河南普通高中2026-2027学年高二上学期9月联考物理试卷

20269可观察到烟尘颗粒被吸附到覆盖铝片的瓶壁上，则（）+qA相连，另一端连接装水的水桶，带电荷量也为+qB位于OA、BA、BB仍然处于原位置，取无穷远处电势为零。下列说法正确的是（）A、BA、B之间的距离变小C．OA连线与竖直方向的夹角变小DB的摩擦力变大如图所示，实线表示某电场中的四个等势面，它们的电势分别为 Dda的过程中静电力先做正功后做负功4．如图甲所示，a、b、c为同一水平直线上的时一电荷量为+q的试探电荷从b点沿着ba方向vb，t0a点，其v-tQ1带负电，则（）A．从c点到a点电势先减小后增 B．Q2一定带正电，且电荷量大于C．cbD．c点电场强度方向一定水平向左A点接地，一带正电小球被固定于P点，现将平行板电容器的下 A点之间的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电小球所受 ONOMMN，小球的动能的增加量相同，且小球ON的ON 其运动的轨迹如图所示，点 从630分。在运动中仅受电场力的作用，下列说法正确的是（）baabab示，O为大圆的圆心，为上侧阳半圆的圆心，为下侧阴半圆的直，C、DO点对称的两点，在，两点分别固定电荷量大 A．C、DABAB8.0V，单刀双掷开关先接通电键“1”0后，再接通“2”i-t240小格，则（）i-t图线与坐标轴所55411（6待电容器充电完毕后，再把开关S掷向2端，通过电阻放电，传感器可将电流信息传入计算机并显示出电流随时间的变化情况。 ”；图乙为电容器充电过程的图像，则充电完毕后电容器的电荷量约为（结果保留2位；标轴围成的面积将（选填“变大”“变小”或“不变。12（92所示的游标卡尺测量玻璃管的内径。kΩΩkΩΩUI4U-I图线，请根据以上材料完测量玻璃管内径时，应使用图2所示游标卡尺中的A、B中的 3中的实验器材部分已连线，用笔画线代替导线将电路补充完整，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应先滑至端（选填“a”或“b”，考虑电表内阻对实验的影响，水柱电阻的测量值 13（10重力势能随位移的变化，图线2为动能随位移的变化，重力加速度为，静电力常量为。求：14（12两小球到其连线中点O的距离均为。现用两根长度均A、BC力恰好为零已知小球C的质量电量CA、B15（17 Ax=2mAA参照秘密级管理★启用 参考答案类型20269A错误；C错误；，电势能越小，故D正确。D。【详解】A．小球A、B所带电荷量均为，在小球A、B连线上中点产生的电势均为正值，故小A、B连线上中点的电势为正值，A错误；BCA ， 组成的矢量三角形 相似，均不变 等于所悬挂的水桶与水的总重力， 变小，故变小；均不变，故不变， 减小， 与竖直方向的夹角变小，B错误，C正确变小，D错误；【详解】A．等势面上各点电场强度方向相同，但是电场线疏密不同，场强大小不同，选项BC.因只有电场力做功，则粒子的电势能和动能之和守恒，根据可知，带负电的粒子电势CD.da的过程中粒子速度方向与电场力方向夹角先是钝角后是锐角，可知静电力先D错误。【详解】Aa、ba、b之间某位置（d点）bad点右侧+q受到的电场力方向caA错误；B正确，C错误；D错误。【详解】A．根据电容的决定式可知，下极板竖直向下移动一小段距离时，d增大，则A错误；B错误；C．由于电容器两极板电势差不变，d增大，根据可知，两板间电场强度减小，则上极板PP大，小球带正电，根据可知，小球的电势能变大，故C正确小，根据、和可知，电场强度不变，则带电小球所受静电力不变，故DBD错误；ACON电场力对小球做负功，所以小球的机械能减少，重力做正功，小球的重力势能减A错误，C正确。小球带正电，电场力方向与电场方向相同，因此电场方向水平向左，A错误；B．OA段（平抛运动：水平位 ，竖直速 ，A点速度与水平方向夹角30°解得，B错误C．OA段（平抛运动：水平位移；AB段水平方向为匀减速运动：解得，C正确；DAhOAABOA段平抛运动：水平方向，竖直方向，，DC。A正确；BabbaBCab点,ababC正确，D错误。AC。【详解】A．在，两点分别固定电荷量大小相等的异种点电荷，若处为正点电荷，处为C点靠近正点电荷，DCD点电势，若处为负点电荷，处为正点电荷，由于C点靠近负点电荷，D点靠近正点电荷，则C点电势小于DC、DA错误；B．AB为等量异种电荷连线的中垂线，根据等量异种电荷电势分布特点可知，中垂线为一等势线，ABB正确；C．根据等量异种电荷中垂线电场分布特点可知，O点为中垂线上场强最大的点，则把质子由BCD．由于根据等量异种电荷中垂线上的场强方向与中垂线垂直，所以将一电子（不计重力）从AD错误。ABC正确；(3)（1）1给电容器充电时，电源正极的电流经开关、电流传感器流向电容器上极板，Ra（上端）b（下端R上a→b。0.2mA0.4s，则每个小格所代表的电荷量的数值为如果不改变电路其他器材，将电容器换成另一个电容较小的电容器，则由可知，电容CUQ减小，则得到的图线与坐标轴围成的面积将变小。 大 【详解】[1]AA【详解（1）位 时，由图线1可得，重力势 （1）CEC静止时，细线张力恰好为零，C受力分析可知A、BC所处位置产生的电场强度的大小相等，设一个带正电小球在C所处位置产生的电场强度的大小为，AC与AB连线的夹角为α，由已知条件可知C所处位置的电场强度 C从最高点运动到最低点的过程中，通过分析可知，只有重力做功，根据动能定理得CF，根据牛顿第二定律得（2）小球到达A点时速度为，此