2026年湖北省中考一模物理试题（解析版）

2026年湖北省中考一模物理试题

1.风能是一种取之不尽、用之不竭的能源，我国西北内陆地区，华北地区，沿海地区，风能资源丰富，正

在大力开发风力发电.下列与风能同属于可再生能源的是（）

A.太阳能B.石油C.天然气D.核燃料

【答案】A

【解析】【解答】A.太阳能可以源源不断地得到补充，是可再生能源，故A符合题意；

BCD.石油、天然气、核燃料无法短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源，故BCD不合题意。

故选Ao

【分析】可以不断得到补充的能源，是可再生能源，不能从自然界得到补充，是不可再生能源。

2.下列各组物质，通常情况下属于绝缘体的是（）

A.空气、石墨B.油、大地C.玻璃、人体D.陶在、橡胶

【答案】D

【解析】【解答】A、石墨容易导也，属于导体，空气是绝缘体，故A错误；

B、大地容易导电是导体，油是绝缘体，故B错误；

C、人体容易导电属于导体，玻璃是绝缘体，故C错误；

D、陶瓷、橡胶通常情况下都不容易导电，均为绝缘体，故D正确；

故答案为：Do

【分析】A、考查导体、绝缘体区分，石墨为常见导体；

B、大地是导体，油是绝缘体；

C、人体属于导体，玻璃属于绝缘体；

D、陶瓷、橡胶都是生活中常用绝缘材料。

3.如图所示有关声现象的四个实验，下列说法中不正确的是（）

A.甲：在鼓面上撒几粒豆子，敲鼓时豆子会不断跳动，说明发声的物体布振动

B.乙：禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声

C.PJ：发声的电铃放入钟罩，抽气时声音逐渐减弱，说明声音的传播需要介质

D.T：扬声器工作时，一旁的烛焰会晃动，说明声音可以传递能量

【答案】B

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【解析】【解答】A、敲鼓时豆子跳动，转换法证明发声体在振动，A正确；

B、禁上鸣笛是从噪声产生处减弱噪声（声源处），并非传播过程中，B错误；

C、钟罩内抽气声音变弱，推理得出真空不能传声，声音传播需要介质，C正确；

D、扬声器发声吹动烛焰晃动，说明声波可以传递能量，D正确；

故答案为：Bo

【分析】A、考查声音产生原因，振动发声，豆子放大鼓面振动；

B、考查噪声控制三条途径：禁鸣在声源处降噪：

C、考查声音传播条件，真空不能传声；

D、考查声的利用，声音能够传递能量。

4.磁共振成像是一种医学成像技术，它采用强静磁场和变化磁场使人体组织成像。若携带金属物做磁共振

成像，强静磁场会吸引铁质物品，变化磁场会使携带的金属中产生感应电流，从而使金属发热而灼伤病人。

上述说明中，没有涉及的知识是（）

A.同名磁极相互排斥

B.电磁感应现象

C.电流的热效应

D.磁体具有吸引铁、钻、银等物质的性质

【答案】A

【解析】【解答】A.根据题干描述的信息可知，并没有涉及同名磁极相互排斥，故A符合题意；

B.根据“变化磁场会使携带的金属中产生感应电流”可知，涉及电磁感应现象，故B不符合题意；

C.根据“感应电流使金属发热而灼伤病人”可知，这种现象涉及月流的热效应，故C不符合题意；

D.根据“强静磁场会吸引铁质物品“可知，强静磁场会吸引铁质物品，故D不符合题意。

故选Ao

【分析】对题目描述的信息进行分析，确定其中包含的物理原理和知识即可。

5.天舟系列货运飞船是中国空间站的专属“太空快递员”，负责运送物资、燃料和实验设备，并回收废弃物.

搭载货运飞船的运载火箭发射升空时的情景如图，下列说法错误的是（）

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A.火箭加速升空过程中，机械能在逐渐增大

B.火箭喷出气流使自身受力前进，这是利用了力的作用是相互的道理

C.火箭升空瞬间，会看到巨大的白色“气团”，这是水蒸气液化形成的

D.货运匕船运送生活物资时，以物资为参照物，运载火箭是运动的

【答案】D

【解析】【解答】A、火箭加速升空，速度变大动能增大、高度变大重力势能增大，机械能增大，故A正

确；

B、火箭向下喷气，气流给火箭向上反作用力，利用力的作用是相互，故B正确；

C、发射时水池水汽化生成高温水蒸气，水蒸气遇冷液化形成白色气团，故C正确;

D、运送物资时，物资与火箭相对位置不变，以物资为参照物火箭静止，故D错误;

故答案为：Do

【分析】A、考查机械能影响因素，动能、势能均变大则机械能变大；

B、考查力的作用相互；

C、考查液化现象，白气是水蒸气液化形成；

D、考查参照物，相对位置不变则物体相对静止。

6.如图所示，下列描述正确的是（）

A.如图A中，手持自制气压计从梧桐山脚走到山顶，管内液面升高

B.如图B中，上课时老师用力压住粉笔写字是为了减小压强

C.如图C中，托里拆利实验的玻璃管倾斜会影响实验结果

D.如图D中，饮水机使用时，会出现气泡，水中的气泡上升时不断变小

【答案】A

【解析】【解答】A.手持自制气压计从梧桐山脚走到III顶，外界大气压强变小，瓶内气压大干瓶外气压，使

管内液面上升，故A正确；

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B.上课时老师用力压住粉笔写字，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；

C.托里拆利实验时，玻璃管如果倾斜会使水银柱长度增加，但高度不变，故C错误；

D.水中的气泡上升时，受到的液体压强变小，所以气泡不断变大，故D错误。

故选Ao

【分析】1、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面

粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。

2、压强的计算：公式为P=pgh,压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大.深度越大，压

强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。

3、压强和高度的关系，高度越高，压强越小。

7.为了提高环境质量，经常有如图所示的喷雾车在街道上喷雾作业。若喷雾车喷雾时保持匀速直线运动，

在理想状态下，下列说法正确的是（）

A.喷出的水雾是水蒸气液化形成的

B.喷出的水雾汽化后能放出热量

C.喷雾车的动能不变

D.喷雾车的重力势能变小

【答案】D

【解析】【解答】A、水雾是液态小水珠，由水直接喷出形成，并非水蒸气液化，故A错误；

B、水汽化吸热，液化放热，故B错误；

C、匀速行驶，不断向外喷水，整车总质量减小，速度不变，动能变小，故C错误；

D、车的整体质量减小，重心高度基本不变，重力势能变小，故D正确；

故答案为：Do

【分析】A、考查物态变化，水雾是液态水，不是液化产物；

B、考查吸放热规律：汽化吸热、液化放热；

C、考查动能影响因素：速度不变、质量减小则动能减小；

D、考查重力势能影响因素：高度不变、质量减小则重力势能减小。

8.古诗词是中华民族文化的瑰宝，我们在欣赏诗词的时候，经常发现其与物理知识息息相关。下列说法中

止确的是（）

A.“安得五彩虹，驾天作长桥”——彩虹的形成原理是光的直线传播

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B.“起舞弄清影，何似在人间”——清影是光的直线传播形成的

C.“一道残阳铺水中，半江瑟瑟半江红”——水中残阳足光的折射形成的

D.“潭清疑水浅，荷动知鱼散”一疑水浅是光的反射现象

【答案】B

【解析】【解答】A、彩虹是太阳光经水珠折射、色散形成，属于光的色散（折射•），不是光沿直线传播，故

A错误；

B、清影是影子，由光的直线传播被遮挡形成，故B正确：

C、水中残阳是平面镜成像，属于光的反射，不是折射，故C错误；

D、潭清疑水浅是水底光线射入空气发生折射，属于光的折射，不是反射，故D错误；

故答案为：Bo

【分析】A、考查光的色散，彩虹成因是光的折射色散；

B、考查光的直线传播，影子由光沿直线传播形成；

C、考查光的反射，水面倒影属于平面镜成像；

D、考查光的折射，池水变浅是光的折射现象。

9.某款洗衣机在需要洗衣服时，需先按动电源开关（闭合开关S）,使洗衣机通电，显示屏上的指示灯亮起

来；接着将洗衣机盖关闭（闭合开关S］）,再按动启动开关（闭合开关S2）,电动机才能工作，从而带动滚筒

转动。下列电路符合设计要求的是（）

【答案】B

【解析】【解答】根据题目描述可知，指示灯发光时，电动机可以工作，也可以不工作，那么二者之间不相互

影响，则二者并联。

闭合开关S时，指示灯发光；闭合开关S,Si和S2时，电动机工作，则开关S控制指示灯和电动机，因此开

关S在干路上，且，和%只控制电动机八

根据题意可知，只有开关Si和S2都闭合时，电动机才能启动，说明二者相互影响，即二者串联后，再与电

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动机串联在同一支路匕如下图所示:

【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支

路上的用电器。

10.端午节划龙舟是我国的传统风俗，关于龙舟赛，下列说法中正确的是（）

A.开赛前，静止的龙舟没有惯性

B.使龙舟前进的施力物体是桨

C.选手们离开龙舟，龙舟向上浮起后底部受到水的压力变小

D.龙舟冲过终点不能立即停止是受到惯性力的作用

【答案】C

【解析】【解答】A.惯性是物体本身固有的属性，一切物体在任何运动状态下都具有惯性，因此静止的龙舟

同样具有惯性，故A错误；

B.桨向后划水时，根据力的作用是相互的，水会对桨施加一个向前的反作用力，正是这个力推动龙舟前

进，因此使龙舟前进的施力物体是水，不是桨，故B错误；

C.选手离开龙舟后，龙舟的总重力减小；由于龙舟始终漂浮在水面上，浮力和总重力大小相等，因此龙舟

受到的浮力也会减小。浮力减小后排开水的体积减小，龙舟会上浮，龙舟底部在水中的深度力减小，根据液

体压强公式p=pgh可知，龙舟底都受到的水的压强变小：龙舟底部受力面积不变，由F=pS可知，龙舟底部

受到水的压力也会变小，故C正确；

D.惯性是物体本身的固有性质，不是力，不能表述为“受到惯性力的作用”，龙舟冲过终点后无法立即停

止，是因为龙舟具有惯性，要保持原来的运动状态继续运动，故D错误。

故选Co

【分析】1、惯性是物体的基木属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运

动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，

不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；

2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；

3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F『p液gV柞，所以物体所受浮力和物体所处的深度无

关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；

4、压强的计算：公式为P=pgh,压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压

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强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。

11.醋作为传统饮食中的健康成分，通过调节代谢、改善消化、抗氧化等作用，对整体健康产生积极影响。

《齐民要术》是最早详细记载醋制作工艺的典籍。记录显示，蒸煮是酿醋过程中的一个重要工序，如图所示

是将谷物进行蒸煮的过程，对于蒸煮过程中的现象，下列说法箱送的是（）

A.谷物内能的增加，是通过热传递的方式实现的

B.木柴燃烧的过程，化学能转化为内能

C.木柴燃烧的过程，木柴的热值保持不变

D.蒸煮的时间越长，谷物含有的热量越多

【答案】D

【解析】【解答】A.蒸煮谷物时，谷物吸收热源放出的热量，使谷物内能增加，是通过热传递的方式实现

的，故A正确，不符合题意；

B.燃烧前，木材含有化学能，燃烧后得到内能，则木柴燃烧过程中，将自身储存的化学能转化为内能释放

出来，故B正确，不符合题意；

C.木柴燃烧过程中，燃料的种类保持不变，因此其热值保持不变，故C正确，不符合题意；

D.蒸煮的时间越长，谷物含有的内能越多，而不是热量越多，故D错误，符合题意。

故选D。

【分析】A.改变物体内能的方式有做功和热传递；

B.根据能量转化的知识判断：

C.热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等无关；

D.热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”多少热量，不能说物体“含有”或“具有“多少热量。

12.如图所示，是目前世界上能实现可控飞行的最小无线机器人。该机器人由两部分组成，一部分是用3D

打印出来的主体结构，由四个螺旋桨叶片和一个平衡环组成，质量为14.7mg；另一部分是小永磁体，质量为

6.3mg,根据设计的飞行路径，向机器人发射电磁波，在变化的磁场作用下，小永磁体被吸引和排斥，带动

螺旋桨旋转并产生足够升力，让机器人完成离地飞行、悬停等动作。下列说法中错误的是（）（g取

10N/kg）

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A.该机器人比5克的橡皮擦质量小

B.电磁波是由变化的电流产生的

C.该机器人在真空中也能飞行

D.该机器人加速离地飞行时，升力大于重力

【答案】C

【解析】【解答】A、总质量m=14.7mg+6.3mg=21mg=0.021g<5g,质量小于5g橡皮，A正确；

B、变化的电流能够产生电磁波，B正确：

C、螺旋桨依靠空气向下的反作用力获得升力，真空无空气，无法产生升力，不能飞行，C错误；

D、加速向上运动，合力向上，升力大于自身重力，D正确：

故答案为：Co

【分析】A、考查质量单位换算与大小比较；

B、考查电磁波产生条件：变化的电流产生电磁波；

C、考查力的作用相互，螺旋桨升力依靠空气，真空无法飞行；

D、考查力与运动关系，加速上升时升力大于重力。

13.如图所示的容器是器。塞子拔出后各液面高低不同，粗管处液杜比细管处液柱（选

填"高''或"低"），是因为流速大的位置压强小。以下现象中与其原理相同的是（选填序号：①热气

球在空中漂浮、②C919大客机在空中飞行、③中国空间站绕地球飞行）。

【答案】连通；高：②

【解析】【解答】容器上端开口、底部连通，是连通器；拔塞后粗管流速小、压强大，液柱比细管处高；原理

为流体压强与流速关系，对应实例②。

答案：连通；身；（2）

【分析】（1）连通器定义：上端开口、下端相连通，图中容器符合连通器结构；

（2）流体规律：流速越大，压强越小，细管窄、水流快、压强小，液面更低，粗管液面更高；

（3）①热气球依靠浮力升空，②飞机利用流体流速大压强小获得升力，③空间站靠万有引力环绕地球，因此

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选②。

14.郑和下西洋足我国航海史上浓墨重彩的一笔，其船队利用水罗盘定向。水罗盘足把磁针放在一个中间盛

水，边上标有方向的盘子里，磁针浮在水面上自由旋转，静止时两端分别指向南、北，如图所示，使用过程

中，磁针尖会指向南方，针尖相当于磁针的极；磁针有这样的指向性，是因为它受到作

用的结果。

【答案】南；地磁场

【解析】【解答】磁针针尖指向地理南方，对应磁针南极：磁针能定向是受到地磁场的作用。

故答案为：南；地磁场

【分析】（1）地磁北极位于地理南极附近，异名磁极相吸，磁针南极被地磁北极吸引而指向南方，因此指向

南方的针尖为南极；

（2）地球周围存在地磁场，在地磁场的磁力作用下，自由磁针静止时沿南北方向指向。

15.华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到材料（选填“导体”、“半导体”或“超

导体”），当芯片中有电流通过时，芯片元件有电阻，由于电流的效应，不可避免地会产生热量。

为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合，来降低芯片的温度，这是通过的方式

改变芯片内能。

【答案】半导体；热；热传递

【解析】【解答】（1）半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，因此芯片是半导体材料制成的：

（2）当芯片中有电流通过时会产生热量，这种现象叫电流的热效应。

（3）为了不影响芯片的性能，让散热部件与芯片紧密结合，芯片的内能转移到散热部件上，这是通过热

传递的方式改变芯片的内能。

【分析】（1）根据半导体的特点和应用解答；

（2）电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应；

（3）热传递的本质为能量的转移。

16.如图是台球比赛中的情景。比赛前台球静止在球台上，台球受到的重力和支持力是一对（选

填“平衡力”或“相互作用力”）；击球后，球离开球杆在桌面上滚动的过程中，球杆对台球（选填“做

功”或“不做功、

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【答案】平衡力；不做功

【解析】【解答】图中，台球静止时，是平衡状态，受平衡力，重力和支持力是一对平衡力。

台球在桌面上滚动时，球杆对台球没有力的作用，对台球不做功。

【分析】静止的物体受到的重力和支持力，是平衡力：物体受力，且在力的方向移动距离，力对物体做了

功。

17.在高速路边常看到如图甲的指示牌，指示牌可以简化为一个杠杆模型，牌子整体重力可看成阻力，如图

乙0为支点，固定在杆上面横拉杆的力为动力，请在图乙中画出动力和动力臂。

G4212G50

合肥武汉池州景德镇

HeFeiWuHanChiZhouJingDeZhen

入口

甲

【答案】

【解析】【解答】由图乙可知，牌子的重力让牌子沿逆时针转动，根据杠杆平衡条件，固定在杆上面横拉杆的

力应该让牌子沿顺时针转动，因此动力的方向水平向右，过支点作动力作用线的垂线段即为动力臂，如图所

示

【分析】(1)标志牌重力使杠杆绕0逆时针转动，动力需阻碍该转动，因此拉杆拉力水平向右;

(2)力臂定义：支点到力的作用线的垂直距离，过O作动力垂线即为动力臂。

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18.如图甲，家用插线板上的开关同时控制指示灯和插座。指示灯损坏，插座仍可正常使用。在图乙中将开

关、插座、带有分压电阻的指示灯连接到电源线上。

____________________________接火线

----------------------------接零线

----------------------------接地线

-——

IS

-0―

乙

【解析】【解答】由题意知，指示灯损坏，插孔仍可正常使用，所以带有分压电阻的灯泡和插孔是并联的；三

孔插孔根据“左零右火，上接地”原则接入电路；开关接在灯泡、插孔和火线之间控制火线使用更安全，如下

图所示:

接

火线

零

接

线

地

接

线

-----口——_

s

Mg）―[=^

【分析】（1）指示灯损坏插座仍能用，说明二者并联：开关在火线侧，断电后后方不带电，符合安全用电规

范；

（2）三孔插座接线口诀：左零右火上接地。

19.为r探究眼睛的成像原理，小科自主研制/如图所示的实验装置。用水透镜模拟眼睛晶状体，通过注水

或抽水可改变水透镜凸度大小。光屏和水透镜固定在光具座如图所示的位置。

（1）点燃蜡烛后，调节水透镜凸度，直至光屏上成一个清晰倒立、缩小的实像。根据光具座的坐标可以

推测出此时水透镜的焦距大小范围是。

（2）某同学只能在光屏下边缘看到一个残缺的像，如果不改变凸透镜和光屏的位置，只移动烛焰，则应

将烛焰（选填“向上”或“向下”）移动，才能使像移到屏的中央。

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（3）经实验发现，将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，必须增大水透镜的凸度，这

一过程相当于近处视物，晶状体在睫状体的作用下要变（选填“厚”或“薄”），长此以往晶状体不能

恢复，造成视物不清，需要佩戴（选填"凸''或"凹"）透镜来矫正视力。

（4）保持水透镜的位置和凸度不变，将蜡烛移动到50cm刻度处，无论怎样移动光屏，都不能在光屏上

看到烛焰的像，其原因是，

［答案］（1）10cm<f<20cm

（2）向下

（3）厚；凹

（4）像距超过光具座的范围，光屏承接不到

【解析】【解答】（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距〃=50cm满足2f,HP50cm>2/,f<

25cm

像距u=20cm满足2/>u>即2f>20cm>f,解得10cm<fV20cm,故凸透镜焦距范围10cmVf<

20cm

故答案为：lOsnVfV20cm

（2）像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向

上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。

故答案为：向下

（3）蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光屏后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以提前

会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在视网

膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。

故答案为：厚；凹

（4）根据光路可逆性可知，此时物距为20cm,像距应为50cm,光屏需移至120cm处，才能承接清晰的

像。该像距超出了光具座的刻度范围，因此光屏承接不到像。

故答案为：像距超过光具座的范围，光屏承接不到

【分析】（1）依据凸透镜成缩小实像a>2f,f<v<2/的成像规律列不等式求解焦距范围；

（2）凸透镜成像烛焰与像移动方向相反，像偏下则烛焰下移；

（3）看近处物体晶状体增厚，近视眼成因是晶状体折光能力过强，用凹透镜发散矫正；

（4）根据光路可逆判断所需像距，对比光具座长度得出无法成像原因。

（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距葭=50c机满足〃>2/,即50cm>2/,f<25cm

像距u=20cm满足2/>v>f

即2f>20rn?>f

解得10cm<f<20cm

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故凸透镜焦距范围10cm<f<20sM

(2)像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向

上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。

(3)蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光拜后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以

提前会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在

视网膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。

(4)根据光路可逆性可知，此时物距为20cm,像距应为50cm,光屏需移至120cm处，才能承接清晰的

像。该像距超出了光具座的刻度范同，因此光屏承接不到像。

20.某班物理实验小组的同学，通过实验验证阿基米德原理。

(1)方案一：小军用石块按照如图甲所示的实验步骤依次进行实验。由图甲可知，石块浸没在水中时，

受到的浮力F；kN,排开水的重力G产N；

(2)发现所测的叩泞”不等于所测的“G/,造成这种结果的原因可能是_____；

A.最初烧杯中水的液面未装至烧杯口

B.整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零

(3)方案二，如图乙所示，小信将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当

小俏逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，升降台受到的压力(选填"增大”、

“减小”或“不变”)，且弹簧测力计A的示数变化量等于B的示数变化量，从而证明了阿基米德原理；

(4)其他同学对实验提出了进一步改进措施，其中不合理的是o

A.应该换用不同液体进行多次实验，使结论具有普遍性

B.实验中应该让物体完全浸没在液体中，控制排开液体的体积不变

【答案】(1)1.1;1

(2)A

(3)不变

(4)B

【解析】【解答】(I)由图甲可知，石块的重力G=2.5N,石块浸没在水中时，测力计的示数为1.4N,受到

的浮力/浮=G-F示=2.5N_1.4N=1.1N,空桶的重力6桶=1.2N,空桶和排出的水总重G总=2.2N,排开

水的重力G排=G总一6桶=2.2N-1.2/V=1N

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故答案为：1.1;1

(2)A.实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能足石块浸没过程中排开的水没有完全溢出

来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A正确；

B.本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计

都没有校零对实验没有影响；故B错误。

故答案为：Ao

(3)升降台受到的压力F等于剩余的水的重力G剩,、重物重力G重物、溢水杯重力G杯与弹簧测力计4的拉力

F拉的合力，即尸=G^+G杯+G重物一尸拉，即尸=G^+G杯+F浮

根据阿基米德原理可知G排=尸浮，部尸=G剩+G杯+G排=6水+G杯

所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。

故答案为：不变

(4)上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液

体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，

故答案为：Bo

【分析】(1)称重法算浮力、差值法算排开水重力；

(2)液面未加满会导致溢出水偏少，是浮力大于测得排重的常见原因；

(3)装满水时，物体排开多少水就溢出多少，杯内总重力不变，升降台压力不变；

(4)实验要改变浸入体积、更换液体多次试验，不能固定完全浸没。

(1)由图甲可知，石块的重力G=2.5N,石块浸没在水中时，测力计的示数为1.4N,受到的浮力/浮=6-

F-小.=2.5N-1.4N=1AN

空桶的重力0桶=1.2N,空桶和排出的水总重G总=2.2N,排开水的重力。排=G总—6桶=2.2N-12N=1N

(2)A.实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能是石块浸没过程中排开的水没有完全溢出

来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A符合题意；

B.本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计

都没有校零对实验没有影响；故B不符合题意。

故选Ao

(3)升降台受到的压力F等于剩余的水的重力G剩、、重物重力G强物、溢水杯重力G杯与弹簧测力计4的拉力

尸拉的合力，即F=G剩+G杯+G重物一「拉

即F=G剩+G杯+F浮

第14页

根据阿基米德原理可知G排=F浮,即F=G剁+G杯+G排=6水+G杯

所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。

（4）上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液

体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，

故选Bo

21.在“测量小灯泡的电阻”实验中，选用的器材有:两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变

阻器、电流表、电压表、开关和若二导线。

甲乙

（1）用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；

（2）正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表有示数，电流表无示数，故隙可能

是o修正后闭合开关S,移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示.若要测量小灯

泡正常发光时的电阻，应将滑片P向（选填"A”或"B”）端移动；

（3）根据多次实验数据画出了小灯泡的I-U图像如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为

Q,小灯泡发光时的电阻变化的原因是。

（4）【拓展】实验结束后，同学们又设计了如图丁所示的电蹄测量Rx的阻值，滑动变阻器的最大阻值已

知为R，实验步骤如卜.：

①将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关，读出电流表的示数为h；

②,读出电流表的示数为L：

（2）小灯泡断路；B

（3）12.5：灯丝电阻随温度的升高而增大

第15页

（4）将滑动变阻器滑片P滑至最左端，闭合开关；，咚

11~'2

【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电阻''实验中，画带变阻器接线“一上一下”，且与灯泡串联。电压表并

联在灯泡两端，如下图所示：

/Pc8

（2）①灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路。电压表有示数，说明电压表两接线柱与电源之间是

通路。比较可知，只能是与电压表并联的部分断路，即故障可能是小灯泡断路。

②根据乙图可知，电压表0-0.6A量程，分度值为0.1V,其示数为2.2V<2.5V,若要测量小灯泡正常发光时

的电阻，应增大灯泡两端的电压。根据U@=U+U2可知，应减小滑动变阻器两端的电压。由吕联电路电压与

电阻成正比的规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。

（3）①根据丙图可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A,

则小灯泡正常发光时的电阻为&="就=12.50

②根据丙图可知，灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电

阻变化的原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。

（4）根据丁图可知，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Q,电路为氐

的简单电路，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为h,

则电源电压为U=①

将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器用联，电流

表测量电路电流，闭合开关，读出目流表示数为12,

那么电源电压为U=I2R+/2/?x@

①②联立得到：咒=黑。

【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后观察甲图后补充即可；

（2）①根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类：

②根据乙图确定电压表的分度值和量程，读出示数后与额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根

据U/U+U2分析变阻器的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器接入阻值的变化即可。

（3）①根据丙图确定电流表的量程和分度值，读出示数后，根据欧姆定律R=?计算灯泡电阻；

②根据灯泡电阻随温度的升高而增大分析。

（4）将滑动变阻器的滑片分别调到最左端和最右端，借助欧姆定律，以及电源电压不变为等量关系列方程

第16页

式联立计算即可。

(1)在“测量小灯泡的电阻”实验中，应将电流表与灯泡串联，电工表并联在灯泡两端，如图所示:

(2)[1]闭合开关，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱与

电源之间是通路，说明电压表并联部分断路，即故障可能是小灯泡断路。

⑵由图乙知道，电压表选用小量程，分度值为0.1V,其示数为2.2V,小于灯泡的额定电压2.5V,若要测量

小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据申联电路的电压规律可知，应减小滑动变阻器两端

的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。

(3)[1]由图丙知道，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A,则小灯泡正常发光时的电阻为

U2.5V

&=7=值=12.5。

⑵由图丙可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流也增大，由P=UI可知，灯泡功率变大，温度升

高，但灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电阻变化的原

因是灯丝电阻随温度的升高而增大。

(4)将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Q,电路为Rx的简单电

路，电流表测量电路电流，闭合开关，读山电流表示数为L,则电嫄电压为

U=hk

将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器串联，电流

表测量电路电流，闭合开关，读出旦流表示数为L,根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压为

u=”+的

联立以上两式可知，未知电阻R、的阻值为

1R

Rx=2

22.琪琪家某型号电热加湿器部分技术参数如表所示，图甲为其简易电路图。％、%为发热且阻，不考虑温

度对电阻的影响，且&=3%,S为开关，1、2、3为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡、高挡”之间的

切换。

第17页

P/W

高档

:低档

:；t/ipin

071421

乙

额定电压/V220

高挡功率/W440

低挡功率ZW未知

最大注水量/L2

（1）求电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率。

（2）某次使用电热加湿器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量。图乙是使用电热加湿器

工作2lmin的P-£图像，求在高挡正常工作时消耗的电能。

（3）如果“高挡”加热产生的热量全部被水吸收，则此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高多

少℃?

【答案】（1）解：根据甲图可知，开关S接触点2时，匕、R2自阻串联，接触点3时只有Ri工作；

根据电阻串联的知识可知，前者总目阻大于后者；

由p=（可知，前者总功率小于后者，则前者为低档，后者为高档。

由表格数据知，高挡功率P后440W,则Ri的阻值％=g=镭*=11。。：

高

那么&=3/?1=3xlion=3300；

22

则低档的发热功率「低=*=］潞*C=llOWo

1氐十/<2JLJLUSZ十J

（2）解：根据乙图可知,当加湿器工作21min时，高挡工作时间为7min,低挡工作时间为I4min,

5

则在高挡正常工作时消耗的电能W高=P高噫=440Wx7x60s=1.848x10）0

（3）解：此时注水仓中水的质量为m水=p水，=1.0x103kg/m?x2xlO^m3=2kg；

水吸收的热量等于产生的热量，即Q吸="高=L848x105J；

Q吸L848xloSj

那么水升高的温度==22℃o

cm~4.2xlO3J/(kg.℃)x2kg

2“2

【解析】【分析】（1）由P=Z比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态3根据Rl=*

Ry高

第18页

可得Ri的阻值,根据R2=3RI求出R?的电阻值'根据P^=晟计算加湿器处于低挡位置时的发热功率;

（2）由图乙读出加湿器21min内的高挡和低挡工作时间，由W=P【计算消耗的电能；

（3）根据m=p木V求出注水仓中水的质量，已知电阻R在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，利用

4=%计算水升高的温度。

cm

（1）由图甲知，开关S接1触点时，电路断路，为关：接2触点时两电阻串联，接3触点时只有Ri接人电

,,2

路；电源电压一定，由p=L可知,接2触点时电阻最大，总功率最小，为低挡；接3触点时电阻最小，总

R

,,2

功率最大，为高挡。由表格数据知,高挡功率P后440W,由p=L可知，Ri的阻值

R

U2(220V)2

Ri=P7=440W=110n

【司

山题知

R?=3R]=3x11011=330c

则低挡的发热功率

U2(220V)2

=now

7?1+2-110Q+330Q

（2）由图乙知，工作21min时，其中高挡工作时间为7min,低挡工作时间为14min,则在高挡正常工作时

消耗的电能

IV高=p高t高=440WX7x60s=1.848x105J

（3）加湿器注水仓中加江冷水已达到最大注水量，此时江水仓中水的质量为

m水=p水”=1.0x103kg/m3x2x10-3m3=2kg

如果此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，即

Q吸=皿高=1.848x105J

由、吸二。血必可得，水升高的温度

Q吸