2027届海南省文昌侨中物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

2027届海南省文昌侨中物理高二第一学期期中检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A．甲的速率与乙的速率之比为1：1B．甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C．甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D．甲的动能与乙的动能之比为1：12、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A．根据电场强度的定义式E＝可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B．根据电容的定义式C＝可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．根据电势差的定义式UAB＝可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则UAB=1VD．根据真空中点电荷的电场强度公式E＝k可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关3、如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（）A．，竖直向下B．，竖直向上C．，水平向左D．，水平向右4、如图两个等量异种点电荷电场，AB为中垂线，且AO=BO，则()A．A、B两点场强相等B．正电荷从A运动到B，电势能增加C．负电荷从A运动到B，电势能增加D．A点电势高于B点电势5、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在Δt时间内,通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为(

)A． B． C． D．6、关于物体的惯性，下列说法正确的是A．同一物体在地球上比在月球上惯性大B．物体只有在静止或做匀速直线运动时才有惯性C．乒乓球的速度可以被快速改变，是因为兵乓球的惯性小D．汽车速度越大，刹车所用时间越长，说明物体速度越大，惯性越大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,是一演示波的衍射的装置，S为在水面上振动的波源，M、N是水面上的两块挡板，其中N板可以移动，两板中有一狭缝，此时测得图中A处水没有振动，为了使A处的水也能发生振动，下列措施可行的是A．使波源的振动频率增大 B．使波源的振动频率减小C．移动N板使狭缝的间距增大 D．移动N板使狭缝的间距减小8、如图所示，粗糙程度处处相同的半圆形竖直轨道固定放置，其半径为R，直径POQ水平。一质量为m的小物块（可视为质点）自P点由静止开始沿轨道下滑，滑到轨道最低点N时，小物块对轨道的压力为2mg，g为重力加速度的大小。则下列说法正确的是A．小物块到达最低点N时的速度大小为B．小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgRC．小物块从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功为D．小物块从P点开始运动经过N点后恰好可以到达Q点9、如图所示，置于匀强电场中的一带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，且bd线与竖直方向的夹角为45°，则下列结论正确的是()A．此液滴带负电B．液滴做匀加速直线运动且加速度等于gC．合外力对液滴做的总功等于零D．液滴的电势能减少10、如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），小球从紧靠左极板处由静止开始释放，小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打在右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（）A．它们的运动时间的关系为B．它们的电荷量之比为C．它们的动能增量之比为D．它们的电势能减少量之比为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现要测定一个额定电压为3V、额定功率为1.2W的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围为0～3V.现有器材：直流电源E(电动势4.5V，内阻不计)，电压表V1(量程3V，内阻约为3kΩ)，电压表V2(量程15V，内阻约为15kΩ)，电流表A1(量程200mA，内阻约为2Ω)，电流表A2(量程400mA，内阻约为1Ω)，滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)，开关S，导线若干．（1）如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电压表是________（填写V1或V2），选用的电流表是________（填写A1或A2），（2）将测量小灯泡电阻的实验电路图画在答题纸的虚线框内___________．12．（12分）在测金属电阻率实验中：（1）测长度时，金属丝的起点、终点位置如图（a），则长度为：______cm（2）用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图（b），则直径为：______mm（3）读出电压表和电流表的读数：电压表：______；电流表：__________．（4）测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻Rx在组成测量电路时，应采用电流表________(选填“外”或“内”)接法，待测金属丝电阻的测量值比真实值偏________(选填“大”或“小”)；请在实物图中完成实物连线______.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一名滑雪者在倾斜的雪道上由静止开始匀加速滑下，经t=5s的时间下滑了x=50m，随即进入与倾斜雪道平滑连接的水平雪地做匀减速直线运动，如图所示，已知运动员与其全部装备的总质量m=80kg，取g=10m/s1．不计空气阻力．（1）求运动员在倾斜的雪道上下滑时的加速度a的大小；（1）求运动员滑动倾斜雪道底端时速度v的大小；（3）若滑雪者在水平雪地上滑行的最大距离是l=100m，求滑雪者在水平雪地上受到的阻力f的大小．14．（16分）如图所示，水平向左的匀强电场的场强E=4v/m，垂直纸面向内的匀强磁场的B=2T，质量为m=1Kg的带正电的小物块A从竖直绝缘墙上的M点由静止开始下滑，滑行h=0.8m到达N点时离开墙面开始做曲线运动，在到达P点开始做匀速直线运动，此时速度与水平方向成45°角，P点离开M点的竖直高度为H=1.6m，取g=10m/s2试求：（1）A沿墙下滑克服摩擦力做的功Ｗｆ(2)P点与M点的水平距离Ｘｐ15．（12分）如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比．在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态．不计两小球之间的静电力作用．（1）求细线的张力；（2）剪断细线，若A球下落的最大速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功．（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：．故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动量大小相等，方向相反。由动量定理：I=△mv=△P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1．故C正确；动能的表达式：Ek＝mv2＝，所以：．故D错误。故选C。该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。2、D【解析】

电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故B错误．据电势差的定义式UAB=知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为-1J，则A、B点的电势差为-1V，故C错误．根据点电荷的场强公式E=k知：Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故D正确．故选D．本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定；电容取决于电容器本身；灵活应用电势差的定义式．3、C【解析】试题分析：由匀强电场的电场强度与电势差的关系可得，电场强度的方向与等势面垂直由高电势指向低电势即水平向左．C选项正确，ABD选项错误．故选C考点：匀强电场的电场强度与电势差的关系点评：在匀强电场中，任意两点间的电势之差，等于电场强度跟这两点沿电场强度方向上的距离的乘积．即d必须是沿场强方向的距离，如果电场中两点不沿场强方向，d的取值应为在场强方向的投影，即为电场中该两点所在的等势面的垂直距离，方向关系，场强的方向就是电势降低最快的方向即电场线与等势面垂直且由高等势面指向低等势面．4、A【解析】一对等量异号电荷的电场强度关于两者的连线对称，故A、B两点的电场强度相同，故A正确，一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故无论是正电荷还是负电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故电势能不变，故BC错误；一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故A、B两点的电势相等，电势差为零，故D错误；故选A．点睛：本题关键是明确一对等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图，要做到胸中有图；同时要特别注意两个电荷的连线和中垂线上的电场情况．5、C【解析】

在时间内，流经导线的电荷量为，而电子的电荷量为，则时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析相符，故C正确；D.与分析不符，故D错误．6、C【解析】

A.惯性大小只与物体的质量有关，一个物体从地球移到月球质量不变，惯性不变，故A错误；B.惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，任何物体在任何情况下都有惯性。故B错误；C.乒乓球质量小，惯性小，所以容易改变其运动状态，故C正确；D.惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】波长越长衍射越明显，再由，可使波源的振动频率减小，波长增大，或移动N板使狭缝的间距增大8、BC【解析】

设小物块到达最低点N时的速度大小为v。在N点，根据牛顿第二定律得：FN-mg=m；据题有FN=2mg；联立得，故A错误。小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgR，故B正确。小物块从P点运动到N点的过程，由动能定理得：mgR-Wf=mv2，可得克服摩擦力所做的功为Wf=mgR，故C正确。由于小物块要克服摩擦力做功，机械能不断减少，所以小物块不可能到达Q点，故D错误。故选BC。本题主要考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，要知道在最低点，靠重力和支持力的合力提供向心力．9、ABD【解析】A、若液滴带正电,其受力情况如图一所示,液滴不可能沿bd运动,故只能带负电荷,所以A选项是正确的.

B、对液滴进行受力分析,其受力情况如图二所示,故物体所受合力,故物体的加速度,做匀加速直线运动,所以B选项是正确的.

C、因为液滴从静止开始做加速运动,故合力的方向与运动的方向相同,故合外力对物体做正功,故C错误.

D、因为电场力做正功，故液滴的电势能减小,所以D选项是正确的.综上所述本题答案是：ABD点睛：根据带电液滴作直线运动可以知道带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向,利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质,从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度;根据合外力的方向与速度的方向相同可以知道合外力做正功,根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况.10、BD【解析】两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式，可知它们运动时间相同，故A错误．小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移，由，得加速度之比．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为，，则，故B正确．由场力做功分别为，，由于，，得，故电势能的减小量为，而重力做功相同，则合力做功之比．则动能增加量之比，故C错误，D正确．故选BD.【点睛】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1A2【解析】

（1）灯泡的额定电压为3V，则电压表选V1；小灯泡的额定电流I=P/U=0.4A=400mA，故电流表应选量程为400mA的，即A2；（2）小灯泡的电阻R=U2/P=7.5Ω，由于R≪RV，故应选电流表外接法．滑动变阻器采用分压式接法．电路图为：12、60.48（60.46—60.50均可）1.980(1.976—1.984均可)0.80V（0.78V—0.84V均可）0.36A(0.35—0.37均可)外小【解析】（1）由图示刻度尺可知，金属丝的长度为：70.48-10.00=60.48cm；（2）由图示螺旋测微器测可知，固定刻度示数是1.5mm，可动刻度示数是48.0×0.01mm=0.480mm，金属丝直径为1.5mm+0.480mm=1.980mm；

（3）电压表选择的0~3V量程，故分度值为0.1V，所以读数为0.8V；电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故读数为0.36A；（4）因为被测电阻和电流表内阻接近，故采用电流表外接法，电压不需要从零开始，滑动变阻器采用限流接法，电路图如图所示，由于电压表分流，即电流测量值偏大，而电压值测量准确，所以根据可知测量值偏小，四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4m/s1；（1）10m/s；（3）160N．【解析】【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动员下滑的加速度，结合牛顿第二定律求出运动员所受的阻力大小解：(1)根据得，运动员下滑的加速度大小(1)运动员滑动倾斜雪道底端时速度(3)运动员在水平雪地上匀减速直线运动的加速度