2027届贵州省凤冈县第二中学高二上物理期中调研试题含解析

2027届贵州省凤冈县第二中学高二上物理期中调研试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．若仅将导线中的电流增大为原来的2倍，则导线受到安培力的大小将（）A．减小为原来的1/4 B．减小为原来的1/2C．增大为原来的4倍 D．增大为原来的2倍2、如图所示，将一带电小球A通过绝缘细线悬挂于O点，细线不能伸长。现要使细线偏离竖直线30°角，可在O点正下方的B点放置带电量为q1的点电荷，且BA连线垂直于OA；也可在O点正下方C点放置带电量为q2的点电荷，且CA处于同一水平线上。则q1A．12B．23C．33、孤立的两颗星球A、B构成双星系统，已知A、B质量之比mA：mB=1：3，那么它们的线速度之比vA：vB为()A．1：1 B．3：1 C．1：3 D．9：14、如图所示，在平行金属板A、B间分布着正交的匀强电场和匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．一个质子以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO′从左端入射，恰能沿OO′做直线运动．则（）A．A板的电势低于B板的电势B．电子以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO′从左端入射，运动轨迹将向A板偏转C．氦原子核He以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO′从左端入射，仍沿OO′做直线运动D．氦原子核He以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO′从右端入射，仍沿OO′做直线运动5、如图所示,在a、b、c三处垂直纸面放置三根长直通电导线,a、b、c是等边三角形的三个顶点,电流大小相等,a处电流在三角形中心O点的磁感应强度大小为B,则O处磁感应强度（）A．12B B．2B C．36、对于一定质量的物体而言，其速度、动量和动能的说法正确的是A．物体的速度发生变化，其动能一定发生变化B．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化C．物体的动能发生变化，其动量一定发生变化D．物体的速度发生变化，其动量不一定发生变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、三个分别带有正电、负电和不带电的质量相同的颗粒,从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂直电场线方向射入匀强电场,分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点,如图所示.下面判断正确的是(

)A．落在a点的颗粒带正电,c点的带负电,b点的不带电B．落在a、b、c点的颗粒在电场中的加速度的关系是C．三个颗粒在电场中运动的时间关系是D．电场力对落在c点的颗粒做负功8、1916年爱因斯坦建立广义相对论后预言了引力波的存在，2017年引力波的直接探测获得了诺贝尔物理学奖，科学家们其实是通过观测双星轨道参数的变化来间接验证引力波的存在，如图所示为某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动，A星的轨道半径大于B星的轨道半径，则下列说法中正确的是（）A．A的质量一定大于B的质量B．A的线速度一定大于B的线速度C．A的角速度等于B的角速度D．A的向心力大于B的向心力9、如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴.理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化的关系如图乙所示，则()A．c点处的场强和a点处的场强大小相等、方向相同B．球内部的电场为匀强电场C．a、c两点处的电势相等D．假设将一个带正电的试探电荷沿x轴移动，则从a点处移动到c点处的过程中，电场力一直做正功10、如图所示的电路中，电源电动势E＝3V，内电阻r＝1Ω，定值电阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，电容器的电容C＝100μF，则下列说法正确的是()．A．闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压为1.5VB．闭合开关S，电路稳定后电容器所带电荷量为3.0×10－4CC．闭合开关S，电路稳定后电容器极板a所带电荷量为1.5×10－4CD．先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R1的电荷量为3.0×10－4C三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现在要测量一只额定电压U＝3V的小灯泡L的额定功率P(约为0.3W)。实验室备有如下器材：电流表A1(量程为200mA，内阻r1＝10Ω)电流表A2(量程为300mA，内阻约为5Ω)定值电阻R(10Ω)滑动变阻器R1(0～100Ω，0.5A)电源E(E＝5V，不计电源内阻)单刀开关一个、导线若干(1)请设计出实验电路，并画在如图所示的虚线框内，注意滑动变阻器要采用限流接法________。(2)①按设计好的电路图连接好电路，开关S闭合前，滑片P应移至阻值最大位置；②闭合开关S，移动滑片P，使电流表A1的示数I1＝150mA，同时记下此时电流表A2的示数I2；③断开开关S，拆除电路，整理器材。实验中计算灯泡额定功率的表达式为P＝_________。(用题中给定的符号以及(2)中涉及的记录符号来表示)12．（12分）在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需要用伏安法测定小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，除开关、导线外，还有如下器材：A．小灯泡“”B．直流电源C．电流表（量程，内阻约）D．电流表（量程，内阻约）E.电压表（量程，内阻约）F.电压表（量程，内阻约）G.滑动变阻器（、）H.滑动变阻器（、）(1)把实验所用到的器材按字母的先后顺序填入空中：______(2)在旁边的虚线框内画出最合理的实验原理图______。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一台“6V，15W”的直流电动机的线圈电阻为R=0.5Ω，接在电动势E=6V，内阻r=0.5Ω的电源上工作时，测得电动机两端电压是5V，求：（1）电源的总功率；（2）电源的输出功率；（3）电动机的发热功率；（4）电动机的输出功率．14．（16分）如图所示中，一根垂直纸面放置的通电直导线，电流垂直纸内向里，电流强度为I，其质量为m，长为L，当加上一个匀强磁场时，导体仍能够静止在倾角为θ的光滑斜面，问：（1）最小应加一个多大的磁场？方向如何？（2）调节磁感应强度的大小和方向，使导体所受磁场力的大小为mg，且导体保持静止状态，那么斜面所受的压力是多大？15．（12分）如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.5Ω，标有“8V，16W”的灯泡恰好能正常发光，电动机M绕组的电阻R0=1Ω，求：（1）路端电压；（2）电源的总功率；（3）电动机的输出功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由安培力公式F=BIL知，当电流增大为2倍后，导线受安培力大小也将增大为原来的2倍，故选项D正确，其余错误．2、B【解析】

对两种情况进行受力分析，如图所示：

依据矢量的合成法则，结合三角知识，及平衡条件，则有：F′=mgsin30°，F=mgtan30°，根据库仑定律，则有：F'=kQq1lBA2，而F=kQq2lCA2；根据三角知识，则有：lBA考查库仑定律、矢量的合成法则与平衡条件的应用，掌握三角知识，及几何关系的内容，注意绳子的长度相等，是解题的关键．3、B【解析】

双星绕连线上某点做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，两星的周期和角速度相同则有：可得=据v=rω，可得：故选B。4、C【解析】试题分析：质子带正电，根据左手定则可得质子受到的洛伦兹力竖直向上，因为质子沿直线运动，所以在竖直方向上合力为零，故洛伦兹力和电场力等大反向，即Eq=Bqv0，故E=Bv0，电场力竖直向下，所以A板的电势高于B板的电势，A错误；若电子从左端射入，受到的电场力方向竖直向上，洛伦兹力方向竖直向下，仍旧满足E=Bv0，即竖直方向上合力为零，故仍沿直线运动，B错误；从上式中发现从左端射入时，只要粒子的速度为考点：考查了带电粒子在复合场中的运动5、B【解析】

根据安培定则判断得知：三根导线在O点产生的磁感应强度的方向分别为：上面导线产生的B方向水平向右，大小为B；下面左边导线产生的B方向斜向右下方，与水平成60°角，下面右边导线产生的B方向斜向右上方，与水平成60°角，则根据平行四边形定则进行合成可知，下面两根导线产生的合场强大小为B，方向水平向右，所以三根导线同时存在时的磁感应强度大小为2B，方向水平向右，B正确，ACD错误．6、C【解析】

A．物体的速度发生变化，如果只是方向变化，大小不变，动能不变，故A错误；B．物体的动量发生变化时，其速度发生变化，可能是只有速度方向变化，故动能不一定变化，故B错误；C．物体的动能发生变化时，速度大小一定发生变化，故动量一定发生变化，故C正确；D．根据p=mv可知，物体的速度发生变化时，其动量一定会发生变化，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

由图，电容器上极板带负电，下极板带正电，平行板间有竖直向上的匀强电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力，不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动，由此根据平抛和类平抛运动规律求解；【详解】A、根据题意，三小球在水平方向做匀速直线运动，则有，相同，则水平位移x与运动时间t成正比，由图看出，水平位移的关系为，则运动时间关系为，竖直方向上三个粒子都做初速度为0的匀加速直线运动，到达下极板时，在竖直方向产生的位移y相等：，则知加速度关系为，由牛顿第二定律得知三个小球的合力关系为，由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，可知，落在a点的颗粒带负电，c点的带正电，b点的不带电．故AC错误，B正确；

D、由上分析得知，落在c点的颗粒带正电，电场力向上，则电场力对它做负功．故D正确．确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．8、BC【解析】

双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以向心力相等，故：mArAω2=mBrBω2，因为rB＜rA，所以mB＞mA，即B的质量一定大于A的质量，故AD错误；双星系统中两颗恒星间距不变，是同轴转动，角速度相等，根据v=rω，因为rB＜rA，故vA＞vB，故BC正确；故选BC.解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度。以及会用万有引力提供向心力进行求解。9、AD【解析】

由题中“真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体”可知，本题考查点电荷电场强度、电势和电场力做功情况，根据点电荷电场分布规律可分析本题。【详解】A．由乙图可得，a、c处场强大小是相等的，方向相同，故A正确；B．由乙图可知，球内部的电场是非匀强电场，故B错误；CD．因为电场线方向是从a到c，沿着电场线的方向电势降低，故C错误；正电荷受到的电场力方向是从a到c，电场力一直做正功，故D正确。10、AC【解析】试题分析：由闭合电路的欧姆定律得，闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压即是R1两端的电压，A对；电路稳定后电容器所带电荷量为，B错，C对；先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，电容器两极板通过电容器进行放电，通过电阻R1的电荷量为1.5×10－4C，D错．考点：闭合电路的欧姆定律，电容的定义式点评：学生会判断电路的连接方式，知道电容器两端的电压就是与其并联的用电器两端的电压，能熟练运用闭合电路的欧姆定律，电容的定义式解相关问题．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、；。【解析】

(1)[1]所给器材中没有电压表，可把电流表A1与定值电阻R串联改装成一个新的电压表，其量程为小灯泡的额定电压为3V，比较合适，画的电路图如下所示：(2)[2]电流表A1的示数I1＝150mA，可以求得灯泡两端电压为恰为额定电压，故灯泡额定功率的表达式为P＝。12、ABCEH【解析】

(1)[1]先选唯一性器件AB，由于灯泡额定电流故电流表选C；灯泡额定电压为6V，故电压表选E；电路采用分压电路，为方便操作，滑动变阻器选小的，即选H，故实验所用到的器材按字母的先后顺序ABCEH。(2)[2]描绘灯泡伏安特性曲线滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常工作时电阻为由于，即故电流表应采用外接法，实验电路图如图所示。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）12W（2）10W（3）2W（4）8W【解析】

根据闭合电路欧姆定律求出总电流，根据P=EI即可求解；根据P出=IU即可求解；根据P热=I2R即可求解；根据电动机的输出功率P机=P出-P热即可求解．【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律得：所以电源的总功率P=EI=12W（2）电源的输出功率P出=IU=10W（3）电动机的发热功率P热=I2R=22×0.5W=2W（4）电动机的输出功率P机=P出-P热=10-2=8W当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求电热只能用P=I2R，求机械功率要根据能量守恒得到P机=P总-P热.14、（1）最小应加的磁场，方向垂直于斜面向上；（2）斜面所受的压力是0或2mgcosθ【解析】试题分析：（1）导体棒所受重力的大小方向不变，支持力的方向不变，根据三角形定则求出安培力的最小值，从而求出磁感应强度的最小值和方向．（2）当导体受到的安培力大小为mg时，有共点力平衡判断出磁场方向，和斜面受到的压力；解：（1）根据三角形定则知，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，有：mgsinθ=