向上.它们处在水平方向的匀强电场中.质量为m、电荷量为q的小球

（可视为点电荷）刚好能静止于网轨道内的A点.现时在A点的该点电荷施加一沿圆环切线方向的瞬时冲

笊，使其恰能绕圆环完成网周运动.卜列对该点电荷运动的分析，正确的是（）

A.小球一定带负电

B.小球运动到B点时动能最小

C.小球运动到M点时动能最小

D.小球运动到D点时机械能最小

二、实验题（20分.）

11.科学实验是人们认识自然的重要手段.电学实验中时常需要测量某负载的电阻.

（1）测电阻的方法有多种，现在有一只标有“220V,1008”的灯泡，它正常工作时的电阻为------------

Q.若用多用电表的欧姆档来测量这只灯泡的电阻，则测出的电阻应（填“大于”、“等于"

或者“小于”）灯泡正常」:作时的电阻.这是因为

（2）请你用卜.列那材设计•个实验，测定灯泡正常工作时的电阻.

A.220V交流电源

B.单刀双掷开关一个

C.电阻箱一个（0~999Q,额定电流1A）

D.交流电流表一个（0~0.6A）

E.导线若干

清画出电路原理图.

12.某同学为了测电流表A的内阻精确值，有如下器材：

电流表A（量程300mA,内阻约为5Q）；

I

电流表A（量程600mA.内阻约为1Q）：

2

电压表V（量程15V,内阻约为3k2）：

定值电阻R（5Q）；

滑动变阻器R（O'lOQ,额定电流为1A）；

1

滑动变阻器R（0“250。，额定电流为0.3A）；

电源E（电动势3V,内阻较小）

导线、开关若干

（I）要求待测电流表A的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能的减少误差，从以上给定的器材

I

中选择恰当的器材.在如图所示线框内画出测殳用的电路原理图，并在图中标出所用仪器的代号.

(2)若选测量数据中的一组米计算电流表A的内因r，则「表达式为r；式中各符号的意

义是-------------

13.某日有雾的清晨，一艘质量为正5001的轮船，从某码头由静止启航做直线运动，并保持发动机输出功

率等于额定功率不变，经t=10min后，达到最大行驶速度v=20m/s,雾也恰好放开，此时船长暮地发现航

0■

线正前方s=480m处.有•只拖网渔船以v=5m/s的速度沿垂直航线方向匀速运动，旦此时渔船船头恰好位

F轮船航线上，轮船船长即将下令关闭发动机且附加了制动力F=1,0X10N,结果渔船的拖网刚好越过轮船

的航线时，轮船也刚好从该点通过，从而避免了事故的发牛.，已知渔船和拖网共长L=200m.求：

(1)轮船减速时的加速度大小a；

(2)轮船的额定功率P；

(3)发现渔船时,轮船已离开码头的距离s.

14.如图所示，两电阻不计的足够长光滑平行金属导轨与水平面夹角为0,导轨间距为1,所在平面的正

方形区域abed内存在有界匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直斜面向上.如图所示，将甲、乙两

阻值相同，质冠均为m的相同金属杆放度在导轨上，甲金属杆处在磁场的上边界，甲、乙相距1.从静止

糅放两金属杆的同时，在金属杆甲上施加一个沿着导轨的外力，使甲金届杆在运动过程中始终沿导轨向下

做匀加速直线运动，且加速度大小以a=gsinH,乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动.

(1)求每根金属杆的电阻R为多少？

(2)从刚稀放金属杆时开始计时，写出从计时开始到甲金属杆离开磁场的过程中外力F随时间t的变化关

系式，并说明F的方向.

(3)若从开始糅放两杆到乙金属杆离开磁场，乙金属杆共产生热量Q,试求此过程中外力F对甲做的功.

15.如图所示，某放射线源处于0-xy平面坐标系的0点，该放射源连续放出速度为丫的电子，电子的电

0

量:为e,质量为m.通过技术手段，只剩下在0-xy平面I、IV象限内的电子.今要让这些电子都能在-II

-+11的区域内平行x轴向x轴的正方向前进.某同学想只通过匀强磁场达到上述目的，试问

(1)磁场的大小和方向怎样？

(2)给出所加磁场的区域边界方程.

岳阳市临澄一中高考物理摹拟试卷

参考答案与试题解析

一、选择题供10小题，每小题4分，共40分.每小题有一个或者多个正确选项，全部答对的得4分，选

对但不全的得2分，错选或者不选得0分.)

1.如图所示分别为一列横波在某一时刻的图象和在x=6m处的质点从该时刻开始计时的振动图象，则这列

波()

A.沿x轴的正方向传播B.沿x轴的负方向传播

C.波速为lm/sD.波速为2.5m/s

考点：波长、频率和波速的关系：横波的图象.

分析：根据t=0时刻x=6m处质点的振动方向得到波的传播方向，由左图得到波长，右图得到周期，根据

v=求解波速.

解答：解：A、B,1=0时刻x=6m处质点的振动方向是向上，由波形平移法知，波沿x轴负方向传播，

故A错误，B正确；

C,由左图得到波长为\=8m,右图得到周期为T=0.08s,故波速v==lC-0m/s,故CD错误.

故选：B.

点评：本题关键明确波形平移方何与质点振动方向的关系，能够结合公式v=求解波速.

如图所示的电路中，当的滑动触头向右挪移时()

2.IR

A.R上电流的变化大于R上电流的变化

I3

B.R上电流的变化小于R上电流的变化

c.R上电压的变化大于路端电压的变化

D.R上电压的变化小于路端电压的变化

考点：闭合电路的欧姆定律.

专题：恒定电流专题.

分析：根据滑片的挪移方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定

律分析答题.

解答：解：AB、由电路图可知，滑动变阻器的滑动片向右挪移时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电

路的总电阻增大：

电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，并联部份的电压增大，通过R的电流

增大，因为总电流减小，所以通过R的电流减小，且R上电流的变化大于R上电流即总电流的变化，故A

II3

正确，B错误.

CD、R上电压增大，R上电压减小，它们的总电压即路端电压增大，所以R上电压的变化大于路端电压的

I12

变化.故C正确，D错误.

出AC

点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总

电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析.

3.如图所示，滑块八和B叠放在固定的斜面体匕从静止开始以相同的川速度一起沿斜面加速下滑.已知

B与斜面体之间光滑接触，则在AE卜滑过程中，卜列说法正确的是（）

A.A只受到重力和B的支持力的作用

B.A对B的压力大小等于A受到的重力大小

C.下滑过程中A的机械能守恒

D.下滑过程中B对A做负功

考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律.

专题：机械能守恒定律应用专题.

分析：先整体法分析，AB整体沿斜面向卜匀加速直线运动，再隔离A进行分析求解即可.

解答：解：A、对整体受力分析可得整体的加速度沿着斜面向下，大小为gsinO,对小木块A将加速度

分解为水平向左的加速度a和竖直向下的加速度a,

而对小木块A受力有重力mg（竖直向下）、支持力N（竖直向上）和磨擦力f（水平方向），显然水平分加

速度只能由磨擦力提供，即f=ma,

故小木块A受到水平向左的磨擦力，故A错误：

B、小木块有竖直向下的加速度，竖直方向由牛顿第二定律可得，mg-N=ma,故mg>N,所以B对A的支持

9

力的大小小于A受到的重力大小，根据牛顿笫三定律可知，AMB的压力大小小于A受到的重力大小.故B

错误：

A受力如图所示：

C、C当物块A下滑的距离为L时,合外力做的功:W=mgsinO-L,该过程中重力做的功:W=mgh=mgL・sin0=W,

IGI

可知物体受到的合外力做的功与重力做的功相等，说明除重力做的功外，其他的力做功的总和为0.即B

对A做功的合为0,所以下滑过程中A的机械能守恒.故C正确，D错误.

3C

点评：解决本题的关键知道B4整体具有相同的加速度，根据加速度确定物体的合力方向.注意整体法和

隔离法的运用.

4.太阳系八大行星绕太阳运动的轨道可粗略地认为是网，各行星的半径、R星距离和质量如表所示：

行星名称水星金星地球火星木星土星天王星海王

星

星球半径/XI06m2.446.056.383.1071.4960.2725.5624.75

日星距离/XIOllm0.581.081.502.287.7814.2928.7145.01

星球质量/X1024kg0.334.876.000.64190056986.8102

由表中所列数据可以估算海王星公转的周期最接近于（）

A.1050年B.165年C.35年D.

考点：万有引力定律及其应用.

专题：万有引力定律的应用专题.

分析：根据开普勒第三定律内容太阳系中所有行星的轨道半长轴的3次方与其公转周期的平方的比值都

R3.

相等，=k.

广

解答：解：根据开普勒第三定律内容太阳系中所有行星的轨道半长轴的3次方与其公转周期的平方的比

值都相等,

.对环绕同一中心天体运行的行星（或者卫星）都相同.

R地3R海3

所以可行

地球的公转周期是1年，从表中可以知道地球和天王星的轨道半径,

3

也”)K1年E65年.

所以天王星的公转的周期T5

1.50

故B正确.

点评：解该题关键要学恳k.式中的k值，对环绕同-中心天体运行的行星（或者卫星）都相同.

T2

5.如图所示，物体P左边用一根轻弹簧和竖宜墙相连，放在粗糙水平面匕静止时弹簧的长度大于原长.若

再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P,直到把P拉动.在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的

弹力T的大小和地面对P的磨擦刀f的大小的变化情况是（）

A.T始终增大，f始终减小

B.T先不变后增大，f先减小后增大

T保持不变，f始终减小

D.T保持不变，f先减小后增大

考点：力的合成与分解的运用：胡克定律.

专题：受力分析方法专题.

分析：在P被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体P光开始受到向右的静磨擦力，

当拉力渐渐增大时，导致浮现向左为静磨擦力，:是根据进行受力分析，即可判断.

解答：解：由题意可知，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度大于原长，

则弹簧对P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向右的静磨擦力.

当再用•个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静磨擦力从向

左变为水平向右.

所以其大小先减小后增大.故惟独D正确，ABC均错误；

故选D.

点评：本题解题的关键是对P物体进行正确的受力分析，知道当P没有运动时，弹簧弹力不变，而由于拉

力的变化，从而导致静磨擦力的方向变化，难度适中.

6.传感器是把非电学物理量（如位移、速度、压力、角度等）转换成电学物理设（如电压、电流、电送等）

的一种元件.如图所示中的甲、乙、丙、丁是四种常见的电容式传感器，下列说法正确的是（）

A.图甲中两极间的电量不变，若电压减少，可判断出h变小

B.图乙中两极间的电量不变，若电压增加，可判断出0变大

C.图丙中两极间的电压不变，若有电流流向传感器的负极，则插入长度x变大

D.图丁中两极间的电压不变，若布.电流流向传感器的正极，则F变大

考点：电容器的动态分析.

专题：电容器专题.

分析：根据电容的决定式■和定义式合分析电量不变时，电压增加时，h如何变化.分析

电压不变时，X如何变化.

£S

解答：解：A、图甲中由电容的决定式C47Tkd得知'卜变小，两极板正对面积变小，则C变小，由于

两极间的电量不变，则由电容的定义式C吊析知道，则电压变大，故A错误.

£S

B、图乙中0变大'极板正对面积减小，山电容的决定式c彳元而得知电容减小，两极间的电量不变,

则由电容的定义式（:书）•析知道，电压增加，故B正确.

C、图内中两极间的电压不变，有电流流向传感器的负极，则电容器在放电,电量减小，由电容的定义式

（:爷析知道，电容减小，由电容的决定式c=言知知,电介质向外挪移，

则x变小.故C错误.

D、图丁中两极间的电压不变,有电流流向传感器的正极，则电容器在充电,电量增加，由电容的定义式

析知道，电容增大，极板间距离减小，则E增大，F变大.故D正确.

故选：13）.

点评：本题是电容的动态变化分析问题，抓住不变量，根据电容的决定式（;詈？和定义式Cmi合进

4兀kdIT

行分析.

7.如图所示，足够长的小平板车B的质量为M,以速度v向右在光滑水平面上运动，质量为m的物体A被

e

轻放到车的右端，由于物体与车面之间的磨擦力f的作用，A也运动起来.当A在车面上达到最大速度时,

下列说法错误的是（）

A.平板车的速度最小

物体A再也不受磨擦力作用

C.在此过程，磨擦力对A,B系统的总冲量为mv

NITIZQ

D.此过程经历时何Zr（H而f

考点:动量定理.

专题：动量定理应用专题.

分析：根据动量守恒定律求出M与m的共同速度，再结合动量定理求出磨擦力的作用的时间，以及磨擦力

的冲量.

解答：解：A,根据动能守恒定律有：MvO=（M+m）v,解得：w；达到共同速度后，m速度达到最

大值，M速度达到最小值，此后•起匀速运动，故A正确：

B、达到共同速度后，m速度达到最大值，M速度达到最小值，此后一起匀速运动，故无先时滑动趋势，无

静磨擦力，故B正确：

C、根据动量定理，在此过程，磨接力对系统的总冲量等于系统动量的变化量，而系统的动量守恒，所用为

。故C错误：

D、根据动量定理，在此过程，磨擦力对m的冲量等J--m动量的增加量，有：ft=mv；

解得：t==，故D正确：

本题选错误的，故选C.

点评：本题综合考查了动量守恒定律和动量定理，也可以运用牛顿笫二定律和运动学公式联立求解，不难.

8.如图所示，冰平放苴的平行板电容器充完电后向来与电源相连，带正电的极板接地，两极板间在P点

固定一带正电的点电荷，若将负极板向下挪移一小段距离稳定后（两板仍正对平行），则下列说法中正确的

是（）

A.P点的电势升高B.两板间的场强不变

C.点电荷的电势能减小D.两极板所带的电量不变

考点：电容器的动态分析.

专题：电容器专题.

分析：电容器始终与电源连接，两端的电势走不变，负极板向下挪移一小段距离稔定后，电容发生变化，

根据Q=CU判断带电量的变化，根据E=判断电场强度的变化，可以根据U=Ed判断P点与正极板间电势差

的变化，从而得出P点电势的变化.

解答：解：A、电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，他极板向下挪移一小段距离稳定后，d变

小，根据E=,知两板间的电场强度增大.根据U=Ed知，正极板与P点间的电势差堵大，电势差等于正极

板与P点的电势之差，正极板的电势为0.所以P点的电挎降低.故A错误，B错误.

C、P点的电势降低,根据E=q4>,该点电荷是正电荷，所以电势能降低.故C正确.

P

D、根据C=,知电容器的电容增大，再根据Q=CU知，极板所带的电量增加.故D错误.

嵋C.

点评：解决本题的关键知道电容器与电源始终相连，两端间的电势差不变.电容器与电源断开，电容器的

电量保持不变.

9.如果a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点，电场线与梯形所在的平面

平行，ab平行cd,且ab边长为:d边长的一半，己知a点的电势是3V,b点的电势是5V,c点的电势是

7V,由此可知，d点的电势为（）

A.IVB.2VC.3VD.4V

考点：电势：电势能.

专题：电场力与电势的性质专题.

分析：在匀强电场中已知任意三点的电势确定第四点的电势高低，连接已知三点中的任意两点，在其连线

上找到与第三点的等势点，连接这两点，过第四点做连线的平行线，与连线的交点的电势即为第四点的电

势.

解答：解：由题意，得<l>=3Y,4>=5v,巾=7v,沿长ab.使ab=bf.且be=cf,分别作li、bh、eg、

・bc

fc平行于ab如图示，则<l>=4v,<t>=d>=7v,<t>=6=3v,故C正确

Ifcnd

槌c

点评：考查了匀强电场中不同的电势高低，方法找等势戌、等势点.

10.内壁光滑的绝缘材料制成网轨道固定在倾角为Q的斜面匕与斜面的交点是A,直径AB垂直于斜面,

直径CD和MN分别在水平和竖直方向上.它们处在水平方向的匀强电场中.质量为m、电荷量为q的小球

（可视为点电荷）刚好能静止于圆轨道内的A点.现对在A点的该点电荷施加一沿圆环切线方向的瞬时冲

量，使其恰能绕圆环完成圆周运动.下列对该点电荷运动的分析，正确的是（）

A.小球一定带负电

B.小球运动到B点时动能最小

C.小球运动到M点时动能坂小

D.小球运动到D点时机械能最小

考点：功能关系：电势能.

分析：小球原来处于岸止状态，分析电场力方向，即可判断小球的电性；找到等效最高点位置，此位置的

动能最小：电场力做功引起机械能的变化，电场力做负功最大时，机械能减小城大.

解答：解：A、小球原来处于解止状态，分析受力可知，小球所受的电场力方向向左，电场强度方向向

右，故小球带负电，故A正确；

B、C、小球静止时，受到电力、电场力和轨道的支持力作用，由平衡条件得知，重力与电场力的合力方向

与支持力方向相反，与斜面垂直向下，则小球从A运动到B点的过程中，此合力做负功，动能减小，所以

d碗运动到B点时动能最小，故B正确，C错误：

D、根据功能关系可知，电场力做负功越多，小球的机械能减小越大，可知，小球从A运动到1）点时，电场

力做负功最多，所以小球运动到D点时机械能最小，故D正确；

故选：ABD.

点评：本题关键要掌握动能定理和功能关系，在正确分析受力情况的基础上，运用功能关系进行分析，该

题中要注意的是在等效最高点的速度最小，而不是在最高点M速度及小.

二、实验题（20分.）

11.科学实验是人们认识自然的重要手段.电学实验中时常需要测量某负载的电阻.

（1）测电阻的方法有多种，现在有•只标有“220V,100W”的灯泡，它正常工作时的电阻为_皿_0.若

用多用电表的欧姆档来测量这只灯泡的电阻,则测出的电阻应小干（填“大于”、“等于”或者“小于”）

灯泡正常工作时的电阻.这是因为灯泡盅阳随温度变化而窕化,温度越岛电脚越太

（2）请你用下列器材设计一个实验，测定灯泡正常I：作时的电阻.

A.220V交流电源

B.单刀双掷开关一个

C.电阻箱一个（0~999Q,额定电流1A）

D.交流电流表一个（0~0.6A）

E.导线若干

请画出电路原理图.

考点：伏安法测电阻.

专题：实验题：恒定电流专题.

分析：（D灯泡正常发光时温度可以达到一千多摄氏度，金属电阻（率）随温度升高而增大；考虑灯

泡发光时产生热量，则导致电阻率变大，使得工作时电阻偏大.

（2）解答该题的思路为想法测量出灯泡的电压，即可测量其工作状态时的实际电阴值，在设计实验的时候

可以将灯泡和电阻箱并联，当流过它们的电流相等时，则电压相同，由此可求出工作时的电阻.

解答：解：⑴根据号得到：R#二二484Q：

灯泡正常发光时温度可以达到一千多摄氏度，金属电阻（率）随温度升寻而增大，故常温下电阻较小：

⑵由于没有电压表，不能使用伏安法测量电阻，所以要将灯泡和电阻箱并联，当;应过它们的电流相等时，

则电压相同，由此可确定灯泡工作时的电阻等于电阻箱的电阻.

故电路原理图如图所示:

故答案为：（1）484小于灯泡电阻随温度变化而变化，温度越高电阻越大

（2）电路原理图如图所示

点评：考查公式及式中成立条件，是不是受温度的影响.同时还体现电阻率随着温度升

高而增大.

明确实验原理是进行实验设计的前提，在进行设计实9佥时，要熟练应用辟并联的有关知识.这点在平时训

练中要加强练习.

12.某同学为了测电流表A的内阻精确值，有如下器材：

电流表A（量程300mA,内阻约为5Q）：

I

电流表A（量程600IIV\,内阻约为1C）：

2

电压表V（炭程15V,内阻约为3kQ）；

定值电阻R（5ft）：

0

滑动变阻器R（O'lOQ,额定电流为1A）：

滑动变阻黯R（0'250Q.额定电流为0.3A）：

电源E（电动势3V,内阻较小）

导线、开关若干

（D要求待测电流表A的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能的减少误差，从以上给定的器材

i

中选择恰当的器材.在如图所示线框内画出测量用的电路原理图，并在图中标出所用仪器的代号.

⑵若选测量数据中的一组来计算电流表A耳J内阻r、则、表达式为r式中

各符号的意义是I和1介剂天东鹏次涧目A衣A的诲酸.R为U伯巾I丹的口I伯.

12120

考点：伏安法测电阻.

专题：实脍题：恒定电流专题.

分析：待测电流表A的示数从学开始变化，则滑动变阻器采用分压式接法，电压表量程偏大，不可以用

电压表测量电流表A的电压，通过电流表A与定值电阻并联，再与A率联，测室电压表A的电压，根据欧

IIII

姆定律求出电流表A的内阻.

I

解答：解：(1)要求待测电涿表A的示数从零开始变化，则滑动变阻器采用分压式接法，由于电压表

的量程较大，测量电流表A的电压测量误差较大，选择电流表A与定值电阻并联,再与A串联，结合欧姆

II2

定律得出A两端的电压.如图所示.

I

⑵根据串并联电路的特点，通过定值电阻的电流1=1-1,则电流表4的内阻

R2II

IRR012—11

r«=——=--——・R「【和I分别表示某次测量A表A的读数.R为定值电阻的阻值.式中I

1Lj1।u।2।«。■

和I分别表示某次测量A表A的读数.R为定值电阻的阻值.

I12。

故答案为；(D突险电路如图所示：

I2-Ii

(2)tj----------------・R科中I”I分别表示某次测量A零A的读数.R.为定值电阻的阻值.

点评：解决本题的关键知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及掌握器材选取的原则，即安

全、精确.

13.某日布.雾的清晨，一艘质成为廿5001的轮船，从某码头由静止启航做直线运动，并保持发动机输出功

率等于额定功率不变，经t=10min后，达到最大行驶速度v=20nv's,雾也恰好散开，此时船长蓦地发现航

0■

线正前方s=480in处，有一只拖网渔船以v=5m/s的速度沿垂直航线方向匀速运动，且此时渔船船头恰好位

D

于轮船航线上，轮船船长即将下令关闭发动机且附加了制动力F=I.OXION,结果渔船的拖网刚好越过轮船

的航线时，轮船也刚好从该点通过，从而避免J'事故的发生，已知渔船和拖网共长L=200m.求：

(1)轮船减速时的加速度大小a；

(2)轮船的额定功率P：

(3)发现渔船时，轮船已离开码头的距离s.

考点：运动的合成和分解：功率、平均功率和瞬时功率.

专题：运动的合成和分解专题.

分析：(1)先求出洵船通过的时间，轮船运动的时间等于洵船运动的时间，根据位移时间公式即可求

得加速度：

(2)根据牛顿第二定律求出轮船所受阻力，城大速度行驶时，牵引力等于阻力，再根据功率P=Fv求出功

■

率：

(3)从开始运动到看到渔船的过程中运用动能定理即可解题.

解答：解：(1)渔船通过的时间为：t==s=40s

由运动学公式有：=vt+ab.

s*

得：a==-0.4m/sz

(2)轮船做减速运动时，

由牛顿笫二定律得：-(F+l；)=na

f

解得：F=1.0X10,N

I

最大速度行驶时，牵引力为：F=F=l.0X10；N,

f

功率为：P=Fv=Fv=1.0X10；X2(IW=2.OX10-W

■fa

(3)由动能定理得：Pt+(-FS)=mv

0fI

代入数据解得：S=l.ixio.m

I

答：(D轮船减速时的加速度大小为O.4m/S2：

(2)轮船的额定功率P为2.0X10.W：

(3)发现渔船时，轮船离开码头的电离为LlX10.ro.

点评：本题主要考查了运动学基本格式、牛顿第二定律及动能定理得直接应用，难度适中，解题时注意牵

引力做的功等于功率与时间的乘枳.

14.如图所示，两电阻不计的足够长光滑平行金属导轨与水平而夹角为0,导轨间距为1,所在平面的正

方形区域abed内存在有界匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直于斜面向上.如图所示，将甲、乙两

阻值相同，质量均为m的相同金属杆放置在导轨上，甲金属杆处在磁场的上边界，甲、乙相距1.从静止

释放两金属杆的同时，在金屈杆甲上施加一个沿着导轨的外力，使甲金属杆在运动过程中始终沿导轨向下

做匀加速直线运动，且加速度大小以a=gsin。，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动.

(1)求每根金属杆的电阻R为多少？

(2)从刚释放金属杆时开始计时，写出从计时开始到甲金属杆离开磁场的过程中外力F随时间t的变化关

系式，并说明F的方向.

(3)若从开始释放两杆到乙金屈杆离开磁场，乙金属杆共产生热量Q,试求此过程中外力F对甲做的功.

考点：导体切割磁感线时的感应也动势；力的合成与分解的运用：共点力平衡的条件及其应用；安培力；

电磁感应中的能量转化.

专题：压轴题；电磁感应—功能问题.

分析：(1)甲、乙匀加速运动时加速度相同，当乙通过位移I进入磁场时，甲刚出磁场，由运动学速

度位移公式求出乙进入磁场时的速度，乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动，根据平衡条件求解电阻R.

(2)从刚释放金属杆时开始计时，由于甲的加速度大小a=gsin0,