九师联盟-2026届高三-2025年12月教学质量检测-物理-答案

考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。要求的.C.电影院看电影时戴的3D眼镜是利用光的干涉原理2.在足球场上，一质量为m=450g的足球朝运动员以vo=20m/s的水平速度迎面而来，然后运动员将足球以v=30m/s的速度反方向踢回，规定足球被踢回的方向为正方向.下列说法正确的是A.足球动量的变化量为4.5kg·m/sB.运动员对足球的冲量为一22.5N·sC.运动员对足球不做功D.运动员对足球做功为112.5J【高三第4次质量检测·物理第1页(共6页)】S一GD.图中t₂=3.5t₀【高三第4次质量检测·物理第2页(共6页)】S-G下列说法正确的是A.物块A与ab段的动摩擦因数为0.5C.物块A下滑的最大速度A.导体棒ab所受的安培力水平向左C.导体棒与导轨间的动摩擦因数为0.5【高三第4次质量检测·物理第3页(共6页)】S-GA.P₄挡住P₃C.P₄挡住P₃和P₁、P₂的像折射率为n=,乙同学以出射点O为圆心，适当的长度为半径画圆，圆与人射光线、出射的半径为R,ac=L,bd=L₂,则玻璃砖的折射率为n=12.(8分)某实验小组的同学为了测量电源的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，已知电流表的内阻为R,保护电阻阻值为R₀.(1)为了完成实验，该小组的同学首先用多用电表粗略测量了金属丝的电阻值，测量时首先将旋钮调甲乙(3)闭合电键，移动滑片P的位置，将滑片P到a端的距离记为L,同时记录多组与L相对应的电流图像；若金属丝的直径为d,电阻率为p,图像的斜率为k,纵截距为b,该电源的电动势为E=,电源的内阻为r=.(均用题中字母表示).13.(10分)如图所示为一列沿x轴传播的简谐横波在t=1s时的波形，质点P从t=0时刻开始计时的振动方程为y=-4sinπt(cm),若该简谐横波的波速为v=12m/s.求：(1)波的传播方向以及质点P的横坐标；【高三第4次质量检测·物理第5页(共6页)】S-G(3)若地面光滑且F=mg,求小球C重力的最大功率.【高三第4次质量检测·物理第6页(共6页)】S一G高三物理参考答案、提示及评分细则球由动量定理得I=△p,解得I=22.5N·s,B错误；对足球由动能定理得,代入数据解得W=3.A仅将温度升高少许，封闭气体的压强不变，由公可知，封闭气体的体积增大，气体对外做功，气体的温度升高，气体的内能增加，由热力学第一定律△U=Q+W可知，气体从外界吸收热量，A正确；仅在活塞上放置砝码，封闭气可知，气体的体积减小，外界对气体做功，由于气体的温度不变，气体的内能不变，则气体错误；仅在活塞上放置砝码，由于封闭气体的压强增大，则单位体积单位时间撞击器壁的分子数增多，B错误；仅打开阀门放出少许气体，剩余气体压强不变，温度不变，分子平均动能不变，D错误.4.B由题意可知，规定向右的方向为正，结合图乙可知0.2s时，物体P正经0点向左运动，A错误；0.3s时，物体P正的位移最大，回复力最大，加速度最大，因此物体Q所受的摩擦力水平处，即位于B点，此时振子的回复力最大，加速度最大，且方向向左，D错误.图可知，0～t₁时间内质点的位移为9x。,则,解得t₁=3to,C,又由以上解析可知,解得t₂=3.25to,D错误.6.B由题意作出光路图，如图所示，由几何关系可知∠2=30°,由折射定律得√2,A错误；已知R,OC=R,,则有,解得∠3=30°,由反射定律可知∠4=30°,所以光束在弧面C点的偏转角为120°,B正确；又由几何关系可知∠5=30°,由折射定律得,解得∠6=45°,则光束第一得,又2CDcos30°=R,解得,光在棱镜中传播的距离为x=SC+CD=√3R,光在介质中【高三第4次质量检测·物理参考答案第1页(共4页)】S一G7.A剪断轻绳后，物块A沿斜面体向下加速运动，由牛顿第二定律得mgsinθ—μmgcosθ=ma,解得a=gsinθ—μgcosθ,又v²=2aL,联立解得μ=0.5,A正确；设bc间的距离为x,物块A由b到c的过程中，对物块A由动能定理得,在c点时对物块A由牛顿第二定律得F—mgsin错误；设物块A下滑的速度最大时轻弹簧的压缩量为x′,此时物块A的加速度为0,则mgsinθ=kx′,对物块A由动能,联立解得C错误；剪断细绳前，对物块A由力的平衡条件得mgsinθ=fm+T,又T=mBg,fm=μFɴ,垂直斜面方向有Fɴ=mgcosθ,解得mB=0.2kg,D错误.8.BC由电路可知，流过导体棒ab的电流方向从b到a,由左手定则可知导体棒ab所受的安培力方向与磁场垂直斜向左上方，A错误；对导体棒受力分析，如图所示，由闭合电路欧姆定律得2.5A,导体棒ab所受的安培力大小为F安=BIL,代人数据解得F安=2.5N,B正确；水平方向上由力的平衡条件得F安sina=f,导体棒ab刚好静止，则有f=μFɴ,又在竖直方向上有F安cosa+Fɴ=mg,解得μ=0.5,C正确；若仅将磁场方向改为竖直向上，则导体棒ab所受的安培力水平向左，大小为F安=2.5N,导体棒与导轨间的最大静摩擦力为fm=μmg=2.5N,显然导体棒ab仍刚好静止，D错误.9.BD设碰前小球A的速度为vo,则有,若两球发生的完全非弹性碰撞，设碰后的速度为v,则由动量守恒定律得mvo=(m+2m)v,解得,小球A的动能为,解得,小球B的动能为,解得,A错误，B正确；若两球发生的是弹性碰撞，设碰后小球A、B的速度大小为分别为v₁、v2,则由动量守恒定律以及机械能守恒定律得mo=mv₁+2mv₂,解得,小球A的动能为,解得,小球B的动能为,解得,C错误，D正确.10.AD若R时，由机械能守恒定律得,在B点时有,解得Fɴ=2mg,由牛顿第三定律可知小球在B点时对轨道的压力大小为2mg,A正确；小球刚好运动到与圆心O等高点时，由机械能守恒定律得mgh₁=mgR,解得h₁=R,小球刚好通过C点时，有,对小球从释放到C点的过程，由机械能守恒定律得,解得,则小球在BC段不脱离半圆轨道满足的条件为0<h≤R或R,B错误；若h=4R,小球在C点的速度为v₃,则,解得v₃=2√gR,小球离开C点后做平抛运动，小球在空中运动的时间为,小球的水平位移为x=v₃t,解得x=4R,C错误；小球脱离轨道时，有mgcosθ= ,又由机械能守恒定律得,解得θ=37°,D正确.解析：(1)利用插针法测量玻璃砖的折射率时，在插P₃时，应使P₃挡住P₁、P²的像，在插P时，应使Pa挡住P₃和(2)由题意可知，P₁P₂⊥BC,则光线在玻璃砖中的入射角为θ,出射光线与AC的夹角为θ,则出射光线的折射角为【高三第4次质量检测·物理参考答案第2页(共4页)】S—G(90°—θ),由折射定律得,则玻璃砖的折射率为;若按乙同学的方案处理数据时，光在玻璃砖中的入射角的正弦值为,出射光线的折射角的正弦值为,由折射定律得,则玻璃砖的折射率12.(1)6.0(1分)(2)b(1分)(3分)(3分)(2分)解析：(1)由多用电表的读数规则可知，待测金属丝的电阻值为6.0×1Ω=6.0Ω;(2)为了保证实验器材安全，电键闭合前应使接入电路的电阻值最大，即金属丝上的滑片应置于b端；(3)由闭合电路欧姆定律得E=I(r+R₀+R,+R),又由电阻定律得,电阻丝的横截面积为,整理得,为了使图像拟合成倾斜直线，应作出图像，结合题意得,解得电源的电动势13.解：(1)由质点P的振动方程可知，t=1s时质点P正处在平衡向上振动，则波的传播方向沿x轴的正方向(1分)由y=-sinπt(cm)可知该波的周期为s(1分)简谐横波的波长为λ=vT=24m(1分)由图可知，质点P的横坐标值应为10m(1分)(2)设坐标原点处质点的振动方程为y=Asin(wt+φ)(1分)由图可知A=4cm(1分)由图可知，t=1s时原点处质点的位移为y=2cm(1分)t=3.5s时坐标原点处质点的位移为y=-2√3cm(1分)则该时间内坐标原点处的质点通过的路程(1分)14.解：(1)系统静止时，对小球C有对滑块A有联立解得F=3mg(1分)(2)从初始至两轻杆夹角为106°过程对整体有(2分)v₁cos53°=vzcos37°(1分联立解得A、B的速度大小(1分)小球速度大小(1分)(3)分析可知，当小球落地时速度最大，且A、B速度刚好为零粒子在速度选择器中运动时，由平衡条件得(1分)(2)结合题意作出粒子在虚线12间的运动轨迹，如图所示设粒子的轨道半径为R,由几何关系得d=R₁—Rsin30°又洛伦兹力