陕西省商洛市丹凤县丹凤中学2027届高二上物理期中调研试题含解析

陕西省商洛市丹凤县丹凤中学2027届高二上物理期中调研试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势ϕA>B．电势ϕA<C．将+q电荷从A点移到B点电势能增大D．将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E2、两块彼此绝缘又相距很近的平行金属板就组成了最简单的电容器—“平行板电容器”．现分别用d、U、E和Q表示两极板之间的距离、电压、电场强度和极板所带的电荷．则下列说法正确的是（）A．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半B．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半C．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍D．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍3、下列说法中正确的是（）A．通电导线受安培力大的地方，磁感应强度一定大B．根据磁感应强度定义式，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与I成反比C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线的受力大小和方向均无关4、某同学搬一叠书上楼用了时间t，对书做功W．此过程中该同学对书做功的平均功率是()A．Wt B．W2t C． D．5、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（）A．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小B．加5V电压时，导体的电阻是0.2ΩC．加12V电压时，导体的电阻是8ΩD．该元件为非线性元件，所以欧姆定律不适用6、某小组在试验汽车模型，该模型以蓄电池为驱动能源，驱动电机能够将输入功率的90%转化为牵引汽车模型前进的机械功率．该模型的总质量m=30kg，当它在水平路面上以v=18km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=5A，电压U=30V．某地区地表的平均日照辐射度约为480W/m1，若以太阳能为该模型的蓄电池供电，已知能量转化效率约为15%，汽车受到太阳照射面积约为1m1．以下说法正确的是（）A．该模型以速度行驶时，所受的阻力大小为30NB．该模型以速度行驶时，驱动电机的机械功率为150WC．该模型若由太阳能直接供电，能以速度正常行驶D．若该地一天的有效日照时间为8小时，充电一天可供该模型以v速度行驶约二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，空间存在垂直纸面向外的匀强磁场，在O点固定一点电荷Q，一带电粒子在电场力和磁场力的共同作用下做顺时针匀速圆周运动（不计重力和阻力），半径为r，周期为T，线速度为v，则当点电荷Q电量突然为零，则此后关于带电粒子的运动，下列说法正确的是A．半径大小一定变大 B．线速度大小一定不变C．周期大小一定变大 D．仍然可能做半径为r的匀速圆周运动8、如图所示，真空中存在一个水平向左的匀强电场，电场强度大小为E，一根不可伸长的绝缘细线长度为l，细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点。把小球拉到使细线水平的位置A，由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成角θ=60°的位置B时速度为零。以下说法中正确的是()A．小球在B位置处于平衡状态B．小球受到的重力与电场力的关系是Eq=3mgC．小球将在AB之间往复运动，且幅度将逐渐减小D．小球从A运动到B过程中，电场力对其做的功为–129、用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表、，且的量程大于的量程．若把、分别采用串联或并联的方式接入电路，如图（a）、所示，则闭合开关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图中的的示数小于的示数 B．图中的、的指针偏角相同C．图中的的指针偏角小于的指针偏角 D．图中的、的示数和偏角都不同10、一小球从点竖直抛出，在空中同时受到水平向右的恒力，运动轨迹如图，、两点在同一水平线上，为轨迹的最高点，小球抛出时动能为，在点的动能为，不计空气助力。则（）A．小球水平位移与的比值1∶3B．小球水平位移与的比值1∶4C．小球落到点时的动能为D．小球从点运动到点过程中最小动能为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，为“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置示意图．已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径相同，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置.(1)本实验必须满足的条件是___________.A．斜槽轨道必须是光滑的B．斜槽轨道末端的切线水平C．入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放D．入射球与被碰球满足ma=mb(2)为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离x1、OM间的距离x2和___________.(3)为了验证动量守恒，需验证的关系式是___________.12．（12分）某学习小组拟研究一个标有“3.6V，1.8W”的小电珠的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：①电流表A，量程0～0.6A，内阻约为0.2Ω；②电压表V，量程0～15V，内阻约为15kΩ；③滑动变阻器R，阻值范围0～10Ω；④学生电源E，电动势为4V，内阻不计；⑤开关S及导线若干．(1)该学习小组中的甲同学设计了如图甲所示的电路进行测量，请按照图甲所示的电路图帮甲同学将图乙中的实物图连接起来___________．(2)甲同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果．于是又从实验室找来一量程为Ig＝100μA、内阻Rg＝1000Ω的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5V的电压表，则需串联一个阻值为________Ω的电阻．(3)甲同学用改装后的电压表进行实验，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如表所示：I1(A)00.190.300.370.430.460.480.49I2(μA)010203040506070请在图丙中的坐标纸上画出I1－I2图线______．(4)若将该小电珠接在如图丁所示的电路中，则该小电珠消耗的电功率约为________W．已知电源的电动势为E′＝3.0V，内阻r＝1.5Ω，定值电阻R0＝4.5Ω.(结果保留两位有效数字)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）金属杆MN的质量为m，长度为L，其两端用质量可忽略不计的细金属丝悬挂后置于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B．当金属杆中通入恒定电流时，金属杆可在磁场中保持静止状态，且与磁场方向垂直．此时细金属丝与竖直方向的夹角为θ，如图所示．若重力加速度为g，则：（1）求金属杆受到的安培力的大小（2）求金属杆中电流的大小和方向（3）若保持金属杆中的电流不变，改变磁场方向，为使金属杆MN仍能在原位置静止，求所加磁场磁感应强度的最小值14．（16分）电场中某区域的电场线分布如图所示,已知A点的电场强度E=3.0×104N/C.将电荷量q=4.0×10-8C的点电荷放在电场中的A点。.(1)求该点电荷在A点所受电场力的大小F;(2)在图中画出该点电荷在A点所受电场力的方向.15．（12分）如图所示电路，电源电动势为6.0V，内阻8Ω。图中，，电容器C的电容为240μF，当S闭合时电源的输出功率最大。(1)求R3（要有推导过程）；(2)将闭合的S断开，求电容器上的电量变化量。增加了还是减少了。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A、B、电场线越密的地方电场强度越大，所以场强EA＜EB，沿着电场线电势降低，所以电势φA>φBC、将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，电势能减小；故C错误.D、将-q电荷分别放在A、B两点，根据φA>φB可得(-q)⋅φA<(-q)⋅φB，即故选D.本题抓住电场线的物理意义：电场线表示电场线的强弱，电场线越密，场强越大．同一条直线电场线上各点的电场强度的方向都相同.2、A【解析】

A．由可知保持d不变，Q变为原来一半，则E变为原来一半，故A正确；B．由，可知保持d不变，则电容不变，由可知Q加倍，则U加倍，故B错误；CD．由，可知保持U不变，将变为原来的两倍，则E变为原来的一半；保持E不变，将d变为原来一半，则U变为原来一半，故CD错误；故选A．3、D【解析】根据安培力的公式：F=BILsinθ，一小段通电导体在磁场中受安培力大的地方，该处磁感应强度不一定大，还与导线与磁场的夹角有关．故A错误．磁感应强度B的定义式，采用的是比值定义法，则知B与F、IL均无关．故B错误．根据安培力的公式：F=BILsinθ，放在匀强磁场中各处的通电导线，因放置的方式不同，受力大小不是处处相同，选项C错误；在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B是确定的，跟放在磁场中的通电导线的受力大小和方向均无关，选项D正确；故选D.4、C【解析】根据功率的公式可知，此过程中该同学对书做功的平均功率是，故选C.5、C【解析】A：导体电流-电压图线上点与原点连线的斜率表示电阻的倒数；由图可知，随着电压的增大，点与原点连线的斜率变小，导体的电阻不断变大。故A项错误。B：加5V电压时，导体的电流是1.0A，导体的电阻。故B项错误。C：加12V电压时，导体的电流是1.5A，导体的电阻。故C项正确。D：该元件为非线性元件，能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻。故D项错误。点睛：导体电流-电压图线上点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，不是图线切线斜率表示电阻的倒数。6、D【解析】

A项：由公式，故A错误；B项：由题意可知，该模型以v=18km/h速度行驶时，驱动电机的机械功率为，故B错误；C项：由题意可知，太阳能提供的功率为：，该模型以v=18km/h速度行驶时的机械功率为135W，故C错误；D项：太阳能提供的能量为，所用的时间为：，运动的距离为：，故D正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.若带电粒子带正电，点电荷Q也带正电，电量为变为零之前，粒子受到指向圆心的洛伦兹力，以及沿着半径背离圆心的电场力，其向心力等于F向=F洛-F电当点电荷Q电量突然为零，电荷只受到洛伦兹力的作用，此时洛伦兹力大于电荷需要的向心力，粒子做近心运动，则半径减小，故A错误；B.因为当点电荷消失，粒子只受到洛伦兹力的作用，而洛伦兹力总是和速度方向相互垂直，不会改变粒子的速度大小，所以不论粒子之后做什么运动，其速度大小都不会改变，故B正确；CD.若带电粒子带负电，则在点电荷Q电量为变为零之前，粒子受到指向圆心的电场力，以及沿着半径背离圆心的洛伦兹力，向心力为F向=F电-F洛若此时电场力是洛伦兹力的两倍，则其向心力的大小等于洛伦兹力，当电场力消失时，洛伦兹力的大小刚好等于粒子需要的向心力，粒子继续做半径不变的圆周运动，如图中红色轨迹所示由于半径不变，向心力大小不变，则运动周期不变，故C错误D正确；8、BD【解析】

对小球进行受力分析：受重力、向右的电场力和细线的拉力；小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，小球到达B点时速度为零，向心力为零，沿细线方向合力为零，确定其合力，判断是否平衡，根据动能定理列式，求电场力的大小。根据电场力做功公式W=qEd，d是沿电场线方向有效距离，求电场力做功。运用单摆进行类比，分析振幅。【详解】对小球受力分析如图所示，A、小球受到的重力和电场力的合力是一恒力，这两个场力看作等效重力场。根据题意知，小球的平衡位置在AB圆弧的中点位置，选项A错误；C、小球将在AB之间往复运动，根据能量守恒，其幅度不变，选项C错误；B、小球处在平衡位置时，有qEtan30°=mg，即qE=3mg，选项B正确；D、小球从A运动到B的过程中，电场力对其做的功W=–qEl(1–cos60°)=–12qEl，D正确故选BD.此题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学过的物理模型，根据相关公式解题.9、BC【解析】

AB．图（a）中的、并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，量程大的电流表示数大，A错误B正确；CD．图（b）中的、串联，、的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，量程越大，电流表内阻越小，电流表两端电压越小，指针偏角越小，的指针偏角小于的指针偏角，D错误C正确。故选BC。10、AC【解析】

AB．小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等，小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，根据位移时间公式联立可得故A正确，B错误；C．据小球的运动轨迹如图所示：小球从A到M，由功能关系知在水平方向上恒力做功为则从A到B水平方向上恒力做功为根据能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为故C正确；D．由题知开始又竖直方向上在水平方向上又有联立以上解得几何关系可知，则据运动轨迹，但小球的运动方向与合加速度的方向垂直时，小球的速度最小，则小球从A到B过程最小速度一定与等效G´垂直，如图P点，所以故D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCON间的距离x3(或)【解析】

第一空.A.“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B.要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；C.要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；D.为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求ma＞mb，故D错误.应填BC.第二空.要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：，得：，因此实验需要测量：测量OP间的距离x1，OM间的距离x2，ON间的距离x3；第三空.由以上分析可知，实验需要验证:，或.12、连接图见解析49000图像见解析0.35【解析】

(1)[1]如图所示．(2)[2]设需要串联的电阻阻值为Rx，则有:Ig(Rg＋Rx)＝5V代入数据可得Rx＝49000Ω.(3)[3]根据表格数据可以的下图(4)[4]将定值电阻R0看做该电源的内阻的一部分，则内阻r′＝6Ω，由此可得路端电压:U＝E′－Ir′在I1－I2图线所在