广东省肇庆中学2027届高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

广东省肇庆中学2027届高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一带负电的油滴，静止于带电的水平放置的平行板电容器中，为了使带电油滴向上加速运动，可采取的措施为（）A．使两板间距离减小 B．把两板错开C．使两板间距离增大 D．减小两板所带的电荷量2、如图所示，在探究电磁感应现象的实验中，下列说法中正确的是A．保持导体棒静止，灵敏电流计指针会偏转B．让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针一定会偏转C．让导体棒在磁场中左右运动，灵敏电流计指针一定会偏转D．将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针会偏转3、关于电流，下列说法中正确的是（）A．金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动的方向B．不论何种导体，电流的方向规定为正电荷定向移动的方向C．根据可知，通过导体横截面的电量越多，导体中的电流越大D．电流强度的单位A是国际单位制中的导出单位4、如图所示的电路中，A、B是平行板电容器的两金属板．先将电键S闭合，等电路稳定后将S断开，并将B板向下平移一小段距离，保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是()A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器两极板电压变小D．P点电势降低5、将两个阻值不同的电阻R1、R2分别与同一电源连接,如果在相同的时间内,R1、R2发出的热量相同,则电源的内阻为()A．B．C．D．6、如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b两点在它们连线的延长线上.现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度图象如图乙所示.以下说法中正确的是（）A．Q2一定带负电B．Q2的电量一定大于Q1的电量C．b点的加速度为零，电场强度也为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，M、N两点有两等量异种点电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，b是M、N连线的中垂线，a、c关于b对称．点d、e、f、g是以O为圆心的圆与a、c的交点．已知一带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加．以下判断正确的是A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能先增大后减小8、质谱仪是用来测定带电粒子质量和分析同位素的重要装置，在科学研究中具有重要应用．如图所示的是质谱仪工作原理简图，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1，方向垂直纸面向外．一束电荷量相同但质量不同的粒子沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，方向垂直纸面向外．结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间距离为x，粒子所带电荷量为q，且不计重力．则以下判断正确的是()A．该束带电粒子的电性均相同，且均带正电B．该束带电粒子的电性均相同，且均带负电C．该束带电粒子的速度均相同，且均为D．打在a、b两点的粒子的质量之差Δm＝9、如图，两个等量同种正点电荷分别固定在M、N两点，O是M、N中点，以下说法正确的是（）

A．O点电场强度E=0B．M、N连线中点电势φ=0C．在M、N的中垂线上，由静止释放一负点电荷，负点电荷可能先做加速度减小的加速运动再做加速度增大的减速运动D．在M、N的中垂线上，从O向两头延伸，场强一直减小10、如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的匀强电场，两个带正电的粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从顶点C射出．若不计重力，则A．a和b在电场中运动的时间之比是1∶2B．a和b在电场中运动的时间之比是2∶1C．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是1∶8D．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是8∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小明同学认为合力一定大于分力。小红同学通过“探究力的合成”的实验作出力的图示，如图所示。由图可知，F1、F2、F中，最小的是_______，合力为______；由此可以判断，小明的认识是_______的（选填“正确”或“不正确”）；若保持分力大小不变，仅使它们之间的夹角变小，合力会_______（选填“变大”“变小”或“不变”）12．（12分）在验证机械能守恒实验中，由、组成的系统，当由静止开始下落，拖着的纸带打出一系列的点，从而验证机械能守恒定律。其中一条纸带中：0为打下第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点未画出（图中未标出），计数点间距离如图。已知，，交流电频率为，取。（1）纸带上打下计数点5时的速度_______（保留2位有效数字）（2）在计数点0到计数点过程中系统动能的增加量______，系统势能的减少量_______。（保留3位有效数字）（3）实验结论：________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=1.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s1．已知sin37°=0.60、cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（1）导体棒受到的安培力；（3）导体棒受到的摩擦力．（4）若将磁场方向改为竖直向上，要使金属杆继续保持静止，且不受摩擦力左右，求此时磁场磁感应强度B1的大小？14．（16分）在如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=5Ω，当电键K接通时,R1消耗的电功率为P1＝4W，当电键K断开时，理想电压表示数为U2=4.5V，试求：（1）电键K接通时，通过电源的电流I1和电源两端的电压U1；（2）电源的电动势E和内电阻r；15．（12分）如图所示，电源电动势E＝12V，电源内阻r＝1Ω，电阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，R3＝6Ω，电容器的电容C1＝4μF，C2＝1μF．电路中，先让S1闭合，S2断开，待电路稳定后，再合上S2，求该过程通过R3的电量．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

油滴静止于平行板电容器中，受到竖直向下的重力和竖直向上的电场力，要使油滴向上加速，必须采取措施使两板间的电场增大，利用电容的定义式，平行板电容器电容的决定式与匀强电场公式进行动态分析即可。【详解】A.联立上式可得，减少板间距离d，电场强度不变，A错误；B.根据，把两板错开，面积S减小，电场强度增大，B正确；C.根据，增加板间距离d，电场强度不变，C错误；D.根据，减少电量Q，电场强度减小，D错误。2、C【解析】

本题涉及的知识点是电磁感应，产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，或穿过闭合电路的磁通量发生变化。【详解】A．保持导体棒静止，穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，从而不会产生感应电流，所以灵敏电流计指针不会偏转。故A错误；B．让导体棒在磁场中运动，可能是左右运动也可能是上下运动，如果是上下运动，则穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，从而不会产生感应电流，所以灵敏电流计指针不会偏转。故B错误；C．让导体棒在磁场中左右运动，则穿过闭合电路的磁通量发生变化，从而会产生感应电流，所以灵敏电流计指针会偏转。故C正确；D．将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，电路不是闭合电路，不管导体棒在磁场中怎样运动，电路中都不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转。故D错误；故选C。闭合电路产生感应电流的条件。3、B【解析】

A．金属导体中电流的方向是自由电子定向移动的反方向，选项A错误；B．不论何种导体，电流的方向规定为正电荷定向移动的方向，选项B正确；C．根据可知，单位时间通过导体横截面的电量越多，导体中的电流越大，选项C错误；D．电流强度的单位A是国际单位制中的基本单位，选项D错误。故选B。4、A【解析】因断开开关，所以电量不变，则由、和，联立得：则可知，E与d无关，所以电容器内部电场强度大小不变，故A错误；将B板向下平移一小段距离时，板间距离增大，由，可知，电容C减小，故B正确；因电量不变，C减小，则由Q=UC可知，两板间的电压变大，故C正确；因E不变，P点与下极板间的距离增大，故P与下极板间的电势差增大，故P点电势升高，故D正确；本题选错误的，故选A．【点睛】根据平行板电容器的电容决定式分析电容的变化情况，抓住电容器的电压不变，由分析板间场强的变化情况，由分析电容器所带电量的变化，根据P点与下极板间电势差的变化，判断P点电势的变化．5、D【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律得：，根据焦耳定律得：Q1＝I12R1t，Q2＝I22R2t根据题意可知，Q1=Q2则（）2R1t=（）2R2t解得：故选D．考点：闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律及焦耳定律的直接应用，抓住在相等的时间内，两电阻上产生相同的热量求解，难度适中．6、C【解析】试题分析：从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．Q1对负电荷的电场力向右，则Q2对负电荷的电场力向左，所以Q2带正电．故A错误，C正确．b点场强为零，可见两点电荷在b点对负电荷的电场力相等，根据，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量大于Q2的电量．故B错误．整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒电势能先增大后减小．故D错误．故选C．考点：v-t图像；电场强度；电势及电势能【名师点睛】解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】试题分析：因带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加，故d点电势高于e点，故M点处放置的是正电荷，选项A正确；因e点电势与f点电势相等，故d点的电势高于f点的电势，选项B正确；根据电场线分布规律可知，d点的场强与f点的场强相同，选项C正确；因从d点到f点电势逐渐降低，故将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能逐渐减小，选项D错误；故选ABC.考点：等量异种电荷的电场；电势及电势能.8、ACD【解析】

AB．两个粒子在磁场中的偏转方向相同，则电性相同，根据左手定则，知电荷带正电。故A正确，B错误。C．粒子在电容器中做匀速直线运动，有：则粒子的速度速度大小相同。故C正确。D．根据可得．因为2r1-2r2=x粒子的速度则两粒子的质量之差．故D正确。9、AC【解析】根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，故A正确；M、N连线中点虽然电场强度为零，但电势不一定为零，故B错误；在连线的中垂线上，关于连线中点对称有两点电场强度最大，且方向相反，所以由静止释放一负点电荷，负点电荷可能先做加速度减小的加速运动再做加速度增大的减速运动，所以C正确；在M、N的中垂线上，从O向两头延伸，根据矢量的叠加原理，可知场强先增大后减小，所以D错误．故选AC．点睛：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，注意电场强度与电势没有直接关系，同时理解中垂线从O向两边去，电场强度的大小关系．10、AD【解析】试题分析：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为2：2，根据x=v0t，知时间比为2：2．选项A正确，B错误；粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，根据y=at2知，y之比为2：2，则a、b的加速度之比为8：2．根据牛顿第二定律知，加速度，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，则两电荷的比荷之比为8：2．故D正确，C错误．故选AD．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决本题的关键知道粒子在垂直于电场方向和沿电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、①F②F③不正确④变大【解析】

由图可知，F1、F2、F中，最小的是F，F是平行四边形的对角线，则合力为F；由图可知，合力可以小于分力，由此可以判断，小明的认识是不正确的；若保持分力大小不变，仅使它们之间的夹角变小，对角线表示的合力F会变大。12、2.40.5760.590在误差允许的范围内，绳连体的系统在下落中的机械能守恒【解析】

(1)[1]利用匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有(2)[2]两物体构成的绳连体增加的动能为[3]两物体构成的系统减少的重力势能为(3)[4]比较与可知，在误差允许的范围内，绳连体的