山西省大同市煤矿第四中学2027届高二物理第一学期期中监测模拟试题含解析

山西省大同市煤矿第四中学2027届高二物理第一学期期中监测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，AB间的电压为30V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变CD间的电压，则UCD的变化范围是()A．0～10VB．0～20VC．10～20VD．20～30V2、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2为相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为7.5Ω。当开关S闭合后()A．L1的电阻为112B．L1消耗的电功率为7.5WC．L2的电阻为7.5ΩD．L2消耗的电功率为0.375W3、如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作A．匀加速直线运动B．曲线运动C．自由落体运动D．变加速直线运动4、一根粗细均匀的电阻丝，电阻为R，若将其均匀拉长为原来的2倍，则其电阻为A．8R B．R C．2R D．4R5、如图所示，在真空中，两个放在绝缘架上的相同金属小球A和B，相距为r．球的半径比r小得多，A带电荷量为+4Q，B带电荷量为-2Q，相互作用的静电力为F．现将小球A和B互相接触后，再移回至原来各自的位置，这时A和B之间相互作用的静电力为F'．则F与F'A．8:3B．8:1C．1:8D．4:16、用如图所示的装置研究平抛运动．敲击弹性金属片后，A、B两球同时开始运动，均落在水平地面上，下列说法中合理的是()A．A球比B球先落地B．B球比A球先落地C．能听到A球与B球同时落地的声音D．当实验装置距离地面某一高度时，A球和B球才同时落地二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在两个正对的平行金属板中间夹上一层绝缘物质，就形成一个最简单的电容器，叫做平行板电容器，以下说法正确的是：A．电容器的作用是发热； B．电容器的作用是储存电荷；C．两板正对面积越大，电容越大； D．两板间距离越大，电容越大．8、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W，额定工作电压为24V，机器人的锂电池容量为20A·h。则机器人()A．额定工作电流为20AB．充满电后最长工作时间为2hC．电池充满电后总电量为7.2×104CD．以额定电流工作时每秒消耗能量为48J9、从电势差定义式U=WqA．电场中两点间的电势差与电场力做的功W成正比，与移送的电量q成反比B．电场力在电场中两点间移动的电荷越多，电场力做的功越大C．将1库的负电荷从一点移到另一点电场做了1焦的功，这两点间的电势差的大小是1伏D．两点间的电势差，等于把正点电荷从一点移到另一点电场力做的功10、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为（）。若小物体电荷量保持不变，，重力加速度为g，则（）A．从N到M的过程中，小物体做匀变速直线运动B．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力先增大后减小C．从M到N与从N回到M两过程中，小物体克服摩擦力做功不相等D．小物体上升的最大高度为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测绘一个标有“3V0.8W”元件的伏安特性曲线，备用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω)；电流表（量程为0~300mA，内阻约5Ω)；电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ)；滑动变阻器（最大阻值5Ω，额定电流1A）电键一个、导线若干（1）将实物连线补充完整；（2）通过伏安特性曲线可以知道，随着电压的提高此元件的电阻_____；（选填“不变”、“增大”或“减小”）（3）把此元件直接串联接在电动势为3V内阻为10Ω的电源两端，此时该元件消耗的电功率为______W。（保留两位有效数字）12．（12分）读出以下实验仪器的读数：(1)甲图为某次用螺旋测微器测量电阻丝直径d时的示数，则d=________mm；(2)乙图为用多用电表×100Ω挡测某电阻，表针所指的示数为R=________Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一带电小球的质量m=2×10-4kg,用长为L=0.8m的细线悬挂在水平方向的匀强磁场中O点，场强E=3×104N/C,摆球恰好静止在A点，此时细线与竖直方向夹角为θ=37o。（g=10m/s2sin370=0.6cos370=0.8）求：（1）小球带什么电？电量是多少？（2）某时刻将细线剪断，带电小球将沿什么方向怎么样运动？（3）若把小球由竖直方向的P点静止释放，到达A位置时，电场力做功是多少?14．（16分）如图所示，虚线MN、PQ之间存在水平向右的匀强电场，两虚线间距离为d．一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，从a点由静止释放，经电压为U的电场加速后，由b点垂直进入水平匀强电场中，从MN上的某点c(图中未画出)离开，其速度与电场方向成45°角．不计带电粒子的重力．求：(1)带电粒子刚进入水平匀强电场时的速率v0；(2)水平匀强电场的场强大小E；(3)bc两点间的电势差Ubc．15．（12分）如图所示，一对带电平行金属板A、B与竖直方向成角放置，两板间的电势差。B板中心有一小孔正好位于平面直角坐标系xoy的坐标原点O点，y轴沿竖直方向。现有一带负电的粒子P，其比荷为，从A板中心处静止释放后，沿垂直于金属板的直线进入x轴下方第四象限的匀强电场E中，该匀强电场方向与A、B板平行且斜向上。粒子穿过电场后，从Q点（0，-2）离开电场（Q点图中未标出），粒子的重力不计。试求：(1)粒子从O点进入匀强电场时的速度v0；(2)匀强电场的场强E的大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，UCD最大，最大值为：；当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，UCD最小，最小值为：，所以UCD的变化范围是10～20V．故选C.2、C【解析】

电源电动势为3.0V，内阻不计，路端电压为3V．L1和两端的电压为3V，由图可知，此时的电流为0.25A，所以电阻值：R1＝UI＝3.00.25由伏安特性曲线可以读出L1两端的电压为3V，由图可知，此时的电流为0.25A，L1消耗的电功率为：P=UI=3.0×0.25=0.75W，故B错误。在乙图上做出电阻R的伏安特性曲线如图，由于R与L2串联，所以二者的电流值是相等的，由图可以读出，此时二者的电压都是1.5V时，二者电压的和等于3.0V，此时的电流值是0.2A．所以R2=1.50.2=7.5Ω，故C正确；L2消耗的电功率为：P′=U′•I′=1.5×0.2=0.3W，故D错误。故选在分析电阻的I-U与U-I图线问题时，关键是搞清图象斜率的物理意义，也就是说是K=1/R，还是K=R．对于线性元件，R=U/I＝∆U/∆I，但对于非线性元件，R≠∆U/∆I3、A【解析】悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向，烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定即加速度恒定，而且沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动，故A正确，BCD错误。点睛：解决本题的关键是要掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动。4、D【解析】由，可知拉长2倍后，体积V不变，故电阻变为原来4倍，故D正确．5、B【解析】试题分析：根据库伦定律F=kqQr2可得：接触前，两球间的库伦力为F=k2Q•4Qr考点：本题考查了库伦定律的应用点评：当两个完全相同的小球接触时，先进行电中和，然后电量再平均分配6、C【解析】试题分析：本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；解：根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，P做平抛运动，Q做自由落体运动，平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动，球的落地时间由竖直方向自由落体运动决定，由于两球同时运动，因此在任一时刻两球在竖直方向上高度相同，它们同时落地．该实验可以证明平抛运动可以分解为竖直方向上的自由落体运动．．故选C．【点评】本题比较简单，重点考察了平抛运动特点，平抛是高中所学的一种重要运动形式，要重点加强．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

电容器的作用是储存电荷，选项A错误，B正确；根据可知，两板正对面积越大，电容越大，选项C正确；根据可知，两板间距离越大，电容越小，选项D错误；故选BC．8、CD【解析】

A.根据P=UI可知，额定电流应该为故A错误。B.机器人的锂电池容量为20A•h，即当额定电流2A下工作时，能够工作最长时间为10h，故B错误。C.电源充满电后的总电量为q=It=20×3600C=7.2×104C故C正确。D.在额定电流下，机器人功率48W，即每秒消耗48J电能，故D正确。9、BC【解析】

A：电场中两点间的电势差由电场本身决定，与电场力做的功W及移送的电量q无关。故A项错误。B：从电势差定义式U=Wq可知，W=qU；则在电场中两点间移动的电荷越多，电场力做的功越大。故C：从电势差定义式U=Wq可知，将1库的负电荷从一点移到另一点电场做了1焦的功，这两点间的电势差的大小是1伏。故D：从电势差定义式U=Wq可知，两点间的电势差，等于把单位正点电荷从一点移到另一点电场力做的功。故电场中两点间的电势差由电场本身决定，与电场力做的功W及移送的电量q无关。10、BD【解析】

A．从N到M的过程中，小物体受到O点的正电荷的库仑力不断变化，则物体不可能做匀变速直线运动，选项A错误；B．从N到M的过程中，小物体受到正电荷的静电引力在垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，故B正确。C．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则摩擦力相等，在上滑和下滑过程，对小物体摩擦力做功相等，选项C错误；D．由于经过相等的一小段位移，在上滑和下滑过程中电场力和摩擦力所作的功均相等，设为W1和Wf。则应用动能定理分别有：上两式相减可得故D正确；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、增大0.20~0.22【解析】

（1）电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示：（2）由图示图象可知，随电压增大通过灯泡的电流增大，电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大。（3）在灯泡I-U图象坐标系内作出电源的I-U图象如图所示：由图示可知，灯泡两端电压U=1.10V，电流I=0.19A，灯泡实际功率P=UI=1.10×0.19W=0.21W．12、0.7301100【解析】

(1)[1]根据螺旋测微器读数方法可知读数为：d=0.5mm+23×0.01mm=0.730mm(2)[2]多用电表使用×100Ω挡，故读数为：R=11×100Ω=1100Ω四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、正电5×10-8COA的反方向匀加速7.2×10-4J【解析】解：(1)小球带正电荷

由平衡可知得：

(2)剪短细线后小球将沿OA方向做匀加速直线运动(3)小球由C点摆至B点过程由动能定理

14、（1）（2）（3）【解析】

（1）对粒子从a运动