自贡市重点中学2027届物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

自贡市重点中学2027届物理高二第一学期期中质量检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为1.0×10-2C的正电粒子，在电场中只受电场力作用．当由A点运动到B点时，动能减少了0.1J．已知A点电势为-10V，则()A．该粒子由A到B的过程中电势能减小B．B点的电势是-20V，粒子运行的轨迹是1C．B点的电势是0，粒子运行的轨迹是2D．B点的电势是0，粒子运行的轨迹是12、如图所示，电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向a端移动过程中，下列说法正确的是A．电压表V的示数减小B．电流表A的示数增大C．电容器C的带电量减少D．电阻R1的功率减小3、如图所示，等腰三角形的左半部分区域内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，其顶点在x轴上且底边长为4L，高为L，底边与x轴平行，纸面内一直角边长为L和2L的直角三角形导线框以恒定速度沿x轴正方形穿过磁场区域．t=0时刻导线框恰好位于图中所示的位置．规定顺时针方向为导线框中电流的正方向，下列能够正确表示电流一位移（i﹣x）关系的是（）A． B．C． D．4、两个弹簧振子，甲的固有频率是100Hz，乙的固有频率是400Hz，若它们均在频率是200Hz的驱动力作用下做受迫振动，则振动稳定后()A．甲的振幅较大，振动频率是100HzB．乙的振幅较大，振动频率是200HzC．甲的振幅较大，振动频率是200HzD．乙的振幅较大，振动频率是400Hz5、如图所示，平行的实线表示电场线，虚线表示一个带电粒子穿越电场的运动轨迹，a、b是此轨迹上的两点。不计带电粒子所受重力，下列说法中正确的是（）A．电场方向一定是向右的B．该粒子一定带负电荷C．该粒子一定是由a向b运动D．粒子在a点的动能一定小于在b点的动能6、人们为了纪念德国科学家赫兹对人类的贡献,把频率的単位定为“赫兹”．赫兹对人类的突出贡献是．A．通过实验证实了电磁波的存在B．通过实验发现了磁场对通电导线有力的作用C．通过实验发现了电荷之间相互作用力的规律D．通过实验发现了电磁感应的规律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()A．加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB．加12V电压时，导体的电阻约是1.4ΩC．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．欧姆定律对该导体不适用8、如图所示,匀强磁场的边界为直角三角形,∠EGF=30°,已知磁感应强度为B,方向垂直纸面向里,F处有一粒子源,沿FG方向发射出大量带正电荷q的同种粒子,粒子质量为m,粒子的初速度v0大小可调,则下列说法正确的是()A．若粒子能到达EG边界,则粒子速度越大,从F运动到EG边的时间越长B．无论v0取何值,粒子都无法到达E点C．能到达EF边界的所有粒子所用的时间均等D．粒子从F运动到EG边所用的最长时间为5πm9、如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地．假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷，下列说法正确的是A．若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角变小B．若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角变小C．若仅将左板上移少许，则P点电势升高D．若仅将左板右移少许，则P的点电荷电势能增大10、A、B两船的质量均为m，都静止在平静的湖面上，现A船上质量为m的人，以对地水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳到A船，经n次跳跃后，人停在B船上，不计水的阻力，则A．A、B两船速度大小之比为2：3B．A、B（包括人）两船动量大小之比为1：1C．A、B（包括人）两船动能之比为3：2D．A、B（包括人）两船动能之比为1：1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表A1（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表A2（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_________，电流表_________，滑动变阻器___________．（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在上面的方框中画出实验电路图___________．12．（12分）用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，所用电流表和电压表的内电阻分别为0.1Ω和1KΩ，如图为所需的器材．（1）请完成它们的实验电路_______，注意两个电表要选用适当量程，并要求变阻器的滑动片在左端时其电阻值最大．（2）一位同学记录的6组数据见下表，试根据这些数据在图中画出U-I图线，根据图线求出电池的电动势E=_________V，内阻r=________Ω．I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.191.05（3）上述实验的测量结果为E测__________E真（填“>”“<”或“=”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为1kg的玩具小车放置于水平地面上，在大小为5N方向与水平面成53°角的恒定拉力作用下，从静止开始沿水平地面运动。经过2s时间，玩具移动了3m距离，此后撤去拉力，玩具又向前滑行一段距离。求：（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）运动过程中，玩具的最大速度；（2）玩具与地面间的动摩擦因数；（3）撤去拉力后，玩具继续前进的距离。14．（16分）在一个点电荷的电场中，坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上、两点的坐标分别为和．已知放在、两点的试探电荷受到的电场力方向都跟轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电荷量大小的关系图象如图中直线、所示，放在点的试探电荷带正电，放在点的试探电荷带负电．求：（1）点的电场强度的大小和方向．（2）试判断点电荷的电性，并确定点电荷位置坐标．15．（12分）如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的半径为一个质量为m的物体以初速度向右运动，当它经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8倍，之后向上运动恰能到达最高点C，C、O、B三点在同一竖直线上．不计空气阻力试求：物体的初速度．物体从B点运动至C点的过程中克服摩擦力做的功．物体经过C点后落回水平地面，落地速度v的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10-5J，说明电场力做负功，可分析出电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB间的电势差，由，可求出B点的电势．【详解】根据动能定理得：，得，又，，则．故B错误；带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10-5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左,电势能增加．故A错误．根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故C错误，D正确；故选D．根据轨迹弯曲的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．2、D【解析】

明确电路结构，根据电阻的变化分析电路中电流的变化，从而确定路端电压和各支路电流的变化，从而确定电容器的电量变化，根据功率公式确定电阻消耗功率的变化．【详解】滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则可知总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，电流表示数减小；内电压减小，路端电压增大；电压表示数增大；故AB错误；因总电流减小，则内电压和R1两端的电压减小，而路端电压增大，故电容器两端电压增大，根据Q=CU可知其电量增大，故C错误；因电流减小，则由P=I2R可知，R1的功率减小，故D正确．故选D．本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，对于选择题也可以直接根据“串反并同”的结论进行分析，得出结论．3、C【解析】

由线圈运动时切割磁感线的长度,由可求得感应电动势,则由欧姆定律可得出电流;由右手定则可得出电流的方向.【详解】线圈从x=0开始向右运动L时,线圈的右侧导体切割磁感线,有效切割长度均匀增大,由公式知线圈产生的感应电动势均匀增大,电流均匀增大,由右手定则可以知道,电流方向沿顺时针;线圈从x=L开始向右运动L时,线圈的左侧斜边切割磁感线,有效切割长度均匀减小,产生的感应电动势均匀减小,电流均匀减小,由右手定则可以知道,电流方向沿逆时针;所以C选项是正确的.ABD错误；故选C4、C【解析】

两个弹簧振子在频率为200Hz的驱动力作用下做受迫振动时，甲乙振动的频率等于200Hz，甲的固有频率接近于驱动力的频率，所以甲的振幅较大.A．甲的振幅较大，振动频率是100Hz与分析不符，故A错误．B．乙的振幅较大，振动频率是200Hz与分析不符，故B错误．C．甲的振幅较大，振动频率是200Hz与分析相符，故C正确．D．乙的振幅较大，振动频率是400Hz与分析不符，故D错误．5、D【解析】

AB．合力大致指向轨迹凹的一侧，可知电场力方向向左，不能判断电场的方向，也不能判断粒子的带电性质，故AB错误；C．由于不知道粒子的初速度，所以粒子可能是由a向b运动，也可能是由b向a运动，故C错误；D．从a运动到b，电场力做正功，电势能减少，动能增加，所以带电粒子在a点的动能小于在b点的动能，同理，从b运动到a，电场力做负功，电势能增加，动能减少，所以带电粒子在b点的动能大于在a点的动能，故D正确。故选D。6、A【解析】1886年，德国科学家赫兹制作了一套仪器，试图用它发射和接收电磁波，结果他成功了，赫兹在人类历史上第一次捉到了电磁波，即通过实验证实了电磁波的存在，人们为了纪念他，把频率的单位定为赫兹，故选A．【点睛】麦克斯韦建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波的存在，而赫兹首先验证了电磁波存在．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知，；故A正确；加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为：R′==8Ω；故B错误；由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；由图可知，此导体为非线性元件，欧姆定律对该导体不适用；故D正确；故选AD．8、BC【解析】试题分析：当粒子的轨迹与EG边界相切时，粒子恰好到达EG边界，如图所示若粒子速度大于这个速度，则从EG边界射出，根据r=mvBq可得粒子运动半径增大，轨迹所对圆心角减小，根据t=θ2πT（T=2πmBq考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式R=mvBq，周期公式T=2πm9、BC【解析】

A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，所以静电计指针偏角θ增大，故A错误；B.若仅将左板右移少许，d减小，可知，电容C增大，由可知，U减小，由则静电计指针偏角θ变小，故B正确；C.若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，由可知，E增大；左极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，根据可得，P点电势升高，故C正确；D.若仅将左板右移少许，两极板所带的电荷量不变，则E不变，根据可得，P点电势减小，则由可得P的点电荷电势能减小，故D错误；10、BC【解析】以人与两船组成的系统为研究对象，人在跳跃过程中总动量守恒，所以A、B两船（包括人）的动量大小之比总是1：1，故B正确；最终人在B船上，以系统为研究对象，在整个过程中，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，故A错误；A的动能为：，B的动能为：，则，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A，D，E，【解析】(1)因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用A电压表；由P=UI得，灯泡的额定电流为：，故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，应选小阻值的E；(2)电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，如图：点晴：本题考查实验中的仪表的接法，应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断。12、1.460.72<【解析】（1）根据要求，变阻器的滑动触头滑至最左端时，其使用电阻值最大，电源的内阻是比较小的，为了减小误差，采用电流表的内接法，按要求连实验实物图，如图（2）根据这些数据作出U-I图象如图．在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.46V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：.（3）由图所示电路可知，相对于电源来说，电流表采用内接法，由于电压表的分流作用，使所测电源电动势小于电动势真实值．四、计算题：本题共3小题，共38分