云南省峨山县大龙潭中学2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

云南省峨山县大龙潭中学2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量为1kg的篮球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量△p和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是（）A．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10JB．△p＝10kg•m/sW＝﹣10JC．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10JD．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J2、下列说法正确的是A．经过摩擦使某物体带负电，那么该物体在摩擦过程中产生了额外的电子B．物体所带电量是元电荷的整数倍C．印刷厂的空气保持一定的湿度是为了使环境更加舒适D．静电平衡时，导体内没有自由电子3、如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q(q>0)的相同小球，小球之间用劲度系数均为k0的轻质弹簧绝缘连接．当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l，已知静电力常量为k，若不考虑弹簧的静电感应，则每根弹簧的原长为（）A． B． C． D．4、如图所示，电荷量，质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，现加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，以下判断中正确的是（）A．物体将沿斜面减速下滑 B．物体将沿斜面加速下滑C．物体仍保持匀速下滑 D．物体可能静止5、如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m，通电电流为I的导线。若使导线静止，应该在斜面上施加匀强磁场B的大小和方向为（）A．，方向垂直斜面向上B．，方向垂直水平面向上C．，方向竖直向下D．，方向水平向左6、如图所示，平行等距的竖直虚线为某一电场的等势面，一带负电的微粒以一定初速度射入电场后，恰能沿直线运动，由此可知（）A．该电场一定是匀强电场，且方向水平向左B．点的电势高于点的电势C．微粒从点到点电势能减少，机械能增加D．微粒从点到点，其动能与电势能之和保持不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是某电源的路端电压与干路电流的关系图像，下列说法正确的是（）A．电源的内阻为12Ω B．电源的电动势为6.0VC．短路电流为3A D．干路电流增大，电源效率变小8、质量为m的带电小球射入匀强电场后，以方向竖直向上、大小为2g的加速度向下运动，在小球下落h的过程中()A．小球的重力势能减少了2mgh B．小球的动能减少了2mghC．电场力做负功2mgh D．小球的电势能增加了3mgh9、如图，一竖直放置的大圆环，在其水平直径上的A、B两端系着一根不可伸长的柔软细绳，绳上套有一光滑小铁环．现将大圆环在竖直平面内绕圆心O点逆时针缓缓转过一个微小角度，轻绳对A、B两点拉力，则（）A．变小 B．变大C．轻绳对小铁环的作用力变大 D．小铁环与O点总是在同一竖直线上10、如图所示，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片P向上滑动，下面说法中正确的是A．穿过线圈a的磁通量变小B．线圈a有收缩的趋势C．自上往下看，线圈a中将产生顺时针方向的感应电流D．线圈a对水平桌面的压力FN三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝的直径__________mm.(2)某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：①用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为“×1k”、“×100”、“×10”、“×1”．该同学选择“×100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大(指针位置如图虚线所示)．为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：a．_________________________________________________________.b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω”处．c．重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是________．(3)为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表(0～200mA，内阻0.5Ω);B．电流表(0～0.6A，内阻0.01Ω);C．电压表(0～3V，内阻5kΩ)；D．电压表(0～15V，内阻50kΩ);E．滑动变阻器(0～10Ω，0.5A)；F．滑动变阻器(0～1kΩ，0.1A)；G．电源(3V);H．电键一个，导线若干．①为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是________．②在虚线框中画出完成此实验的电路原理图，并将实物按电路图用导线连好_______．③此实验描绘出的I—U图线是________(填“曲线”或“直线”)，其原因是_______.12．（12分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中：(1)若根据实验数据作出如图1所示的图象，则该电池的电动势E=____V；内阻r=____Ω．(2)若实验电路如图2所示，由于电压表、电流表均不是理想电表，则测量结果，电源电动势的测量值将____真实值，内阻的测量值将_____真实值．（填“大于”、“等于”、“小于”）(3)请根据电路图在图3中连接实物图______．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示为电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，两电场的边界均是边长为L的正方形，已知质量为m，电荷量为e的电子可正常穿过电场I和II区域（不计重力）。（1）在I区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开电场I区域时的速度。（2）求电子离开电场I区域所用的时间。（3）求电子离开CD边的位置坐标。14．（16分）蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目.一个质量为60kg的运动员，从离水平网面3.2m高处自由落下，触网后沿竖直方向蹦回到离水平网面1.8m高处.已知运动员与网接触的时间为1.4s.(取g=10m/s2)试求(1)运动员第一次接触网时的瞬时速度大小．(2)网对运动员的平均冲击力.15．（12分）如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=5Ω，滑动变阻器的最大阻值R1=20Ω，定值电阻R2=20Ω，R3=5Ω，R4=10Ω，电容器的电容C=30μF．开关S闭合电路稳定后，求：（1）滑动变阻器滑片从最左端滑到最右端的过程中，通过R4的电量；（2）电源的最大输出功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

取竖直向上方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=mv2-（mv1）=1×（4+6）kg•m/s=10kg•m/s方向竖直向上。由动能定理得：代入数据得：W=-10JA．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项A错误；B．△p＝10kg•m/sW＝﹣10J，与结论相符，选项B正确；C．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项C错误；D．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J，与结论不相符，选项D错误；2、B【解析】

A．摩擦起电是电子由一个物体转移到另一个物体的结果，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，没有产生了额外的电子，故A错误；B．电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，电性相反，人们通常将最小的电荷量叫做元电荷，元电荷为：e=1.60×10-19C，物体的带电量是元电荷的整数倍，故B正确；C．印刷厂车间中，纸张间摩擦产生大量静电，由于有一定的湿度，能及时导走，是防止静电危害，故C错误；D．当达到静电平衡时，导体内部将没有多余的电荷，并不是没有自由电子，故D错误。3、B【解析】

对第三个小球受力分析，第三个小球受三个力的作用，它们的关系是解得所以弹簧的原长为故B正确，ACD错误。故选B。4、C【解析】

若滑块匀速下滑时，则有mgsinθ=μmgcosθ当加上竖直向上的电场后，在沿斜面方向，(mg-F)sinθ=μ(mg-F)cosθ受力仍保持平衡，则滑块仍匀速下滑．故选C正确．判断物体运动的状态，关键是分析受力情况，确定合力是否为零或合力与速度方向的关系．若滑块匀速下滑，受力平衡，沿斜面方向列出力平衡方程．加上竖直方向的匀强电场后，竖直方向加上电场力，再分析物体受力能否平衡，判断物体能否匀速运动．5、C【解析】

A.若磁场方向垂直于斜面向上，由左手定则知安培力平行于斜面向下，导线不可能静止，故A错误；B.若磁场方向垂直于水平面向上，由左手定则知安培力水平向右，导线不可能处于平衡，故B错误；C.若磁场方向竖直向下，由左手定则知安培力水平向左，根据平衡条件：所以故C正确；D.若磁场方向水平向左，受到竖直向上的安培力，故mg=BIL解得故D错误。6、B【解析】

A．等势面平行等距，因为电场线和等势线垂直，所以电场线必定沿水平方向，且疏密均匀同向，该电场一定是匀强电场．负电荷受到电场力与重力，使其沿着A到B直线运动，可知，电场力必定水平向左，故电场的方向应水平向右．故A错误．B．沿电场线电势降低，所以电场方向向右，则P点的电势高于Q点的电势，故B正确．C．微粒所受的电场力水平向左，对微粒做负功，则其机械能在减少，故C错误；D．从P到Q过程中，动能、重力势能与电势能之和保持不变，因为重力势能增加，因此动能与电势能之和减小，故D错误．故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

AB．由闭合电路欧姆定律U=E-Ir得，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，电动势E=6V，电源的内阻等于图线的斜率大小选项A错误，B正确；C．外电阻R=0时，短路电流为选项C正确；D．干路电流增大，可知外电路电阻R减小，根据电源效率可知，电源效率变小，选项D正确。8、BD【解析】试题分析：小球下落h，重力势能减少量为△EP=mgh，故A错误；小球的动能变化等于合外力做的功，△Ek=（mg-F）h=-2mgh，即动能减少了2mgh，故B正确；电场力的做功为W=-Fh=-3mgh，故C错误；小球的加速度方向向上，大小是2g，由牛顿第二定律可得，2mg=F-mg，电场力F=3mg，方向向上；电场力向上，小球向下运动，电场力做负功，电势能增加，△EP=Fh=3mgh，故D正确；故选BD．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查对功能关系的理解能力，对于几对功能关系的理解要准确，不能张冠李戴，动能的变化由合力的做功决定，重力势能的变化由重力做功决定．电势能的变化有电场力的功决定．9、AD【解析】

设绳子是长度是2L，AB的长度是2l，AB水平时绳子与水平方向的夹角是α，平衡时两根绳子的拉力相等，设绳子拉力为F1，有：2F1sinα-mg=0，

得：FA=FB=F1＝

由图可知，cosα＝．

将大圆环绕着杆中点O在竖直平面内逆时针缓慢转过一个角度时，绳子与水平方向的夹角是θ，平衡时两根绳子的拉力仍然相等，设绳子拉力为F2，有：2F2sinθ-mg=0，

联立解得：FA′＝FB′＝．

设此时环到B的距离是L1，到A的距离是L2，则：L1+L2=2L

而由图可知，很显然：L1cosθ+L2cosθ＜2l，

即：cosθ＜得：α＜θ，所以：FA′=FB′＜FA=FB．即FA变小，FB变小，故A正确，B错误．

轻绳对小铁环的作用力等于小圆环的重力，则大小不变，选项C错误；当大圆环在竖直平面内绕圆心O点转动时，由几何知识可知，AB两点到圆心O的水平距离总相等，两侧绳子与竖直方向的夹角相等，则小铁环与O点总是在O点正下方的同一竖直线上，选项D正确；故选AD.本题中铁环与动滑轮相似，两侧绳子拉力大小相等，运用正交分解法研究平衡状态，注意几何关系在题目中的运用．10、AC【解析】

此题的关键首先明确滑动触头向上滑动时通过判断出线圈b中的电流减小，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向。根据感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因，可以很好判断线圈的运动趋势。【详解】当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小，故A正确；根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故C正确；再根据微元法将线圈a无限分割根据左手定则不难判断出线圈a应有扩张的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向上滑动导致穿过线圈a的磁通量减小，故只有线圈面积增大时才能阻碍磁通量的减小，故线圈a应有扩张的趋势，故B错误；开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压力FN将减小，故D错误．故选AC首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果。一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.644—0.646mm换用倍率“×10”的挡120ΩACEGH曲线温度变化，灯丝电阻也会变化【解析】

（1）[1]．合金丝的直径：0.5mm+0.01mm×14.5=0.645mm；（2）①a.[2]．该同学选择“×100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大，说明倍率档选择过高，应该换用倍率“×10”的挡；c．[3]．测量结果是120Ω.（3）①[4]．小灯泡的额定电流为，则电流表可选A；电压表选C；滑动变阻器要接成分压电路，故选阻值较小的E；则为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是ACEGH；②[5][6]．电压表内阻远大于灯泡的内阻，可知要采用安培表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路图以及实物连线如图；③[7]．此实验描绘出的I—U图线是曲线，其原因是灯丝温度变化，电阻也会变化.12、（1）1.500.5或0.50（2）小于、小于（3）见解析；【解析】(1)由图1所示电源U−I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.50V，电源电动势E=1.50V；电源内阻r=△U/△I=（1.5−1.0）/1.0=0.50Ω．(2)由图2所示电路图可知，相对于电源来说电流表