江苏省扬州市江都区2025~2026学年度第二学期期中检测试题高二物理试卷（含解析）

2025~2026学年度第二学期期中检测试题高二物理注意事项：1.本试卷选择题11题，非选择题5题，共16题，满分为100分，考试时间为75分钟。2.答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题卡的相应位置。3.将每题的答案或解答写在答题卡上，在试卷上答题无效。4.考试结束，只交答题卡。一、单项选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。每小题只有一个选项符合题意。选对的得4分，错选或不答的得0分。1.关于下面四幅图涉及的物理知识，下列说法正确的是（）A.图甲中磁铁若不动，开关S闭合瞬间，电流计指针发生偏转B.图乙中动圈式扬声器发声时，其工作原理是电磁感应C.图丙中摇动手柄使磁铁旋转，铝框也会跟着转动的现象叫电磁驱动D.图丁中家用电磁炉加热食物是利用了电热丝加热的原理来给锅体供热的【答案】C【解析】【详解】A．图甲中磁铁不动，开关S闭合瞬间，穿过线圈的磁通量不变，电流计指针不发生偏转，故A错误；B．图乙中动圈式扬声器发声时，其工作原理是通电线圈在磁场中受力，不是电磁感应，故B错误；C．图丙中摇动手柄使磁铁旋转，铝框受安培力也会跟着转动的现象叫电磁驱动，故C正确；D．图丁中家用电磁炉加热食物是利用交变电流产生变化的磁场，变化的磁场在锅壁内产生涡流发热，从而加热食物，故D错误。故选C。2.以下为教材中的四幅图，下列相关叙述正确的是（）A.图甲中三颗微粒运动不是外界因素引起的，而是其自发的运动B.图乙中100℃氧气分子的平均速率比0℃的大C.图丙中酱油的色素颗粒通过布朗运动扩散到蛋清中D.图丙中混合后两种液体分子相互吸引，从而缩小了总体积【答案】B【解析】【详解】A．图甲是做布朗运动的微粒不同时刻位置的连线，布朗运动是液体分子无规则撞击悬浮微粒引起的，不是微粒自发的运动，故A错误；B．从图乙可看出，100℃时大速率分子占比更高，因此100℃氧气分子平均速率比0℃的大，故B正确；C．酱油色素扩散到蛋清中是扩散现象，扩散现象的原因是分子无规则运动，不是布朗运动故C错误；D．两种液体混合后总体积缩小，是因为分子之间存在间隙，分子彼此进入对方间隙导致总体积减小，不是因为分子相互吸引，故D错误。故选B。3.如图所示，将带铁芯的线圈L与灯泡A并联，接到电源上，线圈L的直流电阻大于灯泡的电阻。下列说法正确的是（）A.闭合开关S的瞬间，灯泡慢慢变亮B.闭合开关S的瞬间，通过线圈L的电流方向为b→aC.断开开关S的瞬间，通过灯泡A的电流方向为b→aD.断开开关S的瞬间，灯泡A先闪亮一下，再熄灭【答案】C【解析】【详解】A．闭合开关S后瞬间，由于线圈L产生自感电动势阻碍通过线圈电流的增大，所以通过线圈L的电流逐渐增大，而灯泡A马上变亮，故A错误；B．闭合开关S的瞬间，通过线圈L的电流方向为a→b，故B错误；CD．线圈L的直流电阻大于灯泡的电阻，闭合开关S稳定后，线圈L的电流小于灯泡电流，断开开关S的瞬间，由于线圈L产生自感电动势，阻碍通过线圈电流的减小，且线圈与A构成回路，所以通过灯泡A的电流方向为b→a，但灯泡不会闪亮，慢慢熄灭，故C正确，D错误。故选C。4.如图所示是一交变电流的i-t图像，则该交变电流的有效值为（）A.2A B. C. D.【答案】D【解析】【详解】由图可知，该交变电流的周期，一个周期内分为两段前部分正弦段，时间，电流峰值恒定电流段，时间，电流大小根据热效应列方程：设该交变电流有效值为，电阻为，一个周期内总热量满足正半正弦段的热量：正弦段的有效值为​​因此恒定段的热量代入总热量方程整理得

故选D。5.如图所示，“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，下列叙述正确的是（）A.实验操作合理的先后顺序排列正确的是：乙、甲、丙、丁B.利用画有油膜轮廓的坐标方格计算油膜面积时，舍去所有不足一格的方格C.分子直径等于油酸酒精溶液的体积与油膜的面积之比D.如果痱子粉撒得太厚，则测得的分子直径与真实值相比偏小【答案】A【解析】【详解】A．实验正确步骤为：浅盘水面撒粉（乙）→滴入油酸酒精溶液（甲）→等待油膜展开（丙）→稳定后描轮廓（丁），正确顺序是乙→甲→丙→丁，故A正确；B．利用画有油膜轮廓的坐标方格计算油膜面积时，不足半个格子舍去，大于等于半个算一格，故B错误；C．分子直径等于油酸酒精溶液中含有的纯油酸的体积与油膜的面积之比，故C错误；D．如果痱子粉撒得太厚，油膜没有充分展开，则S偏小，根据可知分子直径测量值偏大，故D错误。故选A。6.传感器在生产生活中得到广泛应用，电子体重计中需要用到的传感器元件是（）A.电阻应变片 B.干簧管 C.双金属片 D.光敏电阻【答案】A【解析】【详解】电子体重计中需要用到力传感器，所以用到的传感器元件是电阻应变片。故选A。7.如图是简化的某种旋转磁极式发电机原理图，定子是仅匝数n不同的两线圈，，二者轴线在同一平面内且相互垂直，两线圈到其轴线交点O的距离相等，且均连接阻值为R的电阻，转子是中心在O点的条形磁铁，绕O点在该平面内匀速转动时，两线圈输出正弦式交变电流。不计线圈电阻、自感及两线圈间的相互影响，下列说法正确的是（）A.两线圈产生的电动势同时达到最大值 B.两线圈产生的电动势的有效值相等C.两线圈产生的交变电流频率相等 D.两电阻消耗的电功率相等【答案】C【解析】【详解】A．当磁铁的磁极到达一线圈附近时，一个线圈的磁通量最大，感应电动势为0，另一个线圈通过的磁通量最小，感应电动势最大，可知两线圈产生的感应电动势不可能同时达到最大值，故A错误；BD．根据可得两线圈中磁通量的变化率相等，但是匝数不等，则产生的感应电动势最大值不相等，有效值也不相等；根据可知，两电阻的电功率也不相等，故BD错误；C．因两线圈放在同一个旋转磁铁的旁边，则两线圈产生的交流电的频率相等，故C正确；故选C。8.如图甲所示，将两个质量均为m的A、B分子从x轴上的和处由静止释放，获得B分子的速度v随位置x的变化关系如图乙所示。则以下说法正确的是（）A.A、B两分子间的平衡距离为B.A、B两分子间的平衡距离为C.释放后，B分子的势能一直减小D.释放后，B分子在处时分子势能最小【答案】D【解析】【详解】AB．由静止释放，B分子的速度先变大后减小，可知分子间开始时是斥力后变为引力，在处B分子的速度达到最大值，动能最大，此时分子力为零，加速度为零。又A、B分子质量相等，根据对称性可知此时A分子的位置在，可知A、B两分子间的平衡距离为，故AB错误；CD．分子间开始时是斥力后变为引力，分子力对B分子先做正功后做负功，可知B分子的势能先减小后增大，在处时分子势能最小，故C错误，D正确。故选D。9.如图所示，理想变压器电路原线圈匝数可调，调节触头为S，副线圈电路中r为光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照的增强而减小，滑动变阻器R与灯泡L并联在电路中，关于电路变化问题，下列说法正确的是（）A.保持S位置和光照强度不变，将P向上滑，灯泡L变暗B.保持S位置和光照强度不变，将P向下滑，电流表示数变大C.保持P位置和光照强度不变，将S向下滑，光敏电阻的功率变小D.保持P位置和S位置不变，使光线变暗，原线圈的输入功率变大【答案】B【解析】【详解】A．保持S位置和光照强度不变，将P向上滑，滑动变阻器R接入电路电阻增大，并联电路阻值增大，副线圈电压不变，副线圈电流减小，光敏电阻上的电压减小，由于，所以并联电路电压增大，灯泡L变亮，故A错误；B．保持S位置和光照强度不变，将P向下滑，滑动变阻器R接入电路电阻减小，并联电路阻值减小，副线圈电压不变，副线圈电流I增大，光敏电阻上的电压增加，由于，所以并联电路电压减小，通过灯泡电流减小，由于，所以电流表示数变大，故B正确；C．保持P位置和光照强度不变，将S向下滑，原线圈匝数减小，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压增大，副线圈所在电路总电阻不变，所以副线圈中电流增大，根据，可知光敏电阻的功率增大，故C错误；D．保持P位置和S位置不变，使光线变暗，则光敏电阻的阻值变大，副线圈电压不变，根据，所以副线圈输出功率减小，由于是理想变压器，所以，原线圈的输入功率变小，故D错误。故选B。10.学校食堂刷卡原理参考如图所示的LC振荡电路，此时电容器正在充电。下列说法正确的是（）A.此时线圈中的磁场正在减弱B.此时电场能正在向磁场能转化C.此时电路中电流正在增大D.若仅增大电容器两板距离，LC振荡频率减小【答案】A【解析】【详解】ABC．LC振荡电路充电过程的特点：电流逐渐减小，磁场能逐渐转化为电场能。线圈磁场强弱和电流大小正相关，电流减小因此线圈磁场减弱，充电过程两极板电荷量增加，电场能增大，磁场能逐渐转化为电场能，故A正确，B、C错误；D．LC振荡电路的频率公式为

，平行板电容的决定式为

：仅增大极板间距，电容减小，代入频率公式可得振荡频率增大，故D错误。故选A。11.如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限中有一等腰直角三角形OAC区域，其内部存在垂直纸面向里的匀强磁场，它的OC边在x轴上且长为L。边长也为L的正方形导线框的一条边也在x轴上，时刻，该线框恰好位于图中所示位置，此后线框在外力F的作用下沿x轴正方向以恒定的速度v通过磁场区域。规定逆时针方向为导线框中电流的正方向，则线框通过磁场区域的过程中，线框中的感应电流i、穿过线框平面的磁通量Ф、通过线框横截面的电荷量q、外力F随线框的位移x变化的图像中错误的是（图中曲线是抛物线的一部分）（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】A．线框前进过程中，单边（右边框）切割磁感线，有其中为实际切割长度，随着导线框的移动而增大，与水平位移成正比，故感应电流增大。同理导线框前进过程中，也是单边（左边框）切割，其实际切割长度一直在增大，其感应电流随位移呈线性关系增大，A正确；B．当线框沿轴正方向运动位移时，穿过线框的磁通量最大，最大值在这之前（），磁通量关于位移的表达式为在这之后（），磁通量关于位移的表达式为B错误；C．通过线框横截面的电荷量故通过线框横截面的电荷量与穿过线框的磁通量成正比关系，故C图像符合，C正确；D．由左手定则判断可知，穿过磁场过程中线框受到的安培力一直向左，在内，其大小在内，其大小D正确。选错误的，故选B。二、非选择题：本题共5题，共56分。请将解答填写在答题卡相应的位置。12.在“探究变压器原、副线圈电压与匝数关系”的实验中：（1）下列仪器中不需要的是________。（填写字母）A.干电池 B.磁铁C.低压交流电源 D.多用电表（2）实验时原线圈接在电源上，用多用电表测量副线圈的电压，下列操作正确的是________。A.原线圈接直流电压，多用电表用直流电压挡B.原线圈接直流电压，多用电表用交流电压挡C.原线圈接交流电压，多用电表用交流电压挡D.原线圈接交流电压，多用电表用直流电压挡（3）若某次实验中用匝数匝、匝的变压器，测得的电压，的电压，据此可知________（填“”或“”）是原线圈匝数。（4）造成（3）中的误差的原因最不合理的是________。（填字母代号）A.原线圈上的电流发热 B.副线圈上的电流发热C.变压器铁芯漏磁 D.原线圈输入电压发生变化（5）为了减小能量传递过程中的损失，铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。作为横档的铁芯Q的硅钢片应按照下列哪种方法设计________。A. B. C. D.【答案】（1）AB（2）C（3）N1（4）D（5）D【解析】【小问1详解】下列仪器中需要低压交流电源和多用电表，不需要干电池和磁铁，故选AB；【小问2详解】变压器只能改变交流电压，则变压器的原线圈接交流电压，多用电表用交流电压挡测量次级电压，故选C；【小问3详解】若是原线圈，若是理想变压器，则副线圈电压为考虑到实际变压器存在损耗，则副线圈电压小于8.2V，即为7.8V，则符合实际，则是原线圈匝数；【小问4详解】造成（3）中的误差的原因可能为原副线圈的电流都会发热损失能量；另外变压器铁芯漏磁也会有能量损失，使得次级电压比理想值偏小，故最不合理的选D。【小问5详解】由于变压器工作时会在铁芯Q中存在变化的磁通量，为了减小能量传递过程中的损失，应尽可能使铁芯Q中不产生较大的涡流，如图所示，则应通过相互绝缘的硅钢片使平行于efgh的各平面和平行于abfe的各平面都不能形成闭合回路，所以作为横档的铁芯Q的硅钢片应按照平行于adhe平面的形式设计。故选D。13.在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个100匝、面积为0.02m2的圆形导体线圈。规定线圈中电流和磁场的正方向如图甲所示，磁感应强度B随时间t按图乙变化。求：（1）时刻，穿过线圈的磁通量；（2）0.4s∼0.5s内线圈中的感应电动势大小。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】磁通量公式为时，，由图乙可知代入数据可得【小问2详解】由图乙得内根据法拉第电磁感应定律14.如图（a）所示的发电装置，在海浪作用下浪板带动线圈做匀速圆周运动，产生的交流电，将该发电装置连接到如图（b）所示的输电电路中，两个理想变压器、原、副线圈匝数比分别为，，发电装置内阻不计。（1）求电压表的示数；（2）若电流表读数为，负载电阻，求输电线路总阻值r。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】变压器原线圈两端电压因为所以变压器副线圈两端电压，即电压表的示数为18V。【小问2详解】电流表读数为，则变压器原线圈两端电压同理所以变压器原线圈两端电压根据所以输电线路中的电流由闭合电路的欧姆定律解得15.如图所示，匝的矩形线圈ab，ab边长，ad边长，放在磁感应强度的匀强磁场中，外力使线圈绕垂直于磁感线且通过线圈中线的轴以的转速匀速转动，线圈电阻，外电路电阻，时线圈平面与磁感线平行，ab边正转出纸外、cd边转入纸里，求：（1）感应电动势的最大值；（2）从图示位置转过90°的过程中流过电阻R的电荷量；（3）线圈转动一圈外力所做的功。【答案】（1）