新疆乌鲁木齐市十中2027届高二上物理期中联考试题含解析

新疆乌鲁木齐市十中2027届高二上物理期中联考试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路中，电源的内电阻不能忽略.已知定值电阻R1=10Ω，R2=8Ω.当开关S接到位置1时，电压表V的示数为2V；当开关S接到位置2时，电压表V的示数可能为()A．2.2V B．1.9V C．1.6V D．1.3V2、质量分别为m和2m的A、B两小球同时从同一高度做自由落体运动，落在同一水平地面上，则下列说法正确的是（）A．B球先落地B．A球先落地C．两球同时落地D．无法确定3、把长0.10m的直导线全部放入匀强磁场中，保持导线和磁场方向垂直．当导线中通过的电流为3.0A时，该直导线受到的安培力的大小为1.5×10﹣3N．则该匀强磁场的磁感应强度大小为（）A．4.5×10﹣3T B．2.5×103T C．2.0×102T D．5.0×10﹣3T4、如右图所示，高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中，匀强电场的方向平行于竖直平面，一带电荷量为+q，质量为m的小球，以初速度为v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑，到达曲面顶端B点的速度仍为v0，则（）A．电场力对小球做功为B．A、B两点的电势差为C．小球在B点的电势能大于在A点的电势能D．电场强度的最小值为5、如图所示电路中，电源的内电阻不能忽略．已知定值电阻R1＝10Ω，R2＝8Ω．当开关S接到位置1时，电压表V的示数为3V；当开关S接到位置2时，电压表V的示数可能为（）A．3.2V B．2.8V C．2.4V D．2V6、如图，一个半径为L的半圆形硬导体AB以速度，在水平U型框架上匀速滑动，匀强磁场的磁感应强度为B，回路中的电阻为，半圆形硬导体AB的电阻为，其余电阻不计，则半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小及AB之间的电势差分别为()A．， B．， C．， D．，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，带电小球a由绝缘细线OC和OE悬挂而处于静止状态，其中OC水平，地面上固定以绝缘且内壁光滑的14的圆弧细管道AB，圆心O与a球位置重合，管道低端B与水平地面相切，一质量为m的带电小球b从A端口由静止释放，当小球b运动到B端时对管道壁恰好无压力，重力加速度为g，在此过程中（A．小球b的机械能守恒B．悬线OE的拉力先增大后减小C．悬线OC的拉力先增大后减小D．小球b受到的库仑力大小始终为3mg8、带等量异种电荷的两个带电粒子分别以速度va和vb射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，磁场宽度为d，两粒子同时由A点出发，同时到达B点，AB的连线与磁场边界垂直，如图，则()A．a粒子带正电，b粒子带负电B．两粒子的轨道半径之比Ra∶Rb＝1∶3C．两粒子的质量之比ma∶mb＝1∶2D．两粒子的速度之比va∶vb＝1∶29、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点(重力不计)，则从开始射入到打到上极板的过程中()A．它们运动的时间tQ＝tPB．它们所带电荷量之比qP∶qQ＝1∶2C．它们的电势能减少量之比ΔEP∶ΔEQ＝1∶2D．它们的动能增量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶410、如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是()A．在MN上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B．在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的重力C．在MN上通以向右的电流，线圈会发生(俯视看)逆时针转动D．在MN上通以向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为确定某电子元件的电气特性，用多用表测量该元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择________倍率的电阻挡(填“×10”或“×1k”)，并________再进行测量，多用表的示数如图所示，测量结果为________Ω.12．（12分）小李同学用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻．小李同学所测电源的电动势E2约为9V,内阻r2为35∼55Ω，允许通过的最大电流为50mA．小李同学所用电路如图所示，图中电阻箱R的阻值范围为0∼9999Ω.①电路中R0为保护电阻．实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用___.A．

20Ω，125mA

B．50Ω，20mAC．

150Ω，60mA

D．1500Ω，5mA②实验中通过调节电阻箱的阻值,记录电阻箱的阻值R及相应的电压表的示数U,根据测得的多组数据,作出图线,图线的纵轴截距为a,图线的斜率为b,则电源的电动势E2=___,内阻r2=___.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.6Ω，定值电阻R1=4Ω，R2=6Ω，R3=17Ω，求：（1）外电路的总电阻；（2）通过R3的电流；（3）电源两端的电压．14．（16分）如图所示，质量M＝8kg的小车放在光滑的水平面上，在小车左端加一水平推力F＝8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m＝2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.2，小车足够长。（取g＝10m/s2）求：(1)小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？(2)经多长时间两者达到相同的速度？(3)从小物块放到小车上开始，经过t＝1.5s小物块通过的位移大小为多少？15．（12分）如图（a）为一研究电磁感应的实验装置示意图，其中电流传感器（电阻不计）能将各时刻的电流数据实时通过数据采集器传输给计算机，经计算机处理后在屏幕上同步显示出I-t图像。平行且足够长的光滑金属轨道的电阻忽略不计，左侧倾斜导轨平面与水平方向夹角，与右侧水平导轨平滑连接，轨道上端连接一阻值R=0.5Ω的定值电阻，金属杆MN的电阻r=0.5Ω，质量m=1kg，杆长L=1m跨接在两导轨上。左侧倾斜导轨区域加一垂直轨道平面向下的匀强磁场，右侧水平导轨区域也加一垂直轨道平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小都为B=1.0T，闭合开关S，让金属杆MN从图示位置由静止开始释放，其始终与轨道垂直且接触良好，此后计算机屏幕上显示出金属杆在倾斜导轨上滑行过程中的I-t图像，如图（b）所示，（g取）（1）求金属杆MN在倾斜导轨上滑行的最大速率；（2）根据计算机显示出的I-t图像可知，当t=0.5s时I=2A，0-0.5s内通过电阻R的电荷量为0.5C，求0-0.5s内在电阻R上产生的焦耳热；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

当开关S由位置1接到位置2时，外电阻减小，干路电流增大，即代入数据得：U2>1.6V故电压表的读数范围为1.6V＜U2＜2.0V。故选B。2、C【解析】

根据自由落体运动的公式h=12gt2，t=2hg，知落地时间与质量无关，所以两个物体同时落地。故C正确，3、D【解析】

当磁场的方向与电流方向垂直时，，根据该公式求出磁场的磁感应强度．当磁场的方向与电流方向垂直时，，则故磁感应强度的大小为5×10﹣3T．故选D．4、B【解析】

、小球上滑过程中，由动能定理得：，则得电场力做功．故错误．、由得，、两点的电势差为．故正确．、由于电场力做正功，小球的电势能减小，则小球在点的电势能小于在点的电势能．故错误．、由得，，若电场线沿时，两点沿电场线方向的距离，则，即场强的最小值小于．故错误．5、B【解析】

由闭合电路欧姆定律可知，开关接1时，电压表示数①；开关接2时，电压表示数②，得：，由于，可得，故B正确．6、D【解析】

半圆形导体AB切割磁感线的有效长度为2L，根据法拉第电磁感应定律，AB切割磁感线产生感应电动势的大小为E=B2Lv=2BLv；AB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得AB之间的电势差U=。A.AB切割磁感线产生感应电动势的大小及AB之间的电势差分别为，，与分析不一致，故A错误；B.AB切割磁感线产生感应电动势的大小及AB之间的电势差分别为，，与分析不一致，故B错误；C.AB切割磁感线产生感应电动势的大小及AB之间的电势差分别为，，与分析不一致，故C错误；D.AB切割磁感线产生感应电动势的大小及AB之间的电势差分别为，，与分析相一致，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】小球在运动的过程中只有重力做功，所以机械能守恒，故A正确；以小球为研究对象，受力分析，如图所示。在竖直方向：FOEsinα=mg+Fccosβ；α保持不变，β逐渐减小，所以OE的拉力一直增大，故B错误；水平方向：FOEcosα+F小球从A到B：mgR=12mv2，在B点：Fc8、AC【解析】由左手定则可判定：a粒子带负电，b粒子带正电，故A错误；由几何关系可得：Ra∶Rb＝33；两者运动时间相同，则由：t＝3003600Tb＝12003600Ta，可得TaTb＝12，由Bqv＝4π2mRT2和R＝mvqB可得：T＝πmBq，则mam9、ABD【解析】

A.带电粒子在垂直电场方向上不受力，都做匀速直线运动，位移相等，由x=v0t可知运动时间相等，即tQ=tP．故A正确；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：，解得：；B.由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为yP：yQ=1：2；所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=yP：yQ=1：2，故B正确；C.电势能的减小量等于电场力做的功即△E=qEy，因为竖直位移之比为：yP：yQ=1：2，电荷量之比为：qP：qQ=1：2，所以它们电势能减少量之比为：△EM：△EN=1：1．故C错误；D.根据动能定理，有：qEx=△Ek而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2所以动能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：1故D正确；故选ABD．本题关键将两个带电粒子的运动分解为垂直电场方向和平行电场方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律和动能定理列式分析．10、BD【解析】

由右手螺旋定则分析线圈中的磁场分布，再由左手定则判断直导线的受力；由作用力反作用力分析线圈的受力情况，再判断其运动情况。【详解】A、D项：由右手螺旋定则可知，线圈内部磁感线向里，则导线处的磁场向外；对导线由左手定则可知，导线受力向上；则由牛顿第三定律可知，线圈受力向下；线圈不会动，但细绳上的一定有拉力；故A错误，D正确；B、C项：通以向右的电流时，线圈受力向上，可能向上运动，也可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力；而对于线圈分析可知，MN形成的磁场是垂直于线圈所在平面的；故不可能出现转动现象；故B正确，C错误。故选：BD。本题应用了转换研究对象法进行分析，要注意明确两电流形成的磁场的分布特点。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、×10欧姆调零70【解析】选用“×100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过大，说明所选挡位太大，为准确测量，需要选择×10倍率的电阻档，然后重新进行欧姆调零；由图示可知，电阻测量值为7×10=70Ω。12、C【解析】（1）电路最小总电阻约为：，内阻约为50Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C．（2）电源电动势为：，变形得：，则图象是直线，截距，可得：，斜率，解得：．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）19.4Ω；（2）0.5A；（3）9.7V【解析】

（1）R1和R2的并联电阻R12==2.4Ω，故外电路总电阻R=R3+R12=17+2.4=19.4Ω；(2)根据闭合电路欧姆定律，通过R3的电流等于干路电流I=A=0.5A；(3)路端电压U=IR=0.5×19.4V=9.7V根据电路串并联关系求总电阻；根据闭合电路欧姆定律欧姆定律求通过R3电流；根据U=IR求路端电压．14、(1)2m/s2；0.5m/s2；(2)1s；(3)2.1m【解析】

(1)物块的加速度小车的加速度(2)由可得(3)开始1s内小物