2027届卓识教育深圳实验部物理高二第一学期期中考试试题含解析

2027届卓识教育深圳实验部物理高二第一学期期中考试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量为m的运动员从下蹲状态开始起跳，经的时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v，在此过程中地面对他作用的冲量大小和做的功分别为（）A．，B．，C．，0D．，02、竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷现用指向墙面的水平推力F作用于小球B，两球分别静止在竖直墙和水平地面上，如图所示。如果将小球B向左推动少许，当两球重新达到平衡时，与原来的平衡状态相比较A．推力F将变大B．竖直墙面对小球A的弹力变大C．地面对小球B的支持力不变D．两小球之间的距离变小3、如图所示，两个同样的导线环同轴平等悬挂，相隔一小段距离．当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（）A．吸引 B．排斥 C．保持静止 D．不可判断4、船在静水中的速度为3.0m/s，它要渡过宽度为30m的河，河水的流速为2.0m/s，则下列说法中正确的是()A．船不能渡过河 B．船渡河的速度一定为5.0m/sC．船不能垂直到达对岸 D．船到达对岸所需的最短时间为10s5、如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有两个带正电的小球，A球的电荷量是B球的两倍，A对B的库仑力大小为F1，B对A的库仑力大小为F2。两小球从图示位置由静止释放后()A．F1、F2保持不变，且F1=F2B．F1、F2保持不变，且F1=2F2C．F1、F2逐渐减小，且F1=F2D．F1、F2逐渐减小，且F2=2F16、如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势随x变化的情况如图乙所示．若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则()A．电子将沿Ox轴负方向运动B．电子的电势能将增大C．电子运动的加速度恒定D．电子运动的加速度先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正撞，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量M与m的比值可能为()A．2 B．3 C．4 D．58、如图所示，甲带负电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用一水平恒力F拉乙物块，使甲、乙无相对滑动一起向左加速运动，在加速运动阶段A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小C．乙物块与地面之间的摩擦力保持不变D．乙物块与地面之间的摩擦力不断减小9、在如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路．则A．电源的电动势为3VB．电源的内阻为2ΩC．电阻R的阻值为0.5ΩD．路端电压为2V10、如图所示，在高速路口的转弯处，路面外高内低．已知内外路面与水平面的夹角为θ，弯道处圆弧半径为R，重力加速度为g，当汽车的车速为V0时，恰由支持力与重力的合力提供了汽车做圆周运动的向心力，则（）A．V0=B．V0=C．当该路面结冰时，V0要减小D．汽车在该路面行驶的速度V＞V0时，路面会对车轮产生沿斜面向下的摩擦力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现有一个灵敏电流表，它的满偏电流，内阻，若要将它改装成量程为5A的电流表，应并联一个_______Ω的电阻，改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上的原来处，则被测电流的大小是__________A．12．（12分）如图为某实验小组验证动量守恒的实验装置示意图。(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2；则m1_____m2、r1_____r2(填“大于”、“等于”或者“小于”)；(2)为完成此实验，所提供的测量工具中必需的是_____（填下列对应的字母）。A．刻度尺B．游标卡尺C．天平D．弹簧秤E．秒表四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一对带电平行金属板A、B与竖直方向成角放置，两板间的电势差。B板中心有一小孔正好位于平面直角坐标系xoy的坐标原点O点，y轴沿竖直方向。现有一带负电的粒子P，其比荷为，从A板中心处静止释放后，沿垂直于金属板的直线进入x轴下方第四象限的匀强电场E中，该匀强电场方向与A、B板平行且斜向上。粒子穿过电场后，从Q点（0，-2）离开电场（Q点图中未标出），粒子的重力不计。试求：(1)粒子从O点进入匀强电场时的速度v0；(2)匀强电场的场强E的大小。14．（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10-2C，质量为m=2×10-2kg，不考虑空气阻力．那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）15．（12分）如图所示匀强电场水平向右，在电场中的O点固定一轻细线，细线的另一端系一质量为m带电量为q的小球，小球平衡时细线与竖直方向成角。（重力加速度g，，）(1)求电场强度；(2)将小球拉至右侧与O等高，细线水平伸直，然后将小球静止释放，求小球运动到最低点时线的张力；(3)小球从最低点继续向左运动，求小球运动到最高点时细线与竖直方向的夹角。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：

故地面对人的冲量为：；

由于支持力的作用点没有位移，故地面对人做功为零，故选项C正确，选项ABD错误．2、C【解析】

先以A球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件分析墙壁对A的弹力如何变化，再以AB整体为研究对象，根据平衡条件分析F如何变化和地面对小球B的弹力的变化．由库仑定律分析两球之间的距离如何变化；【详解】ABC、以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图所示，设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：，将小球B向左推动少许时，减小，则竖直墙面对小球A的弹力N1减小；再以AB整体为研究对象，分析受力如图所示，由平衡条件得：，，则F减小，地面对小球B的支持力一定不变，故C正确，A、B错误；D、由上分析得到库仑力，减小，cos增大，减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的距离增大，故D错误；故选C．运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题，关键是确定研究对象（往往以受力较少的物体为研究对象），分析受力情况．3、A【解析】

通电导线环产生磁场，相当于一个磁铁，由安培定则可知：两导线环左侧面是N极，右侧面是S极，同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥，左右两通电导线环的S极与N极相对，因此两导线环相互吸引；故选A．把两通电导线环等效为磁铁，由安培定则判断出磁铁的极性，根据磁铁磁极间的相互作用即可正确解题．4、B【解析】试题分析：A、D、当船头指向始终垂直于河岸时，渡河时间最短，最短时间为tmin==s=100s，当船头指向与河岸不垂直时，船垂直于河岸方向的分速度变小，渡河时间变长．故A错误，D错误；B、C、由于船相对于水的速度大于水流速度，根据平行四边形定则可知，它们的合速度，即船实际的速度可以与河岸垂直，船可以垂直于河岸行驶，最终到达对岸，故B正确，C错误；故选B．5、C【解析】

两球之间的作用力是作用力与反作用力，故，同种电荷互相排斥，两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小；【详解】两小球都带正电，同种电荷互相排斥，故两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，A对B的库仑力大小为与B对A的库仑力大小为是作用力与反作用力，故，故C正确、ABD错误。本题要知道A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知。6、D【解析】

A、由图可知沿0−x方向电势逐渐升高，则电场线方向沿x负方向，电子所受电场力方向沿x轴正方向，故电子将沿Ox方向运动，故A错误；B、由静止释放后，电场力对电子做正功，电子的电势能减小，故B错误；CD、φ−x图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，所受电场力先减小后增大，电子加速度先减小后增大，故D正确，C错误；故选D．根据φ-x图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化，判断电子运动的加速度变化，由图可知沿Ox轴电势逐渐升高，可判断出电场线的方向，确定电子的运动方向，并判断电子电势能的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

设碰撞后两者的动量都为P，由于题意可知，碰撞前后总动量为2P，根据动量和动能的关系有：P2=2mEk，碰撞过程动能不增加，有：(2p)22M≥p22M+p22m，解得：Mm≤3，由于两者碰撞之后M的速度不大于考点：动量守恒定律及能量守恒定律解答此题关键是知道系统的动量守恒，以及在碰撞的过程中动能不增加，通过这两个关系判断两个物体的质量关系．8、AD【解析】

CD．甲带负电，在向左运动的过程中，受到的洛伦兹力的方向向上，所以对乙的压力变小，乙与地面之间的为滑动摩擦力，乙对地面的压力变小，所以乙物块与地面之间的滑动摩擦力也变小，选项C错误，D正确；AB．对整体由可知整体的加速度变大，则对甲f=ma可知，甲、乙两物块间的摩擦力变大，所以A正确，B错误；故选AD。9、AD【解析】图I表示了电源的路端电压和电流的关系，从图像上可以看出电源的电动势为3V，内阻为0.5Ω，图II表示了定值电阻的电压与电流的关系，图像的斜率表示了电阻的大小，即R=1Ω，当把此电阻接到此电源上时，图像的交点即为此电路的电压和电流值，即路端电压为2V，故AD正确；综上所述本题答案是：AD10、AD【解析】

A、B、设路面的斜角为θ，以汽车为研究对象，作出汽车的受力图，如图，根据牛顿第二定律，得：解得：，A正确；B错误；C、当路面结冰时与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v0的值不变，C错误；D、车速若高于v0，所需的向心力增大，此时摩擦力可以指向内侧，增大提供的力，车辆不会向外侧滑动，D正确；故选AD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.04、1【解析】

所并电阻阻值为；因为，所以指针指在表盘上的原来处，则被测电流的大小是故答案为0.04，112、大于等于AC【解析】

(1)[1][2]在小球碰撞过程中，水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2假设碰撞为弹性的，则碰撞过程中机械能守恒解得则要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1—m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2。(2)[3]小球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2小球离开斜槽后做平抛运动，由于抛出点高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，则有m1v0t=m1v1t+m2v2t则有m1x0=m1x1+m2x2故实验需要测量：小球质量与小球做平抛运动的水平位移，测质量需要天平，测小球水平位移需要用刻度尺，故选AC。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)【解析】

(1)对于粒子在AB间加速过程，由动能定理得可得(2)粒子P在进入电场后做类平抛运动，设离开电场时距O距离为L，以O