2027届江苏省江门中学物理高二上期中质量检测试题含解析

2027届江苏省江门中学物理高二上期中质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是一个示波管的工作原理图，电子经加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U，极板长为L，每单位电压引起的偏转量叫示波管的灵敏度（h/U），为了提高灵敏度，可采用的方法是：（）A．增加两板间的电势差U； B．尽可能使极板长L做得短些；C．尽可能使极板距离d减小些； D．使电子的入射速度v0大些．2、两个完全相同的绝缘金属小球A、B，A球所带电荷量为+4Q，B球不带电．现将B球与A球接触后，移至与A球距离为d处（d远大于小球半径）.已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间的库仑力大小是（）A． B． C． D．3、如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线，以下说法正确的是A．电池组的内阻是1ΩB．电阻的阻值为0.33ΩC．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4WD．将该电阻接在该电池组两端，电池组的总功率将是4W4、如图所示，电阻R＝20Ω，电动机的绕组电阻R′＝10Ω。当开关断开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P。当开关合上后，电动机转动起来．若保持电路两端的电压U不变，电流表的示数I′和电路消耗的电功率P′应是A．I′＝3I B．I′>3IC．P′＝3P D．P′<3P5、“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示，实验中发现重物减小的重力势能略大于增加的动能，其主要原因是()A．未测量重物的质量 B．先接通电源，后释放纸带C．使用的重物质量大，体积小 D．重物和纸带在下落时受到阻力6、一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点过程中，电场力做了2×10-6J的正功，那么（）A．电荷在B处时具有2×10-6J的动能B．该过程中电荷的电势能减少了2×10-6JC．电荷在B处时具有2×10-6J的电势能D．该过程中电荷的动能减少了2×10-6J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电场强度E的说法正确的是（）A．电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同B．根据E=F/q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比；C．用负电荷所受电场力跟它的电量的比值也能求出电场强度的大小；D．公式E=kQ/r2对任何电场都适用；8、一根长为0.2m，电流为4A的通电导线，放在磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，受到的安培力大小可能是（）A．0.4N B．0.5N C．0.3N D．09、如图所示,电源电动势为E内阻r。M、N是平行板电容器的两个极板,R0为定值电阻,R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F，电容器带电量为Q。下列判断正确的是(

)A．只增大R1时，电容器两板间电压减小，F将变小B．只增大R1时，电容器两板间电压不变，F将不变C．只增大R2时，电压表示数增大，电流表示数减小，F变小D．只增大R2时，电容器所带电荷量增大，板间场强变大，故F将变大10、一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确（）A．此液滴带负电B．液滴的加速度等于2C．液滴的重力势能和电势能都减小D．合外力对液滴做的总功等于零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某兴趣小组用“测定金属丝的电阻率”的实验方法测出金属丝的长度，用螺旋测微计测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率。(1)若用螺旋测微器测得金属丝直径d的读数如图，则直径d=___mm.(2)粗测电阻丝的电阻约为5Ω，用伏安法测量该金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下可供选择的器材：A、电池组(3V,内阻约1Ω)B、电流表A1(0∼3A,内阻0.0125Ω)C、电流表A2(0∼0.6A,内阻约为0.125Ω)D、电压表V1(0∼3V,内阻3kΩ)E、电压表V2(0∼15V,内阻15kΩ)F、滑动变阻器R1(0∼20Ω,允许最大电流1A)G、滑动变阻器R2(0∼2kΩ,允许最大电流0.3A)G、开关，导线若干。为了实验电路更节能,且测量结果尽量准确,测金属丝电阻时电流表应选_________,电压表选_______,滑动变阻器应选______(填写仪器前字母代号)12．（12分）为了较精确地测量一节新电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：理想电压表V（量程0～3V，），电流表A（具有一定内阻，量程0～0.6A，），定值电阻R0（R0=1.50Ω），滑动变阻器R1（0～10Ω），滑动变阻器R2（0～200Ω），开关S．实验电路原理为图（a）(1)为方便调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用______（填“R1”或“R2”）．(2)用笔画线代替导线在图(b)中完成实物连接图________________．(3)定值电阻R0在电路中作用是_____________（只要求写出一点）(4)实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U-I图线如图（c）所示，则干电池的电动势__________V,干电池的内阻r=_________Ω．（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）游乐场过山车的运动情况可以抽象为如图所示的模型：弧形轨道AB的下端B点与半径为R的竖直圆轨道平滑连接，质量为m的小球从弧形轨道上离水平地面高度为h的A点由静止开始滚下，小球进入竖直圆轨道后顺利通过圆轨道最高点C，不考虑摩擦等阻力，重力加速度为g．求：（1）小球位于A点时的重力势能（以水平地面为参考平面）；（2）小球从A点运动到C点的过程中，重力所做的功；（3）小球经过C点时的速度大小．14．（16分）电场中某区域的电场线如图所示，A、B是电场中的两点.一个电荷量q=+4.0×10-8C的点电荷在A点所受电场力FA=2.0×10-4N，将该点电荷从A点移到B点，电场力做功W=8.0×10-7J.求：（1）在图中画出电荷在A点受电场力的示意图；（2）A点电场强度的大小EA；（3）A、B两点间的电势差UAB。15．（12分）如图所示，A点距坐标原点的距离为L，坐标平面内有边界过A点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于坐标平面向里．有一电子(质量为m、电荷量为e)从A点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场区域，在磁场中运动，从x轴上的B点射出磁场区域，此时速度方向与x轴的正方向之间的夹角为60°，求：(1)磁场的磁感应强度大小；(2)磁场区域的半径R；(3)磁场区域的圆心O1的坐标；(4)电子在磁场中运动的时间．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

电子在匀强电场中发生偏转，根据已知的条件，写出偏转量的表达式，根据公式进行说明．【详解】设电子的电量为q，质量为m，加速度为a，运动的时间为t，则加速度，运动时间，偏转量．所以示波管的灵敏度，通过公式可以看出，提高灵敏度可以采用的方法是：加长板长L，减小两板间距离d和减小入射速度，C正确．2、C【解析】

未接触前，根据库仑定律，得：库仑为零；接触后两球带电量q=4Q，每个球的电荷量为2Q，再由库仑定律，得，故C正确．故选C．3、AD【解析】由图线a斜率倒数的大小求出电池组的内阻．故A正确．由图线b斜率倒数的大小求出电阻的阻值．故B错误．将该电阻接在该电池组两端，电路中电流I=1A，路端电压为U=3V，电池组的输出功率P出=3W．故C错误．由图线a读出电源的电动势E=4V．当外电阻等于电池内阻时，该电池组的输出功率最大，电池组的最大输出功率Pmax==4W．故D正确．故选AD.4、D【解析】

AB.因闭合开关后保持电压不变，故R中的电流不变；由并联电路的规律可知，电流表中电流为电动机电流与R中电流之和；因为电动机电流一定小于电动机卡住时的电流；故电动机电流，故，故AB错误；CD.由功率公式可知，R消耗的功率不变，而电动机消耗的功率小于2P，故总功率小于3P，故C错误，D正确；5、D【解析】

A项：由公式可知，与物体的质量无关，故A错误；B项：本实验应先接通电源，后释放纸带，对实验结果没有影响，故B错误；C项：使用的重物质量大，体积小可以减小实验误差，故C错误；D项：重物和纸带在下落时受到阻力，部分机械能转化为内能，即减小的重力势能一部分转化为内能，故D正确．6、B【解析】

AD.电荷只在电场力作用下，电场力做了的正功，合力做功即为，根据动能定理得知，动能增加了，故AD错误；BC.电场力做了的正功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小，故B正确，C错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】电场中某点场强方向就是该点所放正电荷电荷受到的电场力的方向，与负电菏受力的方向相反，故A正确；公式E=Fq是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，不与电场力F成正比，与电量q成反比，故B错误；由公式E=Fq，用负电荷所受电场力跟它的电量的比值也能求出电场强度的大小，选项C正确；公式E=kQr2是点电荷的电场强度的计算式，所以E与Q成正比，与r28、ACD【解析】

当直导线与磁场方向垂直时所受的安培力最大，最大安培力为F=BIL=0.5×4×0.2=0.4N可知导线所受的安培力可能为0.4N、0.3N和0，不可能是0.5N。故选ACD。9、BC【解析】

AB．当只增大R1时，由于电容器相当于开路，所以对整个回路无影响，电容器两端电压等于R0两端的电压，大小不变，所以库仑力不变，F不变。故A错误，B正确。CD．当增大R2

时，由于R0

与R2串联，总电阻增大，故总电流减小，即电流表示数减小；外电压增大，即电压表示数增大；R0

两端的电压会减小，即电容器两端电压减小，电荷量减小，电场强度变弱，库仑力减小。悬线拉力F为库仑力和重力的合力，故F减小。故C正确，D错误。10、ABC【解析】

根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况。【详解】A项：若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确；B项：对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，故物体所受合力F=2mg，故物体的加速度a=2C项：由于电场力所做的功W电=Eqxbdcos45°＞0，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，液滴向下运动，所以重力势能也减小，故C正确；D项：由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，故D错误。故应选：ABC。带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.520CDF【解析】

(1)螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；(2)根据电源电动势选择电压表，根据通过待测电阻的最大电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器。【详解】(1)由图示螺旋测微器可知，其读数为：0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm；(2)因为电动势为3V，故电压表选择D，因为金属丝的电阻大约为5Ω，最大电流Imax≈35A=0.6A12、R1保护电路2.01.0