陕西省汉中市部分高中2027届高二上物理期中复习检测试题含解析

陕西省汉中市部分高中2027届高二上物理期中复习检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，真空中有一四面体ABCD，MN分别是AB和CD的中点，现在A、B两点分别都固定电荷量为+Q的点电荷，下列说法正确的是A．C、D两点的电场强度相同B．仅受电场力的负点电荷，可以在该电场中作匀速圆周运动C．N点的电场强度方向平行AB且跟CD垂直D．将试探电荷+q从C点移到D点，电场力做正功，试探电荷+q的电势能降低2、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A．电压表和电流表的示数都增大 B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小 D．灯L2变亮，电容器的带电量增加3、静电场中x轴上的电势随x坐标变化的图线如图所示.若将一带负电粒子（重力不计）从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为1mm、4mm.则下列说法正确的是A．粒子经过P点与Q点时，动能相等B．粒子在P点的电势能为正值C．粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反D．粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等4、真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面做法可以使它们之间的静电力变为2F的有（）A．使Q1的电量变为原来的2倍，同时使它们的距离变为原来的2倍B．使每个电荷的电量都变为原来的2倍，距离变为原来的2倍C．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的一半D．保持它们的距离不变，使它们的电量都变为原来的倍5、如图所示，空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，一带电液滴从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时，速度为零，C点是运动的最低点，则以下叙述错误的是()A．液滴一定带负电B．液滴在C点时动能最大C．液滴在C点电势能最小D．液滴在C点机械能最小6、如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中，下列说法中正确的是（）A．P做匀变速直线运动B．P的加速度大小不变，但方向改变一次C．有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大D．P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在水平向右的匀强电场中，某带电粒子从A点运动到B点，在A点时速度竖直向上，在B点时速度水平向右，在这一运动过程中粒子只受电场力和重力，并且克服重力做的功为1J，电场力做的正功为3J，则下列说法中正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点的动能比在B点多2JC．粒子在A点的机械能比在B点少3JD．粒子由A点到B点过程中速度最小时，速度的方向与水平方向的夹角为60°8、某一网络电路中的部分电路如图所示，已知I=3A，I1=2A，R1=10Ω，R2=5Ω，R3=10Ω，则下列结论正确的是()A．通过R3的电流为1.5A，方向从a→bB．通过R3的电流为1.5A，方向从b→aC．通过电流表的电流为0.5A，电流从左向右流过电流表D．通过电流表的电流为0.5A，电流从右向左流过电流表9、从电势差定义式U=WqA．电场中两点间的电势差与电场力做的功W成正比，与移送的电量q成反比B．电场力在电场中两点间移动的电荷越多，电场力做的功越大C．将1库的负电荷从一点移到另一点电场做了1焦的功，这两点间的电势差的大小是1伏D．两点间的电势差，等于把正点电荷从一点移到另一点电场力做的功10、如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点(先后经过a，b两点)。若带电粒子在运动过程中只受到电场力作用，下列说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度C．带电粒子在a点的动能一定大于在b点的动能D．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）探究加速度与力、质量的关系的实验装置如图所示：(1)为了研究小车加速度与力、质量的关系应采用_____种科学研究方法。A．控制变量法B．等效替代法(2)实验时，释放小车与接通电源的合理顺序是______A．先释放小车，再接通电源B．先接通电源，再释放小车(3)实验中，为了使小车运动时受到的合力等于细绳的拉力，必须完成的操作是______A．平衡摩擦力B．让小车从同一个位置开始运动12．（12分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车拖动的纸带打出的点计算出．（1）图2为实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1s，距离如图，单位是cm，小车的加速度是________m/s2（结果保留两位小数）（2）以下措施正确的是（_________）A．平衡摩擦力时，应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B．平衡摩擦力时，应将纸带连在小车上，让小车拖动纸带运动C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，先放开小车，后接通电源（3）当M与m的关系满足____时，才可认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力。（4）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该作a与______的图象．（5）图3为甲同学根据测量数据做出的a－F图线，说明实验存在的问题是______________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在图示电路中，电源输出电压恒定，定值电阻r的阻值为5Ω，L为标有“3V1.5W”的小灯泡，滑动变阻器的总阻值为30Ω，当滑动变阻器的滑动触头P位于变阻器的中点时，灯泡L恰能正常发光，此时理想电压表的示数为20.5V．求：(1)电阻Rx的阻值；(2)电源的电压；(3)此时滑动变阻器消耗的功率．14．（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长l=80cm，两板间的距离d=40cm电源电动势E=40V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度水平向右射入两板间，该小球可视为质点．若小球带电量q=1×10－2C，质量为m=2×10－2kg，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电表．若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2)．求（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多少？（2）此时电流表、电压表的示数分别为多少？（3）此时电源的输出功率是多少？15．（12分）如图所示，两根间距为L的金属导轨MN和PQ，电阻不计，左端向上弯曲，其余水平，水平导轨左端有宽度为d、方向竖直向上的匀强磁场I，右端有另一磁场II，其宽度也为d，磁场的磁感应强度大小均为B。有两根质量均为m、电阻均为R的金属棒a与b与导轨垂直放置，b棒置于磁场II中点C、D处，导轨除C、D两处（对应的距离极短）外其余均光滑，两处对棒可产生总的最大静摩擦力为棒重力的K倍，a棒从弯曲导轨某处由静止释放。（1）若a棒释放的高度大于h0，则a棒进入磁场I时才会使b棒运动，请求出h0。（2）若将a棒从高度小于h0的某处释放，使其以速度v0进入磁场I，结果a棒以的速度从磁场I中穿出，求两棒即将相碰时a棒的速度。（3）在（2）问中，求两棒即将相碰时b棒上的电功率Pb。（4）若将a棒从高度大于h0的某处释放，使其以速度v1进入磁场I，从磁场I穿出时的速度大小为，试求此时b棒的速度，并分析说明b棒此时是否已穿出磁场II。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，根据等量同种电荷在空间的电场线分布特点，知道C、D两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；B.仅受电场力的负点电荷，如果在AB的中垂面内，两个等量正电荷对它的作用总指向A、B连线的中点，就可以提供大小恒定的向心力，可以做匀速圆周运动，故B正确；C.根据电场叠加原理知道N点的电场强度方向与AB垂直，故C错误；D.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，C、D两点电势相等，试探电荷+q从C点移到D点，电场力不做功，其电势能不变，故D错误。2、C【解析】

将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知：干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压：U减小,U1增大,U并减小，灯L2变暗.流过电流表的电流：I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大;

电容器两端的电压等于并联部分的电压,电压变小，由：知电容器的电荷量减少，故选C

.3、A【解析】

A.粒子经过点与点时，电势相等，则其电势能相等，由能量守恒知动能相等。故A正确；B.在点，根据电势能公式知，因为，，所以粒子在点的电势能，故B错误；C.根据顺着电场线方向电势降低可知，0-2mm内，电场线沿轴负方向，粒子所受的电场力方向沿轴正方向；在2-6mm内电场线沿轴正方向，粒子所受的电场力方向沿负方向做减速运动，加速度沿轴负方向；图象的斜率大小等于场强，则知点的场强大于点的场强，则粒子在点的加速度大于在点的加速度，加速度方向相反，故C错误；D.粒子经过点与点时，速率相等，但电场力不同，则根据功率公式，可知电场力做功的功率不等，故D错误。4、D【解析】

根据库仑定律可知A.使Q1的电量变为原来的2倍，同时使它们的距离变为原来的2倍，它们间的静电力变为原来的一半，故A错误。B.使每个电荷的电量都变为原来的2倍，距离变为原来的2倍，它们间的静电力为F，故B错误。C.保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的一半，它们间的静电力为4F，故C错误。D.保持它们的距离不变，使它们的电量都变为原来的倍，它们之间的静电力变为2F，故D正确。5、C【解析】

A．从图中可以看出，带电粒子由静止开始向下运动，说明重力和电场力的合力向下，洛伦兹力指向弧内，根据左手定则可知，液滴带负电,故A正确，A项不符合题意；B．从A到C的过程中，重力正功，而电场力做负功，洛伦兹力不做功，但合力仍做正功，导致动能仍增大，从C到B的过程中，重力和电场力合力做负功，洛伦兹力不做功，动能减小，所以滴在C点动能最大,故B正确，B项不符合题意；C．液滴从A到C的过程中，电场力做负功，电势能增加，从C到B的过程中，电场力做正功，电势能减小，故液滴在C点电势能最大，故C错误，C项符合题意；D．除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，从A到C的过程中，电场力做负功，洛伦兹力不做功，机械能减小，从C到B的过程中，电场力做正功，洛伦兹力不做功，机械能增大，所以液滴在C点机械能最小，故D正确，D项不符合题意．6、D【解析】

A．P水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，P做加速度增大的变减速直线运动，故A错误；B．由A的分析可知，在弹簧压缩过程，P的加速度逐渐增大，在P被弹回过程中，P的加速度逐渐减小，由于弹簧始终处于压缩状态，所以加速度方向没有改变，故B错误；C．在弹簧压缩过程P的加速度方向一直与速度方向相反，一直做减速运动，在P被弹回过程中，P的加速度逐渐减小，速度逐渐增大，故C错误；D．当P向右压缩弹簧时，弹簧压缩的长度逐渐增大，加速度逐渐增大，P速度逐渐减小，当压缩到最右端时，加速度最大，速度为零，最小，故D正确。故选D。【点晴】木块水平方向只受到弹簧的弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比。当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，做变减速运动。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】解：A、从A到B，电场力做正功，可知电场力方向水平向右，电场强度方向水平向右，所以粒子带正电．故A正确．B、根据动能定理得，从A到B动能的变化量△EK=WG+W电=﹣1+3=2J，所以粒子在A点的动能比B点少2J．故B错误．C、除重力以外只有电场力做功，因为除重力以外其它力做功等于机械能的增量，所以A到B机械能增加3J．故C正确．D、竖直方向mgh=1J=全程故即由动量定理：mgt=mvqEt=mv'得可知合力与水平方向成30度角，当合速度与合力垂直时，合速度达到最小值，故速度方向与水平方向成60度角．故D正确．故选ACD．【点评】本题综合考查了动能定理以及动量定理和功能关系，D选项较难，关键知道当合力方向与合速度方向垂直时，速度达到最小值．8、BD【解析】R1两端电压为：，R2两端电压为：，R2两端电压为：，且电流从b流向a，大小为：，通过电流表的电流为，方向从左到右，所以+接线柱在左边，故BD正确，AC错误．9、BC【解析】

A：电场中两点间的电势差由电场本身决定，与电场力做的功W及移送的电量q无关。故A项错误。B：从电势差定义式U=Wq可知，W=qU；则在电场中两点间移动的电荷越多，电场力做的功越大。故C：从电势差定义式U=Wq可知，将1库的负电荷从一点移到另一点电场做了1焦的功，这两点间的电势差的大小是1伏。故D：从电势差定义式U=Wq可知，两点间的电势差，等于把单位正点电荷从一点移到另一点电场力做的功。故电场中两点间的电势差由电场本身决定，与电场力做的功W及移送的电量q无关。10、BC【解析】

A.由图可知粒子的运动轨迹向右下方弯曲，说明粒子在、两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，故A错误；B.根据电场线的疏密程度可知带电粒子在点的电场强度一定大于在点的电场强度，根据和牛顿第二定律得带电粒子在点的加速度一定大于在点的加速度，故B正确；CD.带电粒子由到，电场力做负功，动能减小，带电粒子在点的动能一定大于在点的动能，根据能量守恒可知带电粒子在点的电势能一定小于在点的电势能，故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABA【解析】

(1)[1]该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须控制力不变，研究加速度和质量的关系或者控制质量不变，研究加速度和力的关系，故运用控制变量法，A正确。故选A。(2)[2]实验时，如果先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再放开小车，B正确。故选B。(3)[3]为了使细绳对小车的拉力等于小车受到的合力，所以要先平衡摩擦力，A正确。故选A。12、1.59BCM》m平衡摩擦力过度【解析】

（1）[1]每相邻两点间还有四点未画出来，计数点间的时间间隔：t=0.02×5=0.1s，由匀变速直线运动的推论：△x=at2可知，加速度：；（2）[2]AB.平衡摩擦力时，应在不挂重物时，小车拖动纸带做匀速运动，小车的重力沿斜面向下的分力等于阻力，故A错误，B正确；C.当小车的重力沿斜面向下的分力等于阻力时，即与质量大小无关，所以每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C正确；D.实验时，应先接通电源，后放开小车，故D错误。故选：BC；（3）[3]以整体为研究对象有：mg=(m+M)a解得：，以M为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma=显然要有F=mg必有M>>m，即只有M>>m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力；（4）[4]由牛顿第二定律：F=Ma可知：，在F一定时a与成正比，为直观地找出a与M的关系，可以作出a−图象；（5）[5]由图所示a−F图象可知，图象在a轴上有截距，说明小车受到的合力为零时，已经有一定的加速度，这是由于平衡摩擦力过度造成的。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)Rx=10Ω(2)E=24V(3)P=7.95W【解析】试题分析：（1）灯泡L的电阻为：灯泡正常发光时，有：L与滑动变阻器左端部分并联，则的电流为：通过右端的电流为：由电压表两端电压为：，解得：（2）电源电压为：（3）滑动变阻器的功率为：考点：考查了闭合回路欧姆定律，电功率的计算【名师点睛】本题综合考查闭合电路欧姆定律、串并联电路的规律及功