广东三校2026-2027学年高三上学期适应性练习物理试题（含解析）

2026年高三年级适应性练习物理一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.静电喷漆技术具有效率高、浪费少、质量好，又利于工人健康等优点，其简化原理如图所示。一带电油漆微粒从A点以一定的初速度进入水平向左的匀强电场中（实线代表电场线），微粒恰沿直线AB运动。下列说法正确的是（）A.带电油漆微粒带正电B.从A到B，微粒做匀减速直线运动C.从A到B的过程中，微粒的机械能增加D.从A到B的过程中，微粒的电势能增加【答案】C【解析】【详解】A．电场方向水平向左，若微粒带正电，电场力向左，合力方向为左下方，无法与斜向右下的AB共线；只有微粒带负电，电场力水平向右，合力才能沿AB直线斜向右下，与运动路径共线，因此微粒带负电，故A错误；B．合力方向斜向右下，与微粒从A到B的初速度方向（沿AB斜向右下）相同，且电场为匀强电场、重力恒定，合力为恒力，因此微粒做匀加速直线运动，故B错误；CD．机械能的变化由除重力外的其他力做功决定，此处电场力是除重力外的唯一力，从A到B过程中，带负电的微粒电场力水平向右，位移的水平分量向右，电场力做正功，因此微粒的机械能增加，电势能减小，故C正确，D错误。故选C。2.如图所示，我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置“南鲲号”发电原理可作如下简化：海浪带动浪板上下摆动，驱动发电机转子转动，其中浪板和转子的连接装置使转子只能单方向转动，若转子带动线圈沿逆时针方向转动，并向外输出电流。在图示位置时，下列说法正确的是（）A.线圈b端电势低于a端电势B.线圈所处位置是中性面C.穿过线圈的磁通量变化率最小D.线圈靠近N极的导线受到的安培力方向向下【答案】A【解析】【详解】AD．磁场方向由N极指向S极，即水平向右；线圈沿逆时针方向转动，从正面看，左侧导线向下切割磁感线，右侧导线向上切割磁感线。由右手定则可知，左侧导线感应电流流向端，则端电势高于端电势，故A正确；安培力会阻碍线圈的运动，因此线圈靠近N极的导线受到的安培力方向向上，故D错误；BC．图示位置线圈平面与磁场方向平行，此时穿过线圈的磁通量为，但线圈正处于切割磁感线最快的时刻，即磁通量变化率最大，故C错误；中性面是线圈平面与磁场垂直的位置。因此图示位置不是中性面，故B错误。故选A。3.用大量能量为0.95eV的光子照射一大群处于不同能级的氢原子，氢原子的能级图如图所示。下列关于此过程的说法正确的是（）A.基态的氢原子，其核外电子动能最小B.能级的氢原子吸收一个光子可以电离C.能级的氢原子可以跃迁到能级D.能级的氢原子始终稳定【答案】B【解析】【详解】A．由，，解得，基态的氢原子核外电子轨道半径最小，则动能最大，故A错误；B．使能级的氢原子电离需要吸收的光子的能量至少为，故照射用光子能量为，大于能级氢原子电离所需的最小能量，因此可以电离，故B正确；C．和两个能级的能量差为，而氢原子跃迁时必须吸收固定频率的光子，即应为，故能级的氢原子不能跃迁到能级，故C错误;D．能级的氢原子会自发地向基态跃迁，故D错误。故选B。4.2026年5月25日神舟二十三号的三位航天员进驻我国空间站，8月28日，乘组成员圆满完成首次出舱活动，完成了太阳翼舱外维修、空间碎片防护装置安装等任务。航天员在空间站中一天可以看到16次日出。已知地球半径为6370km，万有引力常量，空间站距离地球420km，若只知上述条件，则不能确定的是（）A.空间站的加速度 B.空间站的质量C.地球的第一宇宙速度 D.地球的质量【答案】B【解析】【详解】由于航天员一天看到16次日出，故空间站运行周期为根据万有引力提供向心力可得根据万有引力提供向心力可得所以地球的质量为空间站的加速度为地球的第一宇宙速度为由于万有引力常量G，地球半径R、空间站距离地球的高度h和运行周期T均已知，则可求出地球的质量、空间站的加速度、地球的第一宇宙速度，但不能求出空间站的质量。故选B。5.在一家复古风格的咖啡馆装修过程中，需要将一幅质量分布不均（重心偏左）的矩形照片挂在墙上，工作人员用与两根装饰绳来悬挂照片，要求矩形照片底边与地面平行，如图所示。后来为了调整装饰布局，在保持绳长度不变的情况下，将端向左移动，使得绳缩短（但绳仍长于绳），照片仍然保持底边与地面平行的状态。针对这一调整过程，下列说法正确的是（）A.绳的拉力大小总小于绳的拉力大小B.绳的拉力大小不变C.绳与绳拉力的合力变小D.初、末状态相比，绳的拉力大小可能相等【答案】D【解析】【详解】A．设照片重力大小为，两绳拉力大小分别为、，两绳与竖直方向的夹角分别为、。由于、两点等高，有由可知。根据水平方向的平衡条件，有因此，A错误；B．照片受三个力平衡，两绳拉力的作用线交于点，因此重力的作用线也经过点。照片始终保持水平，重心与点的水平距离不变，又因绳长不变，故不变。将端向左移动时，减小。根据竖直方向的平衡条件，有结合水平方向的平衡条件，解得随着减小，增大，故减小，B错误；C．两绳拉力的合力始终与照片的重力等大反向，大小恒为，C错误；D．由上述平衡条件可得例如，当，由减小至时，初、末状态均满足，即，且，故初、末状态的相等，D正确，故选D。6.“一卡通”为校园生活带来了方便，卡内部包含一个集成电路芯片和一个线圈，利用读卡器发射的电磁波使卡内线圈产生感应电流，进而为芯片提供所需的电能，激活芯片工作。其原理可简化为图1所示，矩形线圈的匝数，线圈面积，线圈的总电阻，线圈外接一个阻值的电阻，其余部分的电阻不计。线圈所处磁场的磁感应强度大小随时间变化的规律如图2所示。则（）A.内电动势为B.时，电阻两端的电压为C.内，线圈电阻发热为D.内，通过电阻的电荷量为【答案】D【解析】【详解】A．根据法拉第电磁感应定律可知，线圈在内产生的感应电动势为故A错误；B．由以上分析可知闭合回路中在内产生恒定电动势，大小为，则回路电流为则电阻两端的电压恒为故B错误；C．内磁感应强度不发生变化，故该过程线圈内不产生感应电动势，回路电流为，所以内线圈电阻发热为故C错误；D．同理可得，内通过电阻的电荷量为故D正确。故选D。7.如图所示，一辆轿车以的速度，从匝道驶入限速为的某高架桥快速路的行车道。由于前方匀速行驶的货车速度较小，轿车司机踩油门超车，加速后发现无超车条件，立即踩刹车减速，经过减速后，刚好与前方货车保持约距离同速跟随。整个过程中轿车的速度与时间的关系如图乙所示，货车一直保持匀速。下列说法中正确的是（）A.该过程轿车出现了超速情况B.加速过程轿车的加速度大小为C.轿车开始加速时与货车的距离约为D.该过程轿车与货车之间的距离先减小后增大【答案】C【解析】【详解】A．由题图乙可知轿车的最大速度为24m/s=86.4km/h<90km/h，该过程轿车没有超速，故A错误；B．轿车的加速度大小为，故B错误；C．0~11s内，轿车的位移为货车的位移为开始的距离为，故C正确；D．轿车速度一直大于货车速度，直到11s末两车速度相等，所以两车距离一直在减小，故D错误。故选C。二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.唐人张志和在《玄真子涛之灵》中写道：“雨色映日而为虹……背日喷乎水，成虹霓之状。”虹和霓均是太阳光在水珠内经过折射和反射形成的。如图是霓形成的简化示意图，设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b是两种不同频率的单色光。下列说法正确的是（）A.光a、b从空气进入水滴中，因传播速度变小，频率也变小B.在水滴中，a光的传播速度小于b光的传播速度C.改变光进入水滴的角度，a光在水滴内会发生全反射D.以相同的入射角从水中射入空气，若在空气中只能看到一种频率的光，则一定是b光【答案】BD【解析】【详解】A．光a、b从空气进入水滴中，频率不变，故A错误；B．根据题图可知，两光第一次到达界面时，入射角相等，a光折射角小一些，则a光的折射率大一些，根据，可知，在水滴中，a光的传播速度小于b光的传播速度，故B正确；C．根据几何关系可知，光第一次到达界面的折射角等于第二次到达界面的入射角，根据光路可逆原理可知，改变光进入水滴的角度，a光在水滴内不会发生全反射，故C错误；D．根据上述分析可知，b光的折射率较小，b光发生全反射时临界角较大，以相同的入射角从水中射入空气，若在空气中只能看到一种频率的光，则一定是b光，故D正确。故选BD。9.如图甲是某家用烟雾报警器的简化电路图，烟雾报警器控制电路中电源电动势为12V，内阻忽略不计，R是光敏电阻，其阻值与烟雾浓度的关系如图乙。定值电阻的阻值是（其余电阻均不计）。当控制电路中的电流达到或超过0.2A时，电磁铁吸引衔铁，工作电路接通，铃响灯亮。下列说法正确的是（）A.控制电路开关S闭合后，电磁铁的上端为S极B.为了降低烟雾报警浓度，可以换一个阻值更小的C.若烟雾报警器响铃亮灯，烟雾浓度一定大于40%D.烟雾浓度是60%时，定值电阻消耗的功率是1.6W【答案】BD【解析】【详解】A．控制电路开关S闭合后，电流从电源正极流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极。故A错误；B．降低报警浓度：意思是烟雾浓度更小，即R更大时就要报警。而报警临界电流0.2A为定值，则报警临界总电阻为定值，根据可知临界光敏电阻变大，则变小。故B正确；C．报警临界总电阻结合，解得看图乙：R=40Ω，对应浓度40%；R=50Ω，对应的浓度小于40%。也就是烟雾浓度大于等于这个小于40%的值就会报警。故C错误；D．烟雾浓度是60%时，由图乙读出。电流消耗的功率是，故D正确。故选BD。10.如图所示，某同学设计了一个新型的“母子球”，“母子球”由A、B两部分组成，A是一个质量为m的长方体物块，B是用弹性材料制成、顶部有凹槽的实心球，其质量为4m，在凹槽中安装有一个完全压紧不能再压缩的小硬弹簧（弹簧在弹性限度内），并通过轻绳将A、B两部分紧连在一起。实验时，将此装置从B下端离水平地板的高度H处由静止释放，B触地后在极短时间内反弹，与地板的碰撞为弹性碰撞。在“母子球”反弹开始向上运动的瞬间，连接A、B两部分的轻绳因受到扰动而突然断开，弹簧瞬时伸展释放弹性势能，A、B分别开始上升。不计空气阻力和弹簧的重力，已知弹簧完全压紧不能再压缩时的弹性势能为，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A.“母子球”刚接触地面时的速度大小为B.弹簧恢复原长过程中，对A做正功，对B没有做功C.相互作用结束后，A上升的最大高度为25HD.由于没有机械能损失，相互作用结束后，B能够上升的最大高度为H【答案】AC【解析】【详解】A．将此装置从B下端离水平地板的高度H处由静止释放，根据机械能守恒定律可得解得“母子球”刚接触地面时的速度大小A正确；B．因为弹簧处于完全压紧不能再压缩的状态，所以B与水平地面碰撞后A、B以速度竖直向上弹起，轻绳因受拉动而突然断开，弹簧瞬间释放的弹性势能，设此时A、B的速度分别为、，选竖直向上为正方向，根据动量守恒定律得根据能量守恒定律得联立解得，弹簧恢复原长过程中，弹簧对A做正功，使得A的动能瞬间增大为，弹簧对B做负功，使得B的动能瞬间变为，B错误；CD．相互作用结束后，A以速度竖直上抛，上升的最大高度为B的速度瞬间变为，B能够上升的最大高度为，C正确，D错误；故选AC。三、非选择题：本大题共5小题，共54分。考生根据要求作答。11.某实验小组为探究电容器的充放电过程中其电荷量、极板电压和电容的变化及充放电电流的特点，做了如下实验：选择了某梳齿状可变电容器，图（a）为其截面图，上端为固定极板，下端为可上下运动的动极板。将该电容器接入图（b）所示电路，探究过程的步骤如下：①当动极板运动到最低处，开关接端，电源向电容器充电；②充电结束后接端空置，动极板向上运动；③当动极板运动到最高处，接端，电容器通过放电。（1）在步骤①②③中，中的电流方向分别为________A.向上；向上；向下 B.向下；向下；向上C.向上；没有；向下 D.向下；没有；向上（2）关于该过程，下列图像可能正确的是________A. B. C. D.（3）在步骤③中，实验小组的同学使用电流传感器采集了电容器放电时电流随时间的变化情况如图c。如果已知电源的电动势，再加上图像中获得的信息，可以计算出步骤________（填写“①”或“③”）中的电容器的电容。【答案】（1）D（2）BC（3）①【解析】【小问1详解】步骤①（S接a充电）：电源负极接电容器下极板，自由电子向电容器下极板移动，电流方向与自由电子定向移动方向相反，故回路中电阻R的电流方向向下，给电容器充电。步骤②充电结束后接端空置，动极板向上运动；两极板正对面积减小，根据，电容减小，因电容器与外电路断开，电荷量不变，故中没有电流。步骤③当动极板运动到最高处，接端，电容器通过放电。下极板自由电子向下运动经过电阻，电流方向与自由电子定向移动方向相反，故回路中电阻R的电流方向向上。故选D。【小问2详解】AB．步骤①中，电容器电容保持不变，电容器充电，由得，故电荷量与电压成正比。步骤②充电结束后接端空置，动极板向上运动；两极板正对面积增大，根据，电容增大，因电容器与外电路断开，电荷量不变。由，电压减小。步骤③中，电容器电容保持不变，电容器放电，由，电荷量与电压成正比，随电荷量减小电压均匀减小，故A错误，B正确；CD．步骤①中，电容保持不变，充电过程，由，随电荷量增加，电压升高。步骤③中，电容保持不变，放电过程，由，随电荷量减小，电压降低。根据AB项分析可知，步骤②中，电压减小，故C正确；D错误。故选BC。【小问3详解】图像的面积代表放电过程的总电荷量，在步骤①中，充电完成后电容器两端电压等于电源电动势，根据可知，由图像信息可以求得步骤①中电容器的电容。经步骤②，电压在减小且无法求出步骤③时的电压，故无法求出步骤③中电容器的电容。故选①。12.为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置，其中为小车的质量，为图中钩码和力传感器的总质量。力传感器可测出轻绳中的拉力大小。（1）在实验中，一定要进行的操作是________。A.为减小误差，实验中一定要保证质量远小于小车的质量B.将右端垫高，以平衡摩擦力，在此过程中，需连上纸带，并接通打点计时器的电源C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器示数D.实验过程中，力传感器读数与钩码和力传感器的总重力相等（2）该同学在实验中得到如图2所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为________。（结果保留3位有效数字）（3）某小组利用此装置做实验过程中，发现力传感器坏掉了，关于的数据不能用，于是他们改用传统手段，称量了每次实验的钩码和力传感器的总质量，并正确、规范地完成了实验，并将数据输入计算机，做出了图像中的曲线（如图3），然后利用左侧的几组数据，拟合出了图像中的直线，利用图3的图像中的数据、和，可以得出小车质量________。【答案】（1）BC（2）2.00（3）【解析】【小问1详解】A．力传感器可以直接测量轻绳的拉力，无须用钩码和力传感器的总重力代替拉力，因此不必满足，A错误；B．为使轻绳的拉力等于小车所受的合外力，需要适当垫高长木板右端以平衡摩擦力。平衡摩擦力时应连上纸带并接通打点计时器电源，使纸带运动时的阻力也得到补偿，B正确；C．小车应靠近打点计时器，先接通电源，待打点稳定后再释放小车，并记录力传感器示数，C正确；D．钩码和力传感器一起向下加速运动，由牛顿第二定律有可得，D错误。故选BC。【小问2详解】相邻两计数点间有四个点未画出，因此相邻两计数点的时间间隔为设连续六段位移依次为、、、、、，由逐差法有代入数据得【小问3详解】平衡摩擦力后，对小车和悬挂部分组成的整体，由牛顿第二定律有解得当很小时，有，因此图像起始部分的直线斜率为由图中直线上的点可得当时，曲线对应的实际加速度为，故联立解得13.图甲中空气炸锅是一种新型的烹饪工具，图乙为某型号空气炸锅的简化模型图，空气炸锅中有一气密性良好的内胆，工作时内胆的气体可视为质量不变的理想气体。某次处理食材时，食材占锅内总容积的，加热前胆内初始气体压强与大气压相同，记为，温度为，现启动加热模式使气体温度升高到。加热过程中食材体积变为原来的1.2倍，忽略内胆的热胀冷缩，并认为加热过程中内胆封闭性完好，求：（1）此时内胆中气体的压强与大气压强的比值；（2）烹饪结束后，拉开内胆，并取出食物，气体温度也恢复到，求内胆内现有的气体和加热过程中气体的质量之比。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】大气压记为，内胆的总容积记为，根据题意可知，食物体积从变为气体体积从变为，根据理想气体状态方程，有解得【小问2详解】将拉开内胆前胆内原有气体摩尔数记为，拉开内胆、降温且取出食材后胆内气体记为，有，解得，现有的气体和加热过程中气体的质量之比为14.如图所示，水平传送带由电动机带动以的速度匀速转动，转动方向如图所示。可视为质点的甲、乙两物体分别以和的速率从传送带的两端、处按图示方向同时滑上传送带。已知两物体在同一条直线上运动，且运动过程中恰好没有相碰。两物体与传送带间的动摩擦因数均为，质量均为，重力加速度。求：（1）甲物体从滑上传送带到与传送带速度相同时所需时间；（2）甲物体与传送带之间摩擦生热是多少；（3）传送带、间的长度。【答案】（1）0.4s（2）4J（3）3.2m【解析】【小问1详解】对甲进行受力分析，根据牛顿第二定律可得由得甲物体从滑上传送带到与传送带速度相同时所需时间为