2027届晋城市重点中学物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

2027届晋城市重点中学物理高二第一学期期中教学质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况．一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示．若不考虑其它力，则下列判断中正确的是（）A．若粒子是从A运动到B，则粒子带正电；若粒子是从B运动到A，则粒子带负电B．不论粒子是从A运动到B，还是从B运动到A，粒子必带负电C．若粒子是从B运动到A，则其速度减小D．若粒子是从B运动到A，则其加速度增大2、两个相同的带电小球相距r时，相互作用力大小为F，电荷量分别为和，将两球接触后分开，放到相距2r处，相互作用力大小为（）A．B．C．D．3、如图所示，一矩形线框，从abcd位置移动到a′b′c′d′位置的过程中，关于穿过线框的磁通量情况，下列叙述正确的是(线框平行于纸面移动)()A．一直增加B．一直减少C．先增加后减少D．先增加，再减少直到零，然后再增加，然后再减少4、关于电场强度的表达式，下列说法中正确的是（）A．式中，F是放入电场中的电荷所受的电场力，q是场源电荷的电荷量B．电场强度E跟F成正比，跟q成反比C．电场中某点的电场强度E与检验电荷q的正负、大小无关D．该式是电场强度的定义式，只适用于点电荷产生的电场5、关于弹力和摩擦力，下列说法中错误的是（）A．弹力和摩擦力都是接触力 B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力 D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直6、如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，1、2两点间距离与3、4两点间距离相等．下列判断正确的是（）A．1、2两点的电势差与3、4两点的电势差相等B．2、3两点的电场强度相等C．1、2两点的电场强度相等D．点1的电势大于点4的电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电饭锅工作时有两种状态。一种是锅内水烧干前的加热状态，另一种是锅内水烧干后保温状态，如图所示是电饭锅电路原理示意图，K是感温材料制造的开关。下列说法中正确的是（）A．其中R2是供加热用的电阻丝B．当开关S接通时电饭锅为加热状态，S断开时为保温状态C．要使R2在保温状态时的功率为加热状态的一半，应为2：1D．要使R2在保温状态时的功率为加热状态时一半，应为8、关于磁场对通电直导线的作用力，下列说法中正确的是A．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，等于零B．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C．通电直导线跟磁场方向不垂直时没有作用力D．作用力的方向既垂直磁场方向，又垂直电流方向9、在同一平面内有①、②、③三根等间距平行放置的长直导线，通入的电流分别为1A、2A、1A，②的电流方向为c→d，且受到安培力的合力方向水平向右，则（

）．A．①的电流方向为a→bB．③的电流方向为e→fC．①受到安培力的合力方向水平向左D．③受到安培力的合力方向水平向左10、如图所示，空间存在垂直于纸面向里的磁感应强度为Ｂ的匀强磁场，场内有一绝缘的足够长的直杆，它与水平面的倾角为θ，一带电量为-q质量为m的带负电小球套在直杆上，从A点由静止沿杆下滑，小球与杆之间的动摩擦因数为μ，在小球以后的运动过程中，下列说法正确的是（）A．小球下滑的最大速度为vB．小球下滑的最大加速度为am=gsinθC．小球的加速度一直在减小D．小球的速度先增大后不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，有一个表头G，内阻为100Ω，满偏电流为10mA，它和另一个电阻连接可以改装成电压表或电流表，若要将它改装成量程为0.6A的电流表，要按_________（填“甲”或“乙”）图，该图里的电阻____________Ω,要使它的量程加大，应使电阻______（填“增大”或“减小”）；若要将表头改装成量程为3V的电压表，要按_________（填“甲”或“乙”）图，该图里的电阻____________Ω,要使它的量程加大，应使电阻______（填“增大”或“减小”）。12．（12分）（1）图甲中游标卡尺读数为________mm，图乙中螺旋测微器读数为________mm。甲乙丙（2）图丙为某多用电表表盘，选用“×10”倍率的电阻挡测量某电阻时，发现多用表指针偏转过大，为使测量更准确，需选择___________倍率的电阻挡测量（填：“×1”或“×10”或“×100”）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，地面光滑，质量为m1的A物块，以v0=10m/s的速度向右匀速运动，质量分别为m2、m3的物块B与C，由轻质并且处于原长状态的弹簧相固连，B、C和弹簧初始静止放置，某时刻A与B碰撞后立刻粘在一起已知m1=2kg，m2=m3=3kg(1)A与B碰撞粘在一起后瞬间的速度大小;(2)此后运动过程中，弹簧被第一次压缩到最短时的弹性势能大小．14．（16分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：(1)当电键S2断开时，流过电阻R1的电流I；(2)电源的内电阻r；(3)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．15．（12分）如图所示，电源的总功率为40W，电阻R1=4Ω，R2=6Ω，电源内阻r=0.6Ω，电源输出功率P出=37.6W．求：（1）电源的电动势；（2）R3的阻值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

做曲线运动的物体所受合外力指向曲线内侧可知粒子受力与电场线方向相反，所以不论粒子是从A到B还是从B到A，粒子必带负电，故A项错B项对；粒子从B到A过程中电场力与速度方向成锐角，即电场力做正功动能增大速度增大，所以C错；电场线稀疏的地方电场强度小受的电场力就小，在A点加速度小，所以D错．2、D【解析】未接触前，根据库仑定律得，接触后两球带电量，放在两球心间相距2r处，根据库仑定律得，联立得：，选D.【点睛】当其中一小球带电荷量为q，另一小球带电荷量为-3q，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到F与电量q、距离r的关系；两小球相互接触后放在两球心间相距2r处，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与q、r的关系，用比例法求解．3、D【解析】

离导线越近，磁场越强，当线框从左向右靠近导线的过程中，穿过线框的磁通量增大，当线框跨在档线上向右运动时，磁通量减小，当导线在线框正中央时，磁通量为零，从该位置向右，磁通量又增大，当线框离开导线向右运动的过程中，磁通量又减小；故ABC错误，D正确；故选D．4、C【解析】

A．表达式式中，F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电荷量，选项A错误；B．电场强度中某点的电场强度与试探电荷带电量以及所受的电场力F均无关，选项B错误；C．电场中某点的电场强度E与检验电荷q的正负、大小无关，选项C正确；D．该式是电场强度的定义式，只适用于任何电场，选项D错误。故选C。5、C【解析】依据弹力与摩擦力产生原理可知，它们都是接触力．故A正确．弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势．可见，有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力，故B正确，C错误．同一接触面上的弹力与接触面垂直，而摩擦力与接触面平行，则它们一定相互垂直．故D正确．故选ABD．点睛：解决本题的关键掌握弹力和摩擦力的产生条件，以及它们的方向．知道有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力．6、D【解析】

根据U=W/q，由于1、2两点的电场线比3、4两点间的电场线密集，故在1、2两点间电场力做功多，故1、2两点间电势差大，故A错误；电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，2与3比较，它们的电场强度的大小相同，方向不同。故B错误；同理1与2比较，它们的电场强度的大小不相同，方向相同。故C错误；由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等。沿电场线电势降低，可知点1的电势大于点2的电势，点3的电势大于点4的电势，则点1的电势大于点4的电势，选项D正确；故选D。掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题，注意电场强度是矢量，是否相等，要关注大小和方向；顺着电场线电势降低。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

AB．如图所示，由得，当接通K时，电阻变小，功率变大，处于加热状态；当断开K时，电阻变大，功率变小，处于保温状态，则R2是供加热用的电阻丝，当开关K接通时电饭锅为加热状态，K断开时为保温状态，故AB正确；CD．使R2在保温状态时的功率为加热状态的一半，由P=I2R可得：电阻R2在保温与加热状态下的电流之比，所以则故C错误，D正确。故选ABD。8、ABD【解析】通电导体受安培力的条件为导线与磁场有一定夹角，当通电直导线与磁场方向平行时，导线不受安培力作用，当导线与磁场方向垂直时，安培力最大，最大值为F=BIL，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直，又与电流方向垂直，故ABD错误，C正确．故选ABD．9、BCD【解析】根据“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”，因②的电流方向为c→d且受到安培力的合力方向水平向右，可知①的电流方向为b→a，③的电流方向为e→f，选项A错误，B正确；①受到②③的排斥力，故安培力的合力方向水平向左，选项C正确；③受到②的吸引力和①的排斥力，因②的吸引力大于①的排斥力，故③受到安培力的合力方向水平向左，选项D正确；故选BCD.点睛：此题是电流之间的相互作用问题，解答此题关键是知道“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”，根据三根导线的位置关系进行解答.10、BD【解析】试题分析：小球从A点由静止沿杆下滑，受到重力、支持力、洛伦兹力、摩擦力，根据牛顿第二定律表示出加速度，进而分析出最大速度和最大加速度及加速度的变化过程．小球开始下滑时有mgsinθ-μmgcosθ-qvB=ma，随v增大，a增大，当v=mgcosθqB时，a达最大值gsinθ，此时洛伦兹力等于mgcosθ，支持力等于0，此后随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，此后下滑过程中有mgsinθ-μqvB-mgcosθ=ma，随三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、甲1.69减小乙200增大【解析】

[1][2][3]表头改装电流表时，需要给他并联一个分流电阻，所以选择甲图；并联电路的电阻值为：；要使电流表的量程加大，应该是并联分流变大，则并联的电阻应该减小；[4][5][6]表头改装电压表时，需要给他串联一个分压电阻，所以选择乙图；串联电路的电阻值为：；要使电压表的量程加大，应该是串联分压变大，则串联的电阻应该变大；12、49.150.900×1【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为49mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：49mm+0.15mm=49.15mm；螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.900mm。（2）选用“×10”倍率的电阻挡测量某电阻时，发现多用表指针偏转过大，说明阻值较小，所以应选择小倍率，即“×1”。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)v=4m/【解析】

（1）根据AB系统动量守恒求出碰后AB的速度；（2）从AB碰后到三者共速过程中运用机械能守恒求解弹性势能的大小【详解】(1)A与B碰撞过程，以A﹑有：m1代入数据解得v=4m/s(2)弹簧被第一次压缩到最短时A、B、C三物块速度相等，全程由动量守恒定律有：m1解得v'=2.5m/s从A与B碰撞粘在一起后到弹簧被第一次压缩到最短的过程中由机械能守恒定律有：12解得E故本题答