2027届上海市新川中学高二上物理期中统考试题含解析

2027届上海市新川中学高二上物理期中统考试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、已知物体在4N、6N、8N三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中8N的力，那么其余两个力的合力大小为（）A．4NB．6NC．8ND．10N2、下列说法正确的是A．由B=知．B与F成正比，与IL成反比B．小磁针静止时N极所指的方向就是该点磁场方向C．电子沿通电螺线管轴线匀速运动，说明螺线管内无磁场D．条形磁铁的磁感线从磁铁的N极出发终止于S极3、如图所示，光滑的水平桌面上放着两个完全相同的金属环a和b，当一条形磁铁的S极竖直向下迅速靠近两环中间时，则()A．a、b互相远离 B．a、b互相靠近C．a、b均静止不动 D．a、b均向上跳起4、真空中两个点电荷相距时，静电力为，如果保持它们的电量不变，而将距离减少为时，静电力将变为(

)A． B． C．2 D．45、点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q都是正电荷B．P、Q都是负电荷C．P是负电荷，Q是正电荷D．P是正电荷，Q是负电荷6、关于物体带电的电荷量，以下说法中不正确的是（）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．物体所带的电荷量只能是某些特定值C．物体带电荷＋1.60×10-9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子D．物体带电荷量的最小值为1.6×10-19C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图a所示，为一间距d足够大的平行金属板，板间加有随时间变化的电压（如图b所示），设U0和TA．若UXB．若UXC．若UX=-2UD．若UX=-2U8、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，各电表都看做理想表。闭合开关，滑动变阻器滑片P向右移动，若以ΔU1、ΔU2、ΔU3、ΔI分别表示电压表V1、V2、A．电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变小、变大、变小、变大B．电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变大、变小、变大、变小C．ΔUD．ΔU1ΔI、ΔU29、下列说法中不正确的是（）A．电阻A与阻值无穷大的电阻B并联,电阻不变B．电阻A与导线(不计电阻)并联,总电阻为零C．并联电路中任一支路的电阻都大于总电阻D．并联电路某一支路开路,总电阻为无穷大10、如图所示，竖直面内，A、B、C、D位于同一半径为r的圆上且AB⊥CD，在C点有一固定点电荷，电荷量为+Q，现从A点将一质量为m，电荷量为-q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为gr，规定电场中B点的电势为零。则在+Q形成的电场中（）A．A点电势高于D点电势B．D点电势为-mgrC．O点电场强度大小是A点的2倍D．点电荷-q在D点具有的电势能为-mgr三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开．操作一：仅将左极板上移，电容______（选填“变大”、“变小”或“不变”），静电计指针偏转角______（选填“变大”、“变小”或“不变”），操作二：仅将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；操作三：仅在两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．12．（12分）为了描绘一个“、”的小灯泡的伏安特性曲线，提供以下器材：直流电源E：，内阻不计；电流表A：量程分别为和，内阻约为；电压表V：量程分别为和，内阻约为；滑动变阻器R：最大阻值为，允许通过的最大电流为；开关一个；导线若干．实验时要求加在灯泡两端的电压可从调到．（1）在下面方框里画出符合本实验要求的电路图___，并根据电路图连接右侧的实物图_____：（2）某次测量时，电流表指针位置如图所示，电流表读数为__________，此时小灯泡的实际功率为__________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）a、b两个小球在一直线上发生碰撞，它们在碰撞前后的s-t图象如图所示，若a球的质量ma=1kg，则b球的质量mb等于多少?14．（16分）宇航员到达某行星上，一小球从高为h处自由下落，落到星球表面时速度为v0，设行星的半径为R、引力常量为G，求：⑴该行星表面的重力加速度大小；⑵该行星的质量.15．（12分）如图所示，一示波管偏转电极的长度d＝1.5cm，两极间电场是均匀的，E＝1.8×104V/m，(E垂直于管轴)，一个电子以v0＝3×107m/s的初速度沿管轴射入，已知电子质量m＝9×10－31kg，电荷量q＝－1.6×10－19C．求：(1)电子穿出两极板的时间(2)电子经过电极后，离开电场时发生的偏移量y

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中4N和6N的两个力的合力与第三个力平衡，大小等于8N，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线。2、B【解析】

A.B=只是磁感应强度的定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的取向无关。故A错误；B.磁场的方向可根据小磁针受力方向确定，规定小磁针静止时其北极所指的方向为该点磁场方向，故B正确；C.通电螺线管内部的磁感线与螺线管轴线平行，由S极指向N极，当电子的速度方向与螺母管轴线平行时，电子不受力作用，做匀速运动，故C错误；D.在磁体的周围磁感线在磁体的外部是从N极出发回到S极，在磁体的内部磁感线是从磁体的S极出发回到N极，故D错误。3、A【解析】

根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此两线圈产生顺时针感应电流，由于两线圈电流方向相反，所以a，b两环互相排斥而相互远离，因此选项A正确，BCD错误。故选A。4、D【解析】

电量不变，只是将距离减小一半，根据点电荷库仑力的公式可以求得距离改变之后的库仑力的大小．【详解】由点电荷库仑力的公式可以得到，电量不变，将它们之间的距离减小为r，库仑力将变为原来的4倍，故D正确、ABC错误．故选：D．5、C【解析】电场线的方向是由正电荷出发指向负电荷或无穷远，由图知，P是负电荷，Q是正电荷，所以ABD错误；C正确．6、A【解析】

AB．物体所带的电荷量只能是某些特定值，不可以为任意实数，选项A错误，符合题意；选项B正确，不符合题意；C．物体带电荷＋1.60×10-9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子，选项C正确，不符合题意；D．物体带电荷量的最小值为1.6×10-19C，任何带电体所带电量都是1.6×10-19C的整数倍，选项D正确，不符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、若Ux=-U0，在t=0时刻释放该带电粒子，在一半周期内，粒子向右做匀加速直线运动，后一半周期内做匀减速直线运动，由于两段时间内的加速度大小相等，方向相反，可知一个周期末的速度为零，然后重复之前的运动，如图一所示，故A正确，B错误．

C、若Ux=-2U0，在t=0点睛：根据电势差的大小关系，结合牛顿第二定律得出加速度的大小关系，分析出粒子的运动规律，结合运动学公式分析判断。8、AC【解析】

AB、当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则电路中的总电流增大，则电流表A的示数变大；根据欧姆定律可知R2的电压增大，电压表V2示数变大；内电压增大，则路端电压减小，电压表V3示数变小。R2的电压增大，路端电压减小，则R1的电压减小，则电压表VCD、根据全电路欧姆定律知：ΔU2+ΔU3=ΔU1，故C正确。由U1=E-IR故选AC当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，电路中的总电流增大，由欧姆定律分析并联部分两端电压的变化和路端电压的变化，再判断R29、CD【解析】

A．若电阻与一无穷大的电阻并联，则总电阻近似等于A的阻值；故A与题意不相符；B．电阻与导线并联时，导线电阻为零，则电阻被短路，总电阻为零；故B与题意不相符；C．并联电路中，并联的电阻越多，则总电阻越小；总电阻一定小于任一支路中的电阻，故C与题意相符；D．并联电路中某一支路开路时，总电阻变大，但绝不会为无穷大；故D与题意相符。10、AB【解析】

由题意可知，沿着电场线的方向，电势降低，而电场线从正电荷发散，则A点的电势高于D点电势，故A正确；-q电荷从A到D运动，根据动能定理，则有：mgr-W电=12mv2-0，解得：W电=12mgr；规定电场中B点的电势为零，AB两点对称，因由D到B点电场力做正功，则电势能减小，因此D点的电势能为EPD=12mgr；根据公式φD=EPDq=-mgr2q，故B正确，D错误；根据点电荷电场强度公式，E=kQr2，电场强度的大小与间距的平方成反比，CA=2CO，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变小变大变小变小【解析】

抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式判断电容的变化，结合判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化；【详解】根据电容的决定式知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据知，电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；根据电容的决定式知，将极板间距离减小时，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；根据电容的决定式知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小．12、如图所示：如图所示：【解析】

（1）小灯泡的电阻为，则RV>>Rx，可知应采用电流表外接电路；要得到从0开始的电压，则滑动变阻器用分压电路，电路及实物连线如图；（2）电流表选择0-0.6A档，则读数为0.40A，从图像中读出此时的电压为U=6V，则此时小灯泡的实际功率为：P=IU=0.40×6=2.40W．滑动变阻器的分压限流接法，安培表内外接法，仪器的选择是电学实验考查的重点，同时要学会根据图线进行数据处理．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2.5kg【解析】

从位移—时间图像上可看出，碰前B的速度为0，A的速度v0=Δs/Δt=4m/s碰撞后，A的速度v1=-1m/s，B的速度v2=2m/s，由动量守恒定律得mAv0=mAv1+mBv2