陕西省西藏民族学院附属中学2027届高二上物理期中教学质量检测模拟试题含解析

陕西省西藏民族学院附属中学2027届高二上物理期中教学质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是()A．由电流I=q/t可知I与q成正比B．电流有方向，所以电流是矢量C．电动势、电压和电势差名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同D．电压表改装时串联电阻的目的是分去一部分电压2、如图所示，一木块从固定的粗糙斜面顶端沿斜面匀速下滑，在下滑过程中，下列说法正确的有（）A．支持力对木块做正功 B．重力对木块做负功C．合力做功为零 D．摩擦力对木块做正功3、如图（甲）从阴极发射出来的电子束，在阴极和阳极间的高电压作用下，轰击到长条形的荧光屏上激发出荧光，可以显示出电子束运动的径迹。若把射线管放在如图（乙）蹄形磁铁的两极间，阴极接高压电源负极，阳极接高压电源正极，关于荧光屏上显示的电子束运动的径迹，下列说法正确的是A、电子束向上弯曲B、电子束沿直线前进C、电子束向下弯曲D、电子的运动方向与磁场方向无关4、关于电流，下列说法正确的是()A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，则导体中电流越大C．电流有方向，因此电流是矢量D．通电时间越短，电流越大5、做简谐振动的物体，当它每次经过同一位置时，可能不同的物理量是()A．位移 B．速度 C．加速度 D．回复力6、根据下面给出的速度和加速度的正负，对运动性质的判断正确的是（）A．v0>0，a<0，物体做加速运动 B．v0<0，a<0，物体做减速运动C．v0<0，a>0，物体做加速运动 D．v0>0，a>0，物体做加速运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A为两点电荷连线的中点，B为连线上距A为d的一点，C为连线中垂线距A也为d的一点，则下面关于这三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是（）A．EA>EB>ECB．EB>EA>ECC．ФB=ФC>ФAD．ФA=ФC>ФB8、如图所示，绝缘光滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在与环心等高处放有一质量为m，电荷量为＋q的小球，由静止开始沿轨道运动，下列说法正确的是（）A．小球在运动过程中机械能守恒B．小球经过最低点时机械能最大C．小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg＋qE)D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg－qE)9、关于电势差和电场力作功的说法中，正确的是（）A．电势差的大小由电场力在两点间移动电荷做的功和电荷的电量决定B．电场力在两点间移动电荷做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定C．电势差是矢量，电场力作的功是标量D．在匀强电场中与电场线垂直方向上任意两点的电势差均为零10、关于动量的概念，以下说法中不正确的是()．A．速度大的物体动量一定大B．质量大的物体动量一定大C．两个物体的质量相等，速度大小也相等，则它们的动量一定相等D．两个物体的速度相等，那么质量大的物体动量一定大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻：①实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V（量程3V，内阻Rv=10kΩ）电流表：G（量程3mA，内阻Rg=100Ω）电流表：A（量程3A，内阻约为0.5Ω）滑动变阻器：R1（阻值范围0-10Ω，额定电流2A）R2（阻值范围0-1000Ω，额定电流1A）定值电阻：R3=0.5Ω该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是___________；②该同学将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_______A；③为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器_______（填写器材的符号）；④该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=_______Ω（结果保留两位有效数字）。12．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如左下图，由图可知其长度为L=________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=_____________mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为_____________Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～30mA，内阻约30Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；

开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出不妥之处____________A．电流表应选A2B．电流表应采用外接法C．滑动变阻器R1应采用分压式接法D．滑动变阻器应采用R2四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第二、三、四象限内存在竖直向上的匀强电场，x轴下方同时存在垂直纸面向外的匀强磁场.一带电小球从x轴上的A点以初速度v0垂直x轴向上射出，小球沿竖直光滑的绝缘圆形轨道内壁运动到y轴上的C点，以速度v0垂直y轴进入第一象限，接着以与x轴正方向成θ=45°从D点斜射入x轴下方，小球再次回到x轴时恰好经过原点O。已知小球的质量为m，带电量为q，重力加速度为g，求：(1)空间第二、三、四象限内匀强电场的电场强度大小E；(2)x轴下方匀强磁场的磁感应强度大小B；(3)小球从A点运动到O点经历的时间t14．（16分）如图所示，长为L的绝缘细线，一端悬于O点，另一端连接一质量为m的小球，在O点正下方钉一个钉子O’．现将细线向右水平拉直后从静止释放，细线碰到钉子后要使小球刚好绕钉子O’在竖直平面内做圆周运动．（重力加速度为g）（1）求小球刚到最低点时的速度；（2）求OO’的长度；（3）若小球带上负电，电量为q；在区域内加一水平向右，的匀强电场．再次将细线向右拉直后从静止释放，细线碰到钉子后小球刚好能绕钉子O’在竖直面内做圆周运动，求此时OO’的长度．15．（12分）静电喷漆技术具有效率高，浪费少，质量好，有利于工人健康等优点，其装置如图所示。A、B为两块平行金属板，间距d=0.4m，两板间有方向由B指向A，大小为E=1×103N/C的匀强电场。在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带电油漆微粒，油漆微粒的初速度大小均为v0=2m/s，质量m=5×10－15kg、带电量为q=-2×10－16C。微粒的重力和所受空气阻力均不计，油漆微粒最后都落在金属板B上。试求：（1）微粒打在B板上的动能；（2）微粒到达B板所需的最短时间；（3）微粒最后落在B板上所形成的图形及面积的大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

电荷的定向移动形成电流，电流与电荷量及时间无关；电流的单位为安培，安培是国际单位制的基本单位。电压与电动势的单位相同，但物理意义不同。电压表的改装需串联分压电阻，从而减小加在表头两端的电压。【详解】A、电流的定义采用比值定义法，I与q无关；故A错误；B、电流有方向，但电流的运算不适用平行四边形定则；故电流是标量；故B错误；C、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量。故C错误；D、电流表和电压表是同样原理制成的,电流表内阻很小,直接测电压,会形成大电流,烧坏表头.串适当的电阻,流过表头的电流就小了,把电流值换算成电压值就可以了，如果量程不够，就需要增大量程，这样在串联一电阻来分去的一部分电压，就能达到侧大电压的目的了，故D正确；故选：D。本题考查电流的定义，要注意明确电流的定义及电流的方向规定。明确电动势的物理意义，知道与电压的区别。2、C【解析】

A．因为支持力的方向和物体的运动方向相垂直，支持力对木块不做功，A错误；B．因为重力的方向和物体的运动方向夹角为锐角，重力对木块做正功，B错误；C．根据匀速运动，动能不变，由动能定理C正确；D．物体所受摩擦力的方向沿斜面向上，物体的速度方向沿斜面向下，所以摩擦力对木块做负功，D错误。故选C。3、C【解析】试题分析：电子束向右运动，磁场向里，由左手定则可判断出电子束向下弯曲。故选C考点：左手定则判断洛伦兹力的方向点评：注意电子带负电，由左手定则判断洛伦兹力的方向时，四指应指向负电荷运动的反方向。4、B【解析】

根据I=q/t可知，通过导体横截面的电量多，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故A错误；由电流的定义可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量相多，则导体中电流越大；故B正确；电流有方向，但电流是标量；故C错误；通电时间短，若流过的电量小，则电流一样可以很小；故D错误；故选B．5、B【解析】

A．振动物体的位移是平衡位置指向振子所在位置，每次经过同一位置时位移相同，故A错误；B．由于经过同一位置时速度有两种不同的方向，所以做简谐振动的质点每次经过同一位置时，速度可能不相同，故B正确；C．加速度总与位移大小成正比，方向相反，每次经过同一位置时位移相同，加速度必定相同，故C错误；D．回复力总与位移大小成正比，方向相反，每次经过同一位置时位移相同，回复力必定相同，故D错误；本题考查对简谐运动周期性及特点的理解，要知道同一位置的位移一定相同，加速度和回复力与位移都是成正比反向关系，由此进行判断三个物理量的关系．6、D【解析】

A．，，说明物体加速度方向与速度方向相反，物体应该做减速运动，故A错误；B．，，说明物体加速度方向与速度方向相同，物体应该做加速运动，故B错误；C．，，说明物体加速度方向与速度方向相反，物体应该做减速运动，故C错误；D．，，说明物体加速度方向与速度方向相同，物体应该做加速运动，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

AB.根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则EB>EA>EC，故A错误，B正确；CD.等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势，所以ФA=ФC>ФB。故C错误，D正确。故选：BD。8、BC【解析】

A：小球在运动的过程中有电场力做功，机械能不守恒。故A项错误。B：小球沿轨道运动，小球从开始运动到轨道最低点过程，电场力做的正功最多，据功能关系，小球在最低点时机械能最大。故B项正确。CD：小球从开始运动到最低点，据动能定理可得：(mg+qE)R=12mv2-0；对小球在最低点时受力分析，据牛顿第二定律可得：FN-qE-mg=mv重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量；合力对物体所做的功等于物体动能的增加量；除重力（弹簧弹力）其他力对物体所做的功等于物体机械能的增加量。9、BD【解析】

A.电势差是反映电场本身的性质的物理量，由电场本身决定，与所移动的电荷无关，故A错误；B.根据电场力做功W=qU，可知在两点间移动电荷电场力做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定，故B正确；C.电势差有正负，但是正负不表示方向，表示相对大小，是标量，电场力做功是标量．故C错误；D.在匀强电场中，与电场线垂直的面是等势面，所以在与电场线垂直方向上任意两点间电势差为零．故D正确．故选BD.10、ABC【解析】

物体的质量与速度的乘积是物体的动量；根据动量的定义分析答题．【详解】由P=mv可知，速度v大的物体，它的动量不一定大，质量大的物体动量不一定大，故AB错误；物体的动量P=mv，两个物体的质量相等，速度大小也相等，则它们的动量大小一定相等，但是方向不一定相同，则动量不一定相同，选项C错误；由P=mv可知，两个物体的速度相等，那么质量大的物体动量一定大，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选ABC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、量程与被测电流值相比较太大0.603R11.480.84（0.70-0.90之间都给分）【解析】

①[1]一节干电池的电动势约E=1．5V，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0-10Ω，电路中最小电流约为电流表A的量程是3A，被测电流值与电流表量程相比差距太大，因此不能用电流表A。②[2]改装后电流表量程：③[3]根据以上分析可知，选用的滑动变阻器是R1。④[4][5]由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1．48V图线的斜率大小k=r，由数学知识知：则电源的内阻为：r=k=0.84Ω12、（1）50.15（2）4.700（3）120（4）D【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm；

（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；

（3）用多用电表的电阻“×10”挡粗测电阻，由图丙所示表盘可知，该电阻的阻值约为12×10=120Ω．

（4）电源电动势为4V，电压表应选V1，电路最大电流约为：I=UR=3120A=0.025A=25mA，电流表应选点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器与欧姆表的读数，考查了实验器材的选择、设计实验电路图；应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式；当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】

（1）设圆形轨道半径为R，由A到C：解得：（2）设小球由C到D的运动时间为，题设可知：则：，得：又：，得：小球由D到O做匀速圆周御寒的，设半径为r由，得：（3）由A到C时间由C到D的运