2027届安徽省三人行名校联物理高二上期中达标检测试题含解析

2027届安徽省三人行名校联物理高二上期中达标检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、古希腊贵族妇女外出时都喜欢穿柔软的丝绸衣服，带琥珀做的首饰。人们发现，不管将琥珀首饰擦得多干净，它很快就会吸上一层灰尘，这主要是因为A．琥珀是一种树脂化石，树脂具有粘性，容易吸附灰尘B．室外的灰尘比较多，在琥珀上积聚的速度比较快C．经丝绸摩擦后的琥珀带电，能吸引灰尘D．琥珀具有磁性，周围的灰尘经磁化后被琥珀吸引2、在下列四幅图中，能正确标明通电直导线所受安培力F方向的是A．B．C．D．3、两根材料相同的均匀导线x和y串联在电路中，两导线沿长度方向的电势变化情况分别如图中的ab段和bc段图线所示，则导线x和y的横截面积之比为（）A．2∶1 B．1∶2 C．6∶1 D．1∶64、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。下列说法中正确的是A．电子一定从A向B运动B．点电荷Q一定靠近M端且为正电荷C．电场线方向一定从M指向ND．B点电势可能高于A点电势5、如图所示，有三个电阻，已知Rl：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压Ul：U2为（）A．1:6 B．1:9 C．1:3 D．1:26、如图所示,平行板电容器带有等量异种电荷,与静电计相连,静电计金属外壳和电容器下极板都接地。以E表示两板间的电场强度,θ表示静电计指针的偏角。若保持上极板不动,将下极板向下移动一小段距离至图中虚线位置的过程中,下列说法正确的是（）A．电容器中的电场强度不变B．G表中有电流流过C．静电计的指针偏角θ减小D．电容器的电容变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个重为600N的人站在电梯中，此人对电梯地板的压力为700N，则此电梯的运动情况可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降8、真空中某竖直平面内存在一水平向右的匀强电场，一质量为m的带电小球恰好能沿图示虚线(与水平方向成θ角)由A向B做直线运动，小球的初速度为v0，重力加速度为g，则A．小球可以带正电B．小球向上运动过程中动能和重力势能之和在减小C．可求出小球运动到最高点所用的时间D．不能求出小球运动到最高点电势能的改变量9、三个电子在同一地点沿同一直线垂直飞入偏转电场，如图．则由此可判断（）A．b和c同时飞离电场B．在b飞离电场的瞬间，a刚好打在下极板上C．进入电场时，a速度最大，c速度最小D．c的动能增量最小，a和b的动能增量一样大10、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中属于用比值法定义物理量的是A．电场强度 B．欧姆定律C．点电荷的场强 D．磁感应强度B=三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～15V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.4Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻1Ω）E.滑动变阻器（最大阻值为10Ω，允许最大电流为2A）F.滑动变阻器（最大阻值为500Ω，允许最大电流为1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验，其理由是__________：（2）实验中所用电压表应选用_______，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________.（用序号字母表示）12．（12分）电流表读数为________A,电压表读数为_______V，螺旋测微器的读数为_______mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强E=4.0×102V/m，两板相距d=16cm，板长L=30cm．一带电量q=1.0×1016C、质量m=1.0×1022㎏的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，求：（1）粒子带何种电荷？（2）要使粒子恰好能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0为多大？（3）粒子飞出电场时速度与水平方向的夹角为多大？14．（16分）如图所示，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央飞入板间．已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=103V时，带电微粒恰好沿直线穿过板间，已知求：（1）带电微粒所带电荷量？（2）AB间所加电压在什么范围内带电微粒能从板间飞出？15．（12分）如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）。现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上。今将小球拉至悬线与竖直方向成60◦角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失。已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P之间的动摩擦因数为μ，M：m=4:1,重力加速度为g，求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大；（2）平板车P的长度为多少；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】经丝绸摩擦后的琥珀带电，不管将琥珀首饰擦得多干净，它很快就会吸上一层灰尘，故C正确，ABD错误；故选C。2、B【解析】

A．根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，A错误B．根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，B正确C．根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，C错误D．根据左手定则判断可知，安培力垂直纸面向外，D错误3、B【解析】试题分析：ab段和bc段的电势差分别为2V，4V，电流相等，根据欧姆定律得：．根据电阻定律得，，则，则横截面积之比：．故选B．考点：电阻定律;欧姆定律【名师点睛】本题考查了欧姆定律、电阻定律以及串并联电路的特点，要能从给定的图线中获取两电阻两端电压的大小，根据欧姆定律求解电阻；难度不大．4、C【解析】

由运动轨迹只能得到电子受力指向凹的一侧，不能得到运动走向，故A错误；由电场场源为点电荷，又有电子受力指向凹的一侧可得：MN上电场线方向向右，故点电荷Q可能是放在M端附近的正电荷，也可能是放在N端附近的负电荷，故B错误，C正确；MN上电场线方向向右；根据沿着电场线电势降低可得：B点电势可能低于A点电势，故D错误；故选C。沿着电场线电势降低，但是电势能和电荷电性相关，故我们一般根据电场力做功情况来判断电势能变化，以避免电性不同，电势能变化趋势不同的问题。5、D【解析】

设R1=R，由于R1：R2：R3=1：3：6，则通过串联电路的电流I相等，则故D正确。6、A【解析】

ACD.电容器与电源断开，故电量不变；下极板向下移动时，两板间的距离增大，根据可知，电容C减小，则根据可知，电压U增大；故静电计指针偏角θ增大；两板间的电场强度为：因此电场强度E与板间距无关，因此电场强度E不变，故A正确CD错误。B.因为电容器带电量不变，没有电荷移动，所以G表中没有电流，故B错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：由牛顿第二定律知电梯加速度向上，故可能加速上升、也可能减速下降，AD对．考点：牛顿第二定律．【名师点睛】对超重和失重的理解1．实重：物体实际所受的重力．物体所受重力不会因物体运动状态的改变而变化．2．视重：当物体在竖直方向上有加速度时，物体对弹簧测力计的拉力或对台秤的压力将不等于物体的重力，此时弹簧测力计或台秤的示数叫物体的视重．3．判断物体超重与失重的方法(1)从受力的角度判断：超重：物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力失重：物体所受向上的拉力(或支持力)小于重力(2)从加速度的角度判断：①当物体的加速度方向向上(或加速度有竖直向上的分量)时，处于超重状态．根据牛顿第二定律有：FN－mg＝ma，此时FN>mg，即处于超重状态．②当物体的加速度方向向下(或加速度有竖直向下的分量)时，处于失重状态．根据牛顿第二定律有：mg－FN＝ma，此时FN<mg，即处于失重状态．8、BC【解析】

A．小球做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，小球受到竖直向下的重力，只有小球受到水平向左的电场力才能使得合力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知小球所受的电场力的方向与场强方向相反，则小球必带负电，故A错误；B．小球向上运动过程中只有重力和电场力做功，则小球的动能、重力势能和电势能之和守恒，因从A到B电场力做负功，电势能增加，则动能和重力势能之和在减小，选项B正确；C．小球的加速度满足：且由可求解小球运动到最高点所用的时间，选项C正确；D．由选项B的分析可知，可求得到达最高点时机械能的减小量为其中则可求出小球运动到最高点电势能的增加量也为∆E，选项D错误；故选BC.9、BD【解析】A项，由图可看出，c的水平方向速度较大，在未到达负极板之前就飞出了电场，而b到达负极板后才飞出，竖直位移大于c，b比c晚飞出电场，故A项错误B项，图中a、b都在负极板上，即二者的竖直方向位移相同，因此二者的运动时间相同，在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上，故B项正确．C项，进电场时，速度越大，运动曲线下落越平缓，故c的速度最大，a的速度最小，故C错误．D项，动能增加量即为电场力做的功，电场力做的功与竖直方向的位移成正比，c的竖直位移最小，动能增加值最小，a和b竖直位移相同，动能增加相同，故D项正确．综上所述本题答案是：BD10、AD【解析】

A．电场强度与试探电荷所带的电量以及所受的电场力无关，则电场强度属于比值定义法，选项A正确；B．电流与用电器两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，电流不属于比值定义法。故B错误。

C．点电荷周围的电场强度与场源电荷带电量成之比，与距离电荷的距离的平方成反比，则点电荷的场强不是比值定义法，选项C错误；D．磁感应强度与放入磁场中的电流元无关。所以属于比值定义法。故D正确。

故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据；(2)A，D，E【解析】

（1）[1]描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并要多取几组数据，滑动变阻器应选择分压接法；（2）[2]灯泡额定电压为4V，电压表应选A；[3]灯泡额定电流电流表应选D；[4]为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E。12、0.422.24~2.26之间2.430【解析】

[1]电流表量程为0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.42A[2]电压表量程为3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.24V[3]由图形螺旋测微器可知，固定刻度示数为2mm，可动刻度示数为43.0×0.01mm=0.430mm，螺旋测微器的读数为2mm+0.430mm=2.430mm四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电荷（2）1.5×104【解析】试题分析：（1）平行金属板B板带负电，粒子向B板偏转，粒子带正电．（2）当粒子恰好从B板右侧边缘飞出电场时，此时粒子水平位移为L，竖直位移为．粒子做类平抛运动，将其分解为水平和竖直两个方向研究，根据牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出初速度．（3）粒子飞出电场时速度与水平方向的夹角的正切值是位移偏转角正切值的2倍．解：（1）由于B板带负电，粒子向B板偏转，说明粒子带正电．（2）粒子在电场中做类平抛运动，根据类平抛运动的规律得：竖直方向有：=at2=•t2得：t=水平方向有：v0==L=0.3×m/s=1.5×104m/s所以要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为1.5×104m/s；（3）粒子飞出电场时速度与水平方向的夹角的正切值为：tanα=2tanβ=2×=2×=故：α=arctan答：（1）粒子带正电荷．（2）要使粒子恰能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0为1.5×104m/s．（3）粒子飞出电场时速度与水平方向的夹角为：arctan．【点评】解决本题要掌握类平抛运动的处理方法，熟练运用运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式求解．14、（1）（2）1800V≥u≥200V【解析】（1）由题意，当带电微粒恰好沿直线穿过板间时有电场力和重力平衡：F电=G，由F电=qE和，可得：

由粒子所受电场力方向竖直向上，与场强方向相反，可知粒子带负电．

（2）粒子在电场中的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动．设运动时间为t，竖直方向