2027届江苏省南通市通州区海安县高二上物理期中达标检测试题含解析

2027届江苏省南通市通州区海安县高二上物理期中达标检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，水平直导线中通有稳恒电流I，导线的正上方处有一电子初速度v0，其方向与电流方向相同，以后电子将（）A．沿原方向运动，速度大小不变B．沿路径a运动，速度大小变大C．沿路径b运动，速度大小变小D．沿路径b运动，速度大小不变2、甲乙两条铜导线质量之比M甲:M乙=4:1,长度之比为L甲:L乙=1:4，则其电阻之比R甲：R乙为A．1:1B．1:16C．64:1D．1:643、关于磁场下列说法中正确的是A．磁感线可以用铁屑来显示，因而是真实存在的B．电流元IL在磁场中受力为F，则B一定等于C．磁场中磁感应强度大的地方，磁通量不一定很大D．磁体与通电导体之间的相互作用是通过电场与磁场共同产生的4、一根绳子吊着一只桶悬空静止时，下列叙述中正确的是()A．绳对桶的拉力与桶所受的重力是一对平衡力B．绳对桶的拉力与桶所受的重力是作用力和反作用力C．绳对桶的拉力与桶对地球的作用力是平衡力D．绳对桶的拉力与桶对地球的作用力是作用力和反作用力5、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v～t图象如图乙所示，其中B点处为整

条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的（）A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强B．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D．AB两点电势差

V6、一带负电的粒子仅受电场力作用下在电场中做直线运动，v－t图象如图所示，、时刻分别经过M、N两点，则下列判断正确的是（）A．该电场可能是由某正点电荷形成的B．带电粒子从M点运动到N点的过程中，电势能逐渐增大C．M点的电势低于N点的电D．带电粒子在M点所受电场力大于在N点所受电场力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为，则下列说法中正确的是（）A．c点、d点的振动相位总是相同B．时刻图中质点b的加速度在增大C．从时刻开始，经0.01s质点b位于平衡位置上方，并向上做减速运动D．从时刻开始，经0.01s质点a通过的路程为40cm，时刻a相对平衡位置的位移为零8、如图所示，将平行板电容器与电池组相连，下板接地，两极板间的A处固定了一个带负电的电荷q.若将电容器的上板稍上移一些，其他条件不变，则()A．电容器的带电荷量减少B．电容器两极板间的场强减小C．板间A处的电势升高D．电荷q的电势能变大9、在图中，A．B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的是A．A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法B．A中R测＞R真，B中R测＜R真C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使R<<Rv，故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使R>>RA，故此法测较大电阻好10、锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中。现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器的输出电压为U，输出电流为I，手机锂电池的内阻为r，下列说法正确的是A．锂电池两端的电压为IrB．锂电池产生的热功率为I2rC．电能转化为化学能的功率为UI-I2rD．充电器输出的电功率为UI+I2r三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)如图所示，是用20分度的游标卡尺测量某一物体的长度，游标卡尺的示数为______mm。（2）在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，符合要求的作法是______：A．闭合电键前必须检查滑动变阻器的滑片位置使之起到保护作用B．实验所用滑动变阻器的阻值越大越好C．实验中测3组数据即可D．在坐标纸上描出点后，用直尺作一条直线使不在线上的点均匀分布在线的两侧(3)某同学在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，连接的测量电路（如右图）中有一处错误，连线的编号是_______。12．（12分）如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O。接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上。重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度。①对于上述实验操作，下列说法正确的是________A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端必须水平D．小球1质量应大于小球2的质量②上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有________；A．A、B两点间的高度差h1B．B点离地面的高度h2C．小球1和小球2的质量m1、m2D．小球1和小球2的半径r③当所测物理量满足表达式______________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式______________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞时无机械能损失；④完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图所示．在水平槽末端与水平地面间放置了一个斜面，斜面的顶点与水平槽等高且无缝连接．使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在斜面上的平均落点M′、P′、N′。用刻度尺测量斜面顶点到M′、P′、N′三点的距离分别为l1、l2、l3。则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为____________(用所测物理量的字母表示)。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一直流电动机线圈内阻一定，用手握住转轴使其不能转动（此时是纯电阻），在线圈两端加电压为U1=0.3V，电流为I1=0.3A．松开转轴，在线圈两端加电压为U2=4V时，电流为I2=1A，电动机正常工作．求：（1）电动机线圈内阻r？（2）该电动机正常工作时，输入的电功率P入及机械功率P机各是多少？14．（16分）如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=4Ω,R1=16Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，R4=30Ω，R5=30Ω，R6=30Ω，电容器C=20μF。（1）闭合开关S1，S2，待稳定后，AB之间的电势差UAB为多少，电容器的电量是多少。（2）断开S2后，通过R6的电量为多少？（保留2位有效数字）15．（12分）如图所示，一质量为m1＝1kg，带电荷量为q＝＋0.5C的小球以速度v0＝3m/s，沿两正对带电平行金属板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6m，两极板间距为0.5m，不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC，圆弧轨道ABC的形状为半径R<3m的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径，在过A点竖直线OO′的右边界空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E＝10V/m.(取g＝10m/s2)求：(1)两极板间的电势差大小U；(2)欲使小球在圆弧轨道运动时不脱离圆弧轨道，求半径R的取值应满足的条件．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】水平导线中通有稳定电流I，根据安培定则判断导线上方的磁场方向向里，由左手定则判断可知，导线上面的电子所受的洛伦兹力方向身向上，则电子将沿b轨迹运动，其速率v不变，故D正确，ABC错误．故选D.2、D【解析】铜线的质量：，则可知，则由可知，电阻之比，D正确．3、C【解析】A、磁感线可以用铁屑来显示，但不是真实存在的，故A错误；B、根据公式:若通电直导线的方向与磁场的方向垂直时,通电直导线受到的安培力为F,磁感应强度为.若电流元与磁场不垂直,则电流元IL在磁场中受力为F,则磁感应强度B可能大于故B错误,C、磁通量，所以磁场中磁感应强度大的地方，磁通量不一定很大，故C正确；

D、磁体与通电导体之间的相互作用是通过磁场产生的，故D错误；综上所述本题答案是：C4、A【解析】

桶受到地球施加的重力和悬绳对它的拉力作用，这两个力使桶处于平衡状态，相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上；相互作用力与平衡力的重要区别是作用的物体，平衡力是作用在同一个物体上；【详解】A、绳对桶的拉力，桶所受的重力，这两个力都作用在桶上，这两个力是一对平衡力，不是作用力和反作用力，故A正确，B错误；

C、绳对桶的拉力和桶对地球的作用力方向相同，不可能为平衡力，故C错误；

D、绳对桶的拉力与桶对地球的作用力不是两物体间的相互作用，故不是作用力和反作用力，故D错误。正确分析各个力的施力物体和受力物体，注意到作用力和反作用只涉及到两个物体，从而确定哪一对力是作用力和反作用力。5、D【解析】

A、速度时间图像中图线的斜率表示加速度，加速度越大，则受到的电场力越大，即电场强度越大，故在B点的加速度最大，其大小为，根据牛顿第二定可得，解得，故A错误；B、从C到A过程中速度增大，即动能增大，电场力做正功，电势能减小，同一正电荷的电势能减小，则电势减小，故BC错误；D、从图中可知A、B两点的速度分别为：，物块在B到A过程，根据动能定理得：，得到：，则，故D正确．6、B【解析】

由速度时间图象可知：粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是一个定值，所以电场力不变，场强不变，因此该电场是匀强电场，不可能是由某正点电荷形成的，故AD错误．由速度图象可知，带电粒子在从M点到N点的过程中，速度减小，动能减小，根据能量守恒定律可知，电势能逐渐增大，粒子的速度减小，所以带电粒子所受的电场力方向从N→M，而粒子带负电，则电场线方向从M→N，所以M点的电势高于N点的电势，故B正确，C错误；故选B.由速度时间图象分析粒子速度的变化，根据能量守恒定律分析电势能的变化．粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是一个定值，所以电场力不变，是匀强电场．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A.根据图像分析，c点、d点的振动相位不同，故A错误B.波向x轴正方向传播，所以b在向y轴负方向运动，加速度增大，故B正确C.经过0.01s即半个周期，b位于平衡位置上方，并向上做减速运动，故C正确D.经过0.01s即半个周期，a相对平衡位置的位移大小为20cm，故D错误故选BC8、ABD【解析】

平行板电容器与电池组相连，两端的电势差不变，当A极板上移后，d增大，根据C=ɛS4πkd，电容C减小，则由Q=CU可知，电荷量减小；故B、因电势差不变，根据E=Ud可知，两极板间的场强减小，故C、因电场强度E减小，而P点到下极板间距也不变，得出A点的电势减小，故C错误；D、因A点电势减小，电荷带负电，则根据EA=qφ故选：ABD。电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，A极板向上移动一小段距离稳定后，电容发生变化，根据Q=CU判断带电量的变化，根据E=Ud，判断电场强度的变化，可以根据U=Ed判断P点与正极板间电势差的变化，从而得出解决本题的关键知道电容器与电源始终相连，两端间的电势差不变.电容器与电源断开，电容器的电量保持不变．9、ACD【解析】

本题考查电流表的内、外接法的区别【详解】A．由图象可知，A图电流表属于外接，B图属于电流表的内接。故A选项正确；B．因外接法中电压表存在分流作用，故而有，B图中内接法电流表具有分压作用，则，即B选项错误；C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，Rv越大，电压表的分流作用就越小这样误差就越小，就使R<<Rv，故此法测较小电阻好，故C选项正确；D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，RA越小，电流表的分压作用就越小这样误差就越小，应使R>>RA，故此法测较大电阻好，故D选项正确。综上所述，本题正确答案应为ACD。10、BC【解析】

A．充电过程中锂电池两端电压为路端电压，故A错误.B．根据热功率公式可得，电池产生的热功率为：故B正确C．电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律有：所以有：故C正确.D．由题意可知充电器输出的电功率为：故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、100.15A4【解析】(1)游标卡尺主尺读数为10cm，游标读数为0.05×3=0.15mm，所以最终读数为100.15mm。(2)A项：实验前检查滑动变阻器滑片位置，以便更好的保护实验电路，A选项正确；B项：所用的滑动变阻器并非阻值越大越好，阻值太大，滑动滑片时阻值变化大，电流也变化大，测量数据少，导致实验误差大，B选项错误；C项：由于待测电阻阻值随温度变化，应画出U-I或I-U图象，不能只测量3组数据，C选项错误；D项：由于图象不是倾斜直线，不能用直尺连线，D选项错误。(3)从电流表接出来的导线应该接在滑动变阻器上部的两个接线柱的其中一个上，而不能直接接在滑片上。点晴：若已知图象不是线性关系时，应画出平滑的曲线而不能用直尺；明确实验连线时，导线必须通过接线柱才行。12、ACDCm1＝m1＋m2【解析】

①[1]A．从相同的位置落下，保证小球1每次到达轨道末端的速度相同，A正确；B．现实中不存在绝对光滑的轨道，B错误；C．为了保证两小球能够发生对心碰撞且碰后做平抛运动，所以轨道末端必须水平，C正确；D．为了保证1小球碰后不反弹，所以小球1质量应大于小球2的质量，D正确。故选ACD；②③[2][3]小球碰撞满足动量守恒定律：小球飞出轨道后做平抛运动，下落时间由高度决定：水平方向做匀速直线运动：联立方程：，所以还需要测量的物理量为两小球的质量，C正确，ABD错误；[4]若能量守恒，根据能量守恒定律：联立方程：；④[5]小球飞出后做平抛运动，斜面的倾角为，分解位移：消去时间，解得：，根据题意，代入动量守恒方程中得：。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。