2027届海南省儋州市一中高二上物理期中质量检测试题含解析

2027届海南省儋州市一中高二上物理期中质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F=kq1q2/r2，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍2、关于以下各物理量的理解正确的是（）A．位移是矢量，-5m比-8m大 B．加速度是矢量，-5m/s2比-8m/s2大C．电势是矢量，-5V比-8V大 D．电势能是标量，-5J比-8J大3、如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加4、电源电动势是表征电源把其它形式的能转比为电能本领的物理量。下表给出了四种电池的电动势,哪种电池把其它形式的能转化为电能的本领最强（

）A．1号干电池B．5号干电池C．铅蓄电池D．手机锂电池5、某电源的电动势为4V，则关于该电源，以下看法不正确的是A．该电源没有接入电路时，其两极之间的电势差为4VB．当通过该电源的电荷量为1C时，该电源提供的电能为4JC．该电源每工作1s钟，电源提供的电能为4JD．将该电源接入电路中当其路端电压为2V时，电源的供电效率为506、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。下列说法中正确的是A．电子一定从A向B运动B．点电荷Q一定靠近M端且为正电荷C．电场线方向一定从M指向ND．B点电势可能高于A点电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（）A．恒定电流是指大小、方向都不随时间变化的电流B．白炽灯在正常发光时，“220V15W”的灯泡电阻比“220V60W”的灯泡电阻小C．导体的电阻与构成它的材料有关D．电动机正常工作时消耗的电功率等于其发热的功率8、如图所示，质量分别为m和2m的A、B两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A靠紧竖直墙．用水平力F将B向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧储存的弹性势能为E．这时突然撤去F，关于A、B和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是()A．撤去F后，系统动量守恒，机械能守恒B．撤去F后，A离开竖直墙前，系统动量不守恒，机械能守恒C．撤去F后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为E/4D．撤去F后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为E/39、欧姆定律不适用于（）A．金属导电 B．电解液导电C．稀薄气体导电 D．气体导电10、电场强度方向与x轴平行的静电场,其电势φ0随x的分布如图所示,一质量为m、电荷量为+q的粒子(不计重力),以初速度v0从O点(x=0)沿x轴正方向进入电场。下列叙述正确的是(A．粒子从x1点运动到x3点的过程中,电势能先减小后增大B．要使粒子能运动到x4处,粒子的初速度v0至少为2C．粒子从O点运动到x4点的过程中,在x3点速度最大D．若v0=2φ0q三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组用游标卡尺测量某物体的长度L，测量结果如图甲所示，则L=_____mm；用螺旋测微器测量某物体的直径d，测量结果如图乙所示，则d=_____mm。12．（12分）利用图甲所示电路测定一节干电池的电动势和内阻,定值电阻.（1）某实验得到的部分数据如表所示,序号为2的电压表、电流表的示数如图乙所示,请读出数据,完成下表.答:①___________,②____________.序号1234561.32①1.020.780.600.420.06②0.180.240.300.36（2）在图丙中将所缺数据点补充完整并作图_____,根据图线求得斜率_______(保留两位有效数字).（3）根据图线求得干电池的电动势____V，内阻_____Ω(保留两位有效数字).四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电解槽A和电热炉B并联后接到电源上，电热炉阻值RB恒定为19Ω，已知电源内阻r＝1Ω，电解槽电阻r′＝0.5Ω.当S1闭合、S2断开时，电热炉消耗功率为684W；S1、S2都闭合时电热炉消耗功率为475W，此时的电解槽A内有某种形式的化学能产生，试求：（本题保留三位有效数字）(1)电源的电动势E；(2)S1、S2都闭合时，电解槽的效率．14．（16分）在光滑水平面上向右运动的物体受力情况如图所示。g取10m/s2，请根据图中的数据求：(1)物体所受支持力F支的大小；(2)物体加速度的大小和方向。15．（12分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，两电场的边界均是边长为L的正方形(不计电子所受重力)。(1)在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子到y轴(图中FO边界)所需的时间。(电子的质量为m，电量为e)(2)在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域时的位置坐标。(3)若将左侧电场II整体水平向右移动L/4，在电场I区域内由静止释放电子，使电子从ABCD区域左下角D处离开(D不随电场移动)，求在电场I区域内由静止释放电子的所有位置(即释放点的横、纵坐标应满足的关系式)。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

库仑定律只适用于真空中的点电荷之间的作用力，当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用，故B错误；两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关，故C错误；所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故D正确。所以D正确，ABC错误。2、D【解析】

AB、矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的大小是指其绝对值，位移是矢量，的大小为，比的大小大；加速度是矢量，的大小为，比的大小大，故选项A、B错误；C、电势是标量，只有大小没有方向的物理量，-5V比-8V大，故选项C错误；D、电势能是标量，只有大小没有方向的物理量，-5J比-8J大，故选项D正确。3、C【解析】

A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类平抛运动，合力向下，电场力可能向上而小于重力，也可能向下，故无法判断A板的带电情况，A错误；B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，B错误；C、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加，C正确；D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，也可能减少，D错误；4、D【解析】

电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大；电动势越大，则把其他形式的能转化为电能的本领越强；手机锂电池的电动势最大，它把化学能转化为电能的本领最强。A.1号干电池。与结论不符，故A错误；B.5号干电池。与结论不符，故B错误；C.铅蓄电池。与结论不符，故C错误；D.手机锂电池。与结论相符，故D正确。5、C【解析】

A．电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极之间的电压，故A正确；BC．电源做的总功为W=EIt=Eq电源做功等于电源提供的电能，可知电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故B正确，C错误；D．电源效率为故D正确。6、C【解析】

由运动轨迹只能得到电子受力指向凹的一侧，不能得到运动走向，故A错误；由电场场源为点电荷，又有电子受力指向凹的一侧可得：MN上电场线方向向右，故点电荷Q可能是放在M端附近的正电荷，也可能是放在N端附近的负电荷，故B错误，C正确；MN上电场线方向向右；根据沿着电场线电势降低可得：B点电势可能低于A点电势，故D错误；故选C。沿着电场线电势降低，但是电势能和电荷电性相关，故我们一般根据电场力做功情况来判断电势能变化，以避免电性不同，电势能变化趋势不同的问题。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A项：大小和方向都不变的叫恒定电流，故A正确；B项：白炽灯在正常发光时，根据P=U2RC项：根据电阻定律：R=ρLD项：电动机为非纯电阻电路，工作时消耗的电能转化为热量和机械能，故D错误。点晴：解决本题关键理解电动机为非纯电阻电路，工作时消耗的电能转化为热量和机械能，部分电路欧姆定律不成立。8、BD【解析】A、B项：撤去F后，A离开竖直墙前，竖直方向两物体的重力与水平面的支持力平衡，合力为零，而墙对A有向右的弹力，使系统的动量不守恒．这个过程中，只有弹簧的弹力对B做功，系统的机械能守恒．A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力平衡，则系统的动量守恒，只有弹簧的弹力做功，机械能也守恒．故A错误，B正确；C、D项：撤去F后，A离开竖直墙后，当两物体速度相同时，弹簧伸长最长或压缩最短，弹性势能最大．设两物体相同速度为v，A离开墙时，B的速度为v1．根据动量守恒和机械能守恒得2mv1=3mv，又联立得到，弹簧的弹性势能最大值为，故C错误，D正确．点晴：本题考查动量守恒和机械能守恒的判断和应用能力．动量是否守恒要看研究的过程，要细化过程分析，不能笼统．9、CD【解析】试题分析：欧姆定律适用于纯电阻电路，金属导电和电解液导电都属于纯电阻电路，都适用于欧姆定律，但是稀薄气体导电和气体导电都属于从不导电到导电的过程，只有电压达到一定数值时气体被电离才会导电，属于不适用于欧姆定律，选项AB适用CD不适用．考点：欧姆定律适用范围10、CD【解析】

A项，电势沿着电场线的方向减小，又因为粒子带正电，所受电场力方向与电场线方向相同，从x1点运动到x3点电势降低，所以粒子从x1点运动到x3点的过程中,电场力做正功，所以电势能减小，故A错B项，从图像可以看出：粒子从O点运动到x4点的过程中，电势能没有变化，所以电场力做功为零，而从O点运动到x1点的过程中，电势升高，电场力做负功，要使粒子能运动到x4的位置，只要保证粒子能运到x1的位置即可，从O点运动到x1点的过程中，根据动能定理可知：-φ0q=0-12mv0C项，粒子从O点运动到x3点的过程中，电场力做正功，从x3到x4又开始做负功，所以在x3点速度最大，故C对；D项，粒子从O点运动到x3点的过程中，电场力做正功，根据动能定理可知：φ0q=Ek-12m故选CD根据图像上电势的高低可以判断电场力的方向，然后判断电场力做功正负，也就可以求出粒子的动能问题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.153.203【解析】

[1]游标卡尺读数方法：主尺读数加游标尺的读数，即[2]螺旋测微器读数方法：固定刻度读数加可动刻度读数，即12、1.140.12如图所示；3.01.51.0【解析】

（1）[1][2]．一节干电池的电动势约为1.5V，所以电压表量程为0-3V，根据乙图可知，电压表示数U=1.14V，定值电阻R0=2.0Ω，电源内阻约为1Ω左右，所以电流选量程0-0.6A，根据乙图可知，电流表示数I=0.12A；

（2）[3]．根据描点法做出图象，如图所示：斜率（3）[4][5]．由得出的电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.50，则电源电动势E=1.50V，电源内阻：r=k-R0=3.0-2.0=1.0Ω．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）120V（2）89.5%【解析】

(1)S1闭合，S2断开时，电炉中电流为：I=P1由闭合电路欧姆定律得，电源的电动势为：E=I(RB+r)=6×(19+1)V=120V(2)S1、S2均合上时，电炉中电流为：IR=P2电源的路端电压为：U=IRRB=5×19V=95V由闭合电路欧姆定律得电路中的总电流为：I′=（E−U）/r=（120−95）/1A=25A流过电解槽的电流为：IA=I′−IR=25A−5A=20A电解槽内阻消耗功率为：P内=IA电解槽消耗的总功率：P总=UIA=95×20W=1900W电解槽的效率η=P答：(1)电源的电动势E是120V；(2)S1、S2都闭合时，电解槽的效率为89.5%．（1）S1闭合，S2断开时，已知电炉消耗功率，根据功率P=I2R公式