2026-2027年人教版中考物理模拟训练卷含答案解析

第页2026-2027年人教版中考物理模拟训练卷（含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示的各种做法中，不符合安全用电原则的是(

)

A.①②③④ B.②③④ C.①②④ D.①②③2.下列关于热和能的说法正确的是(

)A.物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变

B.我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多

C.物质的比热容跟物质的质量、吸收或放出的热量、温度均无关

D.某单缸四冲程汽油机飞轮转速为1200r/min，该内燃机每秒钟对外做功的次数为20次3．如图，拔火罐是我国中医的一种传统治疗方法。它是以罐为工具，利用燃烧排除罐内空气后扣于相关穴位上，罐体就会吸附在皮肤表面，使相应部位产生刺激，以达到防治疾病的目的。下列现象与拔火罐的原理相同的是（）A．坦克装有宽大的履带 B．热机的燃烧冲程 C．医生推动活塞给病人注射药液 D．用吸管吸起汽水瓶中的饮料4．如图是某小组同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中的一个情景，此时光屏上呈现清晰的像，由此可知（）A．此时光屏上成倒立放大的实像，与照相机的成像原理相同 B．仅将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上无法呈现出清晰的像 C．将蜡烛远离透镜，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜 D．随着蜡烛越烧越短，呈现在光屏上的像也会上下移动5．我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设和人民生活提供了强有力的保障．下列关于我国家庭电路的说法正确的是（）A．两根进户线分别是火线和零线，它们之间的电压为36V B．当干路电流过大时，漏电保护器就会自动切断电路 C．使用测电笔检测电路时，手指不能碰到笔尖金属体，以免触电 D．保险丝熔断一定是因为电路发生了短路故障6．中考体育即将来临，同学们在体育课进行实心球投掷训练，如图所示A→B表示实心球离开手之前的运动轨迹；B→C→D表示实心球离开手之后的运动轨迹，空气阻力忽略不计。下列分析正确的是（）A．实心球从A→B的过程中，实心球的运动状态保持不变 B．实心球到达最高点C时，它将处于平衡状态 C．实心球从B→C→D过程中，没有力对它做功 D．实心球从C→D过程中，实心球的重力势能转化为动能7．为实现环保理念，很多地区陆续投入使用太阳能路灯二太阳能路灯系统由太阳能电池组件(包括支架)、LED灯头、控制箱(内有控制器、蓄电池)和灯杆等构成。若太阳能电池板有效光照面积为5m2，效率为20%；LED灯头的额定电压为24V，额定功率为48W。某地区光照平均有效辐射量800W/m2，平均有效日照时间为5h；路灯每晚工作时间10h。由于7个阴雨天导致太阳能电池板不能工作，为确保这几天夜晚的照明，同时尽可能使电池的容量较小，应选用的蓄电池为（）A．2台12V150Ah B．4台12V150Ah C．2台12V80Ah D．1台12V80Ah二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示，小明从5cm刻度线处开始测量一个小木块的长度，测量结果是______cm。9．农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出J的热量；若这些热量被质量为20kg，初温为20℃的水吸收，可使水温升高到70℃，则水吸收了J的热量，此时烧水效率为[已知q秸秆煤＝2.1×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。10．疫情期间，同学们在线上学习时，利用手机、平板电脑等设备连接Wifi或4G网络就可以听到老师的声音。这些无线网络都是利用来传递信息的，同学们听到的声音是扬声器内纸盆产生的，老师提问时可以辨别出是哪位同学回答的问题，主要是因为不同人说话时声音的（选填“音调”、“响度”或“音色”）不同。11．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。在保证通过小灯泡L的电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数变化范围是，电压表的示数变化范围是，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是。12．用图甲的滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，反映绳子自由端运动的图线是（选填“A”或“B”），3s内对物体做的有用功为J。13.在探究“二力平衡的条件”的实验中，小明同学采用的实验装置如图14所示．当小车处于静止状态时，砝码对砝码盘的压力和砝码盘对砝码的支持力是一对____________；当再向左盘加入一个砝码后，小车向左加速运动，此时小车受到的合力方向________．图1414．在如图所示的路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω，闭合电键S，两电流表的示数分别为0.8A和0.3A，电源电压U＝V，现用电阻R0替换电阻（选填“R1”、“R2”），替换前后只有一个电流表的示数发生了变化，且电路的总功率变化了0.6W，电阻R0的阻值为Ω。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示，实心均匀正方体甲、乙放在水平地面上，它们质量相等。现从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，则甲、乙剩余部分对水平面的压强p甲和p乙的大小关系是(

)A.p甲一定小于p乙 B.p甲一定大于p乙 C.p甲可能小于p16.如图所示，只闭合开关S1，风扇M工作；只闭合开关S2，灯泡和风扇M都不工作；同时闭合开关S1、S2，灯泡和风扇M都工作。请把电路连接完整。17.下图中用起子开一瓶啤酒，在图中画出动力臂。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．宁陵县是河南省远近闻名的酥梨之乡。小明发现宁陵酥梨皮薄酥甜，想在实验室测量一下酥梨的密度。（1）他将天平放在水平桌面上，将游码归零后，调节使天平横梁平衡。（2）如图甲所示，小明测得一个宁陵酥梨的质量为g。然后将宁陵酥梨放入装有40mL水的量杯中，水面上升到如图乙所示的位置，则酥梨的体积为cm3，密度为kg/m3。（3）实验结束后，小明还想测量一种酸奶的密度，他借助天平、烧杯和水，通过如下步骤来进行测量：①用天平测出空烧杯的质量m1。②在烧杯内装入一定量的水，并在水面的位置做一个标记，用天平测出水和烧杯的总质量m2。③，再将酸奶倒入烧杯至先前的标记处，用天平测出酸奶和烧杯的总质量m3。④计算酸奶密度的表达式：ρ酸奶＝。（利用题目中物理量符号表示，水的密度用ρ水表示）19．用天平和量筒测定盐水的密度。请完成以下任务：.（1）对天平进行调节，正确的顺序是。A.调节天平的平衡螺母，使天平横梁平衡B.把天平放在水平台面上C.把游码放在标尺的零刻度线处（2）将烧杯中一定体积的盐水倒入量筒中，记下量筒中盐水体积V并填入表中，用天平称量此时烧杯和剩余盐水的总质量M并填入表中；再重复上述操作2次，将实验数据记录表中。第2次测量中，当天平平衡时，所用砝码、游码的位置如图所示，则此时烧杯和液体的总质量为g；实验次数123倒出液体体积V/cm310.020.030.0烧杯和液体的总质量M/g66.242.2（3）根据表格数据可得，盐水密度是g/cm3。20.为鉴别某金属块的材料，先将该金属块放在调好的天平上，测出它的质量，然后将它放进盛有水的量筒内，测出金属的体积。量筒中水面先后的位置以及天平平衡时右盘中的砝码和游码的示数如下，甲和乙所示。该金属块的质量是______g，它的体积是______cm3，算出它的密度______。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．某玻璃厂要研发一款新型玻璃，要求每平方米能承受5.5×105N的撞击力。测试时，取一小块玻璃样品（质量可不计），平放在如图甲所示电路中的压力传感器上。闭合开关S，释放重物，经撞击后玻璃仍完好无损，电流表的示数随时间变化的图像如图乙所示（不考虑t0时刻之后的情况）。已知压力传感器的阻值RN随压力F变化的图像如图丙所示；玻璃受到最大撞击力时与重物的接触面积S0＝10cm2；电源电压U＝27V，定值电阻R0＝20Ω。（1）从重物开始下落到撞击玻璃样品前的2s内，电流通过压力传感器所做的功。（2）玻璃样品受到的最大撞击力，及此时压力传感器的电功率。（3）请通过计算说明该样品是否满足设计要求。22．如图所示，质量为6kg、体积为5×10-3m3、底面积为1×10-2m2的均匀柱体甲与盛有水的轻质薄壁柱形容器乙放在水平地面上，质量为1kg的物块丙漂浮在水面上。（g取9.8N/kg）（1）求甲对地面的压强p甲；（2）求距水面0.1m处水的压强p水；（3）在甲的上方沿水平方向截取一部分，同时从水中取出丙。将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，把丙叠放在甲剩余部分上方后，发现水对容器乙底部的压力没有变化，求甲对地面的压强变化量Δp甲。（不考虑丙表面的水残留）六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．用相同的电加热器给质量均为500g的水和另一种液体加热（c水＞c液）。并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，分析图像可以得出（选填“甲”或“乙”）物质为水，判断依据是；另一种液体的比热容为，这种液体在4min内吸收的热量为J。24．某型号的电饭锅有两挡，分别是高温烧煮和保温焖饭挡，其原理如图所示（虚线框内为电饭锅的发热部位）。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω。（1）开关S置于2位置时，电饭锅处于挡；保温焖饭时电路中的电流是多小？（2）某次做饭时，在1个标准大气压下，用高温烧煮挡将2.2kg的水从20℃烧开用时16分钟，此次烧煮过程利用电能的效率是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（3）若只要求高温烧煮挡的功率提升10%，请通过计算具体说明改进措施。

25．如图所示是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。

a.如图甲，将木块平放在长木板上，水平匀速拉动木块，记录弹簧测力计示数。b.如图乙，将木块平放在长木板上，并在木块上放一砝码，水平匀速拉动木块，记录弹簧测力计示数。c.如图丙，将木块平放在玻璃上，水平匀速拉动木块，记录弹黄测力计示数。（1）由________两图可知：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）实验后小丽用原器材重新设计了如图丁所示的实验装置，使用该装置测量木块与木板间滑动摩擦力时_______（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板。实验中小丽发现：当F为3N时，木块相对于地面静止且长木板刚好做匀速直线运动，则长木板受到地面的摩擦力大小为_________N。（3）实验拓展：如图1所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F-t和v-t图像分别如图2、图3所示。则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为________N。

1．图示的电路，当开关闭合后，两只小灯泡均发光且L1比L2亮，下列说法中正确的是（）A．通过L1的电流大于通过L2的电流B．电路中的电流是由正电荷定向移动形成的C．干电池对外电路供电时将电能转化为化学能D．金属导线中自由电子定向移动的方向与电流方向相反2．下列关于光学现象的说法中错误的是（）A．图甲，树荫下的阴影是小孔成的像 B．图乙，人配戴该种透镜可以矫正远视眼C．图丙，桥在水中倒影是光的反射现象 D．图丁，变方的太阳是光的折射现象3．小雨同学用如图甲所示的装置对冰加热，根据实验记录分别绘制了冰融化和水沸腾过程的温度随时间变化的图像，如图乙、丙所示。关于此实验下列说法正确的是（）A．图甲中，实验的安装顺序应自上而下，并选择颗粒较小的冰块进行实验B．图乙中，冰的熔化过程不需要吸热，冰有一定的熔点，说明冰是晶体C．比较图乙中AB段与CD段可以得出冰的比热容比水的大D．图丙中，水的沸点是98°，说明水面上方的气压小于一个标准大气压4．如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮重均为30N，滑轮组下端挂有质量为30kg的物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动；用水平向左的力F拉动物体A，可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体B上升的速度大小为6cm/s。若不计绳重及绳与滑轮的摩擦，g取10N/kg，则下列说法中正确的是（）A．物体A所受滑动摩擦力大小为100NB．F的大小为220NC．F做功的功率为42WD．提升物体B时滑轮组的机械效率约为90.9%5．如图甲所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表的示数随电路中电流变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为6VB．甲是电压表V2示数变化的图象C．电阻R1的阻值为10ΩD．电路中电流为0.2A时，R2接入电路中的阻值为20Ω实验步骤（2）探究“电流与电压的关系”时，某小组在ab间接入电阻R1，移动滑片P，将测量数据记录在表一中，当电压表示数为2.0V时，对应的电流值如图（丙）所示，为_____A．另一小组使用其它阻值的电阻R2，测量数据如表二所示，根据两组数据描绘出相应的I﹣U图象．表一（R1）U/V1.02.03.0I/V0.200.60实验结论（3）根据描绘出的I-U图象可以得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成_____；其中图线_____表示的是R1的I﹣U图象．问题讨论（4）探究“电流与电压的关系”时，进行了多组数据的测量，其目的是为了_____（填字母序号）．A．寻找普遍规律B．取平均值减小误差（5）某同学继续探究“电流与电阻的关系”时，先测出了5Ω电阻在2.0V电压下的电流，然后断开开关，将5Ω电阻换成10Ω电阻，闭合开关，直接读出电流值，这种做法_____（选填“正确”或“错误”），理由是_____．表二（R2）U/V0.81.62.6I/V0.080.160.267．水平桌面上有一长方体轻质薄壁容器，如图甲所示，底面积为200cm2，高16cm，里面装有2kg的水。将一正方体实心物体A轻放入水中，A的质量为0.8kg，待液面静止后，打开容器底部阀门（阀门未画出），向外匀速放水。容器底部所受液体压强与放出的水的质量关系如图乙所示，图像中Δm1=Δm2，Δp2=2Δp1。（1）求未放入物体前，液体对容器底部的压强?（2）判断未向外放水时正方体A在水中的浮沉状态?放水质量为1.4kg时，液体对容器底部的压强?（3）另有一实心长方体B，底面积为50cm2，高为8cm，质量为0.6kg。向容器中注水，使容器中的水依然为2kg，再将B轻放在A的正上方，AB均不倾倒，待液面静止后，容器底部所受液体压强记为p。将B从A上取下，轻放入旁边水中，A、B和容器内部均不接触，待液面静止后，容器底部所受液体压强变化了多少？参考答案及解析1.【答案】D

【解析】解：①手指塞进插座容易发生触电事故，不符合安全用电原则；

②高压线的电压很高，高压线下放风筝，风筝容易挂在高压线上，很有很能发生触电事故，不符合安全用电原则；

③湿手拔插头，可能会因水导电而发生触电事故，不符合安全用电原则；

④冰箱的金属外壳接地，家用电器外壳加接地保护，是为了防止外壳带电而发生触电事故，符合安全用电原则，

综上所述，不符合安全用电原则的是①②③，故ABC错误，D正确。

故选：D。

根据安全用电原则知识去分析：

(1)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；

(2)生活用水是导体；

(3)有金属外壳的家用电器外壳必须接地。

本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。2.【答案】C

【解析】解：

A、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，因此只有温度不变，若物体的质量、状态改变时，则物体的内能可能改变，故A错误；

B、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；

C、比热容是物质的一种特性，比热容与物质的质量、吸收或放出的热量、温度均无关，故C正确；

D、内燃机的一个工作循环中，曲轴转2周(飞轮转2周)，完成4个冲程，对外做功1次，

单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1200r/min=20r/s，则该内燃机每秒钟做功的次数为12×20=10次，故D错误。

故选：C。

(1)内能的大小跟质量、温度、状态有关；

(2)热量是一个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温度相等时，热传递就停止，所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量；

(3)比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系，比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的物理量；

(4)四冲程汽油机的曲轴转2周，完成4个冲程，对外做功1次。3．（2分）如图，拔火罐是我国中医的一种传统治疗方法。它是以罐为工具，利用燃烧排除罐内空气后扣于相关穴位上，罐体就会吸附在皮肤表面，使相应部位产生刺激，以达到防治疾病的目的。下列现象与拔火罐的原理相同的是（）A．坦克装有宽大的履带 B．热机的燃烧冲程 C．医生推动活塞给病人注射药液 D．用吸管吸起汽水瓶中的饮料【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果，据此明确拔火罐的原理，然后根据所学知识分析各选项给出的场景运用的工作原理，进而比较并做出判断。【解答】解：拔火罐时，先把罐内烧一下，罐内空气受热膨胀，此时迅速把罐扣在皮肤上，等到罐内的空气冷却后气压降低，罐内气压小于外面的大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以拔火罐利用的是大气压原理。A、坦克装有宽大的履带是通过增大受力面积减小压强，与大气压无关，故A不符合题意；B、热机的燃烧冲程中内能对外做功，与大气压无关，故B不符合题意；C、医生推动活塞给病人注射药液，利用的是人的推力，不是利用大气压，故C不符合题意；D、用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查了学生对大气压的应用的了解与掌握，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释。物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。4．【解答】解：A、由图知此时物距小于像距，即说明光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的，故A错误；B、根据光路可逆知若不移动凸透镜，只将蜡烛和光屏位置互换，现在的物距等于原来的像距，现在的像距等于原来的物距，所以能再次在光屏成清晰的像，故B错误；C、将蜡烛远离透镜时，物距增大，像距减小，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜，故C正确；D、由于此时成倒立的实像，随着蜡烛越烧越短，则在光屏上的像会向上运动，故D错误。故选：C。5．我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设和人民生活提供了强有力的保障．下列关于我国家庭电路的说法正确的是（）A．两根进户线分别是火线和零线，它们之间的电压为36V B．当干路电流过大时，漏电保护器就会自动切断电路 C．使用测电笔检测电路时，手指不能碰到笔尖金属体，以免触电 D．保险丝熔断一定是因为电路发生了短路故障【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；测电笔的使用；熔断器的作用及保险丝的选择方法；家庭电路电流过大的原因．【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．【分析】（1）家庭电路中进户线有两条：火线、零线，火线和零线之间的电压是220V；（2）漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人因操作失误而触电时实施保护的设备；（3）测电笔的使用方法：使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线；（4）电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。【解答】解：A、两根进户线分别是火线和零线，它们之间的电压为220V，故A错误；B、漏电保护器一般是在电路发生对地漏电现象时才会自动跳闸，而电路中电流过大时漏电保护器不会跳闸，故B错误。C、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手指不能碰到笔尖金属体，以免触电，故C正确；D、保险丝熔断是因为电路中电流过大，而电路中电流过大的原因：可能是电路中出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了火线与零线之间的电压、漏电保护器的作用、测电笔的使用方法、电路中电流过大的原因，属于基础题目。6．（2分）中考体育即将来临，同学们在体育课进行实心球投掷训练，如图所示A→B表示实心球离开手之前的运动轨迹；B→C→D表示实心球离开手之后的运动轨迹，空气阻力忽略不计。下列分析正确的是（）A．实心球从A→B的过程中，实心球的运动状态保持不变 B．实心球到达最高点C时，它将处于平衡状态 C．实心球从B→C→D过程中，没有力对它做功 D．实心球从C→D过程中，实心球的重力势能转化为动能【分析】（1）（2）物体处于保持静止或匀速直线运动的状态叫平衡状态，物体受到的合力为零时处于平衡状态，瞬时速度为0不一定处于平衡状态；（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可；（4）动能的大小与物体的质量以及速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。【解答】解：A、实心球从A→B的过程中，实心球的运动方向、运动速度发生了改变，运动状态改变，故A错误；B、实心球到达最高点C时，竖直方向的速度为0，但水平方向有速度，此时实心球只受重力的作用，受力不平衡，不会处于静止状态，故B错误；C、实心球因重力作用而下降，重力对其做功，故C错误；D、实心球从C→D过程中，实心球的质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，是重力势能转化为动能，故D正确。故选：D。【点评】此题涉及到能量的转化、做功的两个必要因素等多个知识点，是一道综合性较强的题目。7．A【分析】先根据W=Pt求出灯在7天内消耗的总电能，再根据W=UIt求蓄电池的容量大小。【详解】LED灯头的额定电压为24V，额定功率为48W，每晚工作时间10h，因此七天总共消耗能量W=Pt=48W×7×10h=3260W⋅h那么要达到额定电压，且提供的能量不小于3260W⋅h，若蓄电池的额定电压为12V，则应用2台串联即可，据W=UIt知，1台蓄电池的容量至少为故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。8．2.00【解析】由图可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与5.00cm刻线对齐，右侧示数为7.00cm，所以木块的长度为7.00cm-5.00cm=2.00cm9．解：秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q放＝m秸秆煤q＝0.5kg×2.1×107J/kg＝1.05×107J。水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×106J；此时烧水效率：η＝＝×100%＝40%。故答案为：1.05×107；4.2×106；40%。10．解：无线网络是利用电磁波来传递信息的；同学们听到的声音是扬声器内纸盆振动产生的；不同人说话的特点不同，即音色不同，所以老师提问时可以根据音色辨别出是哪位同学回答的问题。故答案为：电磁波；振动；音色。11．【解答】解：小灯泡的额定电流I＝＝＝0.5A，小灯泡的电阻R＝＝＝5Ω，由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数U滑＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，此时电路中的最大电流Imax＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min＝＝＝4Ω；滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的最小电流：Imin＝＝＝0.3A，电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，此时灯泡分担的电压最小UL小＝IminRL＝0.3A×5Ω＝1.5V，滑动变阻器两端的最大电压：U滑max＝U﹣UL小＝4.5V﹣1.5V＝3V，即电压表最大示数，电压表的示数范围为2V～3V，所以滑动变阻器的范围是4Ω～10Ω。故答案为：0.3A～0.5A；2V～3V；4Ω～10Ω。12．（2分）用图甲的滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，反映绳子自由端运动的图线是A（选填“A”或“B”），3s内对物体做的有用功为300J。【解答】解：（1）由图甲可知，n＝3，则拉力端移动距离s＝3h，所以图乙中上面的倾斜直线A是绳子自由端运动的s﹣t图像，而下面的倾斜直线B是物体运动的s﹣t图像；（2）由图乙可知，t＝3s时，物体运动的高度h＝1.5m，对物体做的有用功：W有用＝Gh＝200N×1.5m＝300J。故答案为：A；300。13.相互作用力水平向左【解析】砝码对砝码盘的压力竖直向下，砝码盘对砝码的支持力竖直向上，两个力作用在不同物体上，大小相等、方向相反、在同一条直线上，是一对相互作用力；由题可知，再向左盘加入一个砝码后，小车向左加速运动，所以小车受到的合力方向水平向左．14．解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测电阻R1支路的电流。①闭合电键S，两电流表的示数分别为0.8A和0.3A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流I＝0.8A，通过电阻R1的电流I1＝0.3A，并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由欧姆定律可得，电源电压：U＝U1＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；②由题知，用电阻R0替换电阻R1、R2中的一个，替换前后，只有一个电流表的示数发生了变化；若用R0替换电阻R1，则电流表A1所在支路的电阻发生变化，电流表A1的示数会发生变化，同时干路电流也会发生变化，即电流表A的示数发生变化，不符合题意；因此只能是用R0替换电阻R2；替换前电源的电功率：P总＝UI＝6V×0.8A＝4.8W；替换后电源的电功率变化了0.6W，则此时电源的电功率可能为：P总′＝P总+△P＝4.8W+0.6W＝5.4W，P总″＝P总﹣△P＝4.8W﹣0.6W＝4.2W；并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，替换前后R1的电流和功率均不变，则R1消耗的功率：P1＝UI1＝6V×0.3A＝1.8W；因替换后R1与R0并联，且电源的电功率等于各电阻消耗功率之和，所以，电阻R0消耗的功率可能为：P0＝P总′﹣P1＝5.4W﹣1.8W＝3.6W，P0′＝P总″﹣P1＝4.2W﹣1.8W＝2.4W，由P＝可得，R0的阻值可能为：R0＝＝＝10Ω，R0′＝＝＝15Ω，即电阻R0的阻值为10Ω或15Ω才能满足题中的要求。答：6；R2；10或15。15.【答案】A

【解析】解：由于h甲>h乙，S甲>S乙，可知V甲>V乙，它们质量相等，根据密度公式ρ=mV可知，ρ甲<ρ乙，现从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，则剩余的质量m甲<m乙，故它们对水平面的压力F甲<F乙，根据压强公式p=FS可知，p甲一定小于p乙，故A正确，16.【答案】解：只闭合开关S1，风扇M工作；只闭合开关S2，灯泡和风扇M都不工作，这说明该电路为并联电路，开关S2在支路中控制灯泡，开关S【解析】先分析题意，得出灯泡、电风扇的连接方式，以及两个开关的位置，据此连接电路，注意开关要接在火线和用电器之间。

本题考查了电路的连接，分析题意确定两个开关的位置是关键。

17.下图中用起子开一瓶啤酒，在图中画出动力臂。【解析】O为支点，延长动力F1的作用线，过支点做动力作用线的垂，该垂线即为动力臂l1，如图所示：

18．（6分）宁陵县是河南省远近闻名的酥梨之乡。小明发现宁陵酥梨皮薄酥甜，想在实验室测量一下酥梨的密度。（1）他将天平放在水平桌面上，将游码归零后，调节平衡螺母使天平横梁平衡。（2）如图甲所示，小明测得一个宁陵酥梨的质量为48g。然后将宁陵酥梨放入装有40mL水的量杯中，水面上升到如图乙所示的位置，则酥梨的体积为40cm3，密度为1.2×103kg/m3。（3）实验结束后，小明还想测量一种酸奶的密度，他借助天平、烧杯和水，通过如下步骤来进行测量：①用天平测出空烧杯的质量m1。②在烧杯内装入一定量的水，并在水面的位置做一个标记，用天平测出水和烧杯的总质量m2。③将烧杯中的水倒出擦干，再将酸奶倒入烧杯至先前的标记处，用天平测出酸奶和烧杯的总质量m3。④计算酸奶密度的表达式：ρ酸奶＝ρ水。（利用题目中物理量符号表示，水的密度用ρ水表示）【分析】（1）实验室中使用天平时要求先将天平放在水平桌面上，再将游码归零，然后调节平衡螺母使天平横梁平衡；（2）砝码的质量加上游码所对的刻度值即为一个酥梨的质量；两次量杯内示数之差即为酥梨的体积，根据密度公式ρ＝可求出该酥梨的密度；（3）测量酸奶的密度，若没有量筒，可用等效替代法，使水和酸奶的体积相同，用天平测出等体积水的质量，由ρ＝得出体积，从而可根据质量和体积求出酸奶的密度。【解答】解：（1）使用天平时，将天平放在水平桌面上，先将游码归零，然后调节平衡螺母使天平横梁平衡；（2）由图甲可知，天平标尺的分度值为0.2g，一个酥梨的质量：m＝20g+20g+5g+3g＝48g，水的体积为：由图乙可知，量杯的分度值为2mL，水和酥梨的总体积为：V2＝80mL，则一个酥梨的体积V＝V2﹣V1＝80mL﹣40mL＝40mL＝40cm3，酥梨的密度ρ＝＝＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；（3）实验步骤：①用天平测出空烧杯的质量m1。②在烧杯内装入一定量的水，并在水面的位置做一个标记，用天平测出水和烧杯的总质量m2。③将烧杯中的水倒出擦干，然后装满酸奶，用天平测出烧杯和酸奶的总质量m3；则水的质量m水＝m2﹣m1，由ρ＝可求得，水的体积V水＝，酸奶的质量m酸奶＝m3﹣m1，酸奶的体积等于烧杯内水的体积，V酸奶＝V水＝，④酸奶的密度ρ酸奶＝＝＝ρ水。故答案为：（1）平衡螺母；（2）48；40；1.2×103；（3）将烧杯中的水倒出擦干；ρ水。【点评】本题考查天平的调节、密度公式的运用，这些都是我们学习密度测量必须掌握的知识点；对于酸奶密度的测量实验，由于没有量筒，所以用到了等效替代法，利用了水和酸奶的体积相等。19．（6分）用天平和量筒测定盐水的密度。请完成以下任务：.（1）对天平进行调节，正确的顺序是BCA。A.调节天平的平衡螺母，使天平横梁平衡B.把天平放在水平台面上C.把游码放在标尺的零刻度线处（2）将烧杯中一定体积的盐水倒入量筒中，记下量筒中盐水体积V并填入表中，用天平称量此时烧杯和剩余盐水的总质量M并填入表中；再重复上述操作2次，将实验数据记录表中。第2次测量中，当天平平衡时，所用砝码、游码的位置如图所示，则此时烧杯和液体的总质量为53.8g；实验次数123倒出液体体积V/cm310.020.030.0烧杯和液体的总质量M/g66.242.2（3）根据表格数据可得，盐水密度是1.2g/cm3。【分析】（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻度线处，调节天平的平衡螺母，使天平横梁水平平衡；（2）物体质量等于砝码质量与游码对应的示数之和；（3）根据实验1和3可以求出20cm3的盐水的质量，根据密度公式求出盐水密度的大小。【解答】解：（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻度线处，调节天平的平衡螺母，使天平横梁水平平衡，故正确顺序为BCA；（2）烧杯和液体的总质量为为：m＝20g+20g+10g+3.8g＝53.8g；（3）根据实验1和3可知，倒出的盐水的体积为：V＝30.0cm3﹣10.0cm3＝20.0cm3；倒出的盐水的质量为：m＝66.2g﹣42.2g＝24g；盐水的密度为：ρ=mV=故答案为：（1）BCA；（2）53.8；（3）1.2。【点评】本题是液体密度的测量实验，考查了天平的调节、天平的读数和密度的计算，难度不大。20.【答案】54

20

2.7g/cm【解析】解：物体的质量为：m=50g+4g=54g；

水的体积为20ml，水和物体的体积为40ml，所以物体的体积为：V=40ml−20ml=20ml=20cm3

物体的密度为：ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3。

故答案为：54；

20；

2.7g/cm321．（7分）某玻璃厂要研发一款新型玻璃，要求每平方米能承受5.5×105N的撞击力。测试时，取一小块玻璃样品（质量可不计），平放在如图甲所示电路中的压力传感器上。闭合开关S，释放重物，经撞击后玻璃仍完好无损，电流表的示数随时间变化的图像如图乙所示（不考虑t0时刻之后的情况）。已知压力传感器的阻值RN随压力F变化的图像如图丙所示；玻璃受到最大撞击力时与重物的接触面积S0＝10cm2；电源电压U＝27V，定值电阻R0＝20Ω。（1）从重物开始下落到撞击玻璃样品前的2s内，电流通过压力传感器所做的功。（2）玻璃样品受到的最大撞击力，及此时压力传感器的电功率。（3）请通过计算说明该样品是否满足设计要求。【考点】电功率的计算；功的计算和公式的应用．【分析】（1）由图乙可看出撞击玻璃样品前的电流，利用欧姆定律求出定值电阻两端的电压，知道电源电压可求压力传感器两端的电压，再利用W＝UIt求出撞击玻璃样品前的100s内电流通过压力传感器所做的功；（2）由图象可看出样品受到的最大撞击力时的最大电流，然后根据串联电路特点和欧姆定律求出压力传感器电阻，再由图丙求出最大撞击力；根据P＝UI求出受到的最大撞击力时压力传感器的电功率；（3）先根据压强公式求出设计要求玻璃能承受的压强和样品受到的最大压强，然后进行比较即可判断该样品是否满足设计要求。【解答】解：（1）重物撞击玻璃样品前，传感器的阻值不变，则电路中电流不变，由图乙知，撞击前，最小电流Imin＝0.2A，由I＝可得，定值电阻R0两端的电压：U0＝IminR0＝0.2A×20Ω＝4V，压力传感器两端的电压：UN＝U﹣U0＝27V﹣4V＝23V，则电流通过压力传感器2s所做的功：WN＝UNImint＝23V×0.2A×2s＝9.2J。（2）由丙图可知：压力越大，传感器的电阻越小，则电流越大；由图乙知，当样品受到最大撞击力时，电流最大为Imax＝0.9A，此时电阻R0两端电压：U0′＝ImaxR0＝0.9A×20Ω＝18V，则压力传感器两端的电压：UN′＝U﹣U0′＝27V﹣18V＝9V，所以，此时压力传感器的阻值：RN＝＝＝10Ω，由图丙知，RN＝10Ω时，压力传感器受到的最大撞击力为600N，即样品受到的最大撞击力：Fmax＝600N。则受到的最大撞击力时压力传感器的电功率：PN＝UN′Imax＝9V×0.9A＝8.1W。（3）按设计要求可知玻璃能承受的压强：p＝＝＝5.5×105Pa，样品受到的最大压强：pmax＝＝＝6×105Pa＞5.5×105Pa，即：pmax＞p，且经撞击后玻璃仍完好无损，所以该样品满足设计要求。答：（1）从重物开始下落到撞击玻璃样品前的2s内，电流通过压力传感器所做的功是9.2J；（2）玻璃样品受到的最大撞击力为600N；受到的最大撞击力时压力传感器的电功率是8.1W；（3）该样品满足设计要求。【点评】本题是一道力电综合应用题，考查了求电功、电功率、撞击力、判断样品是否符合要求等，由图象求出电流是正确解题的前提与关键，应用串联电路特点、欧姆定律、压强公式即可正确解题。六、综合题（每空1分，共计12分）22．【答案】（1）解：由题意可知甲对地面的压强为p答：甲对地面的压强为5880Pa；（2）解：由题意可知距水面0.1m处水的压强为p答：距水面0.1m处水的压强为980Pa；（3）解：由于柱形容器，根据p=FS其中F水、ρ水、g、V水不变，所以V排不变，则甲被截取部分的体积为Δ由密度公式ρ=mV则甲被截取部分的质量为Δ则甲对地面的压强变化量Δp甲为Δ即Δ答：甲对地面的压强变化量196Pa。【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用【解析】【分析】（1）根据公式p=F（2）根据公式p＝ρgh，可求出液体压强；

（3）根据公式p=F23．解：（1）时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由图示可以看出，甲液体的温度升高的快，乙液体温度升高的慢；利用热量的计算公式Q放＝cm△t可知，在质量相等、吸热也相同的情况下，温度升高得慢，其比热容大，即乙液体的比热容大；所以若A、B两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是乙液体；（2）由图可知：液体的初温是20℃，加热4分钟后乙液体（水）的末温是60℃，则水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×104J。另一种液体与水吸收的热量相同，也是8.4×104J，由Q吸＝c液m液（t液﹣t0）得：8.4×104J＝c液×0.5kg×（100℃﹣20℃），解得：c液＝2.1×103J/（kg•℃）。故答案为：乙；吸收相同热量时，乙温度变化慢；2.1×103J/（kg•℃）；8.4×104。24．【答案】（1）高温烧煮；保温焖饭时电路中电流是0.1A；（2）此次烧煮过程利用电能的效率是70%；（3）若只要求高温烧煮挡的功率提升10%，改进措施：把R1的阻值改为40Ω，R2的阻值改为2160Ω。【解答】解：（1）开关S置于1位置时，两电阻串联，根据串联电阻的规律，电路的总电阻较大，电源电压不变，由P＝UI＝可知此时电路的总功率较小，电饭锅处于保温焖饭挡；开关S置于2位置时，R2短路，电路为R1的简单电路，此时电路的电阻较小，总功率较大，电饭锅处于高温烧煮挡；由串联电阻的规律及欧姆定律，保温焖饭时电路中电流：I保温＝＝＝＝0.1A；（2）高温烧煮的功率：P高温＝＝＝1100W，此次做饭消耗的电能：W＝P高温t高＝1100W×16×60s＝1.056×106J，1个标准气压下水的沸点为100℃，将一满壶初温为20℃的水烧开，水需要吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（100℃﹣20℃）＝7.392×105J；此次烧煮过程利用电能的效率：η＝×100%＝×100%＝70%；（3）高温烧煮挡的功率提升10%后的功率：P高温′＝P高温（1+10%）＝1100W×110%＝1210W，由P＝UI＝可知，改进后R1的阻值：R1′＝＝＝40Ω，由题意可知，保温功率不变，则保温时的总电阻不变，即R1′+R2′＝R1+R2，则改进后R2的阻值：R2′＝R1+R2﹣R1′＝44Ω+2156Ω﹣40Ω＝2160Ω，因此改进措施为：把R1的阻值改为40Ω，R2的阻值改为2160Ω。答：（1）高温烧煮；保温焖饭时电路中电流是0.1A；（2）此次烧煮过程利用电能的效率是70%；（3）若只要求高温烧煮挡的功率提升10%，改进措施：把R1的阻值改为40Ω，R2的阻值改为2160Ω。25．甲、乙不需要1.5N4N【解析】（1）[1]由甲、乙两图接触面相同，接触面受到的压力不同，弹簧的拉力不同，由此可知：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）[2]实验后小丽用原器材重新设计了如图丁所示的实验装置，因为木块受到的滑动摩擦力的大小只与木块对木板的压力、接触面的粗糙程度有关，与速度无关，所以使用该装置测量木块与木板间滑动摩擦力时不需要匀速拉动长木板。[3]当F为3N时，木块相对于地面静止，由乙图可知木块与木板之间的摩擦力为1.5N，长木板刚好做匀速直线运动，则长木板受到地面的摩擦力大小为（3）[4]由图3可知：物体C在0s时静止，4s时加速运动，7匀速运动；根据二力平衡可知：滑动摩擦力的大小等于物体做匀速运动时的拉力，匀速运动时物体受到的拉力为4N，滑动摩擦力的大小不变，也为4N；物体C在第4秒时受到的滑动摩擦力4N，拉力大于滑动摩擦力，物体处于加速运动状态。B卷1．D【解析】A．串联电路中电流处处相等，由图知两灯串联，则流过L1的电流与流过L2电流大小相等，故A错误；B．铜导线中含有大量的自由电子，开关闭合后，该电路中的电流是由自由电子定向移动形成的，故B错误；C．干电池工作时，将化学能转化为电能，故C错误；D．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，而电子带负电，所以金属导线中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故D正确。故选D。2．A【解析】A．树荫下的阴影是光的直线传播现象，光斑才是小孔成像，所以A错；B．人配戴该透镜可以矫正远视眼，B正确；C．桥在水中的倒影是光的反射现象，是平面镜成像，所以C正确；D．变方的太阳是光在传播过程中由于空气密度的不均匀造成偏折，属于光的折射现象。D正确。故选A。3．D【解析】A．图甲中，实验的安装顺序应自下而上，并选择颗粒较小的冰块进行实验，使冰块受热均匀，故A错误；B．冰的熔化过程需要吸热，温度不变，冰有一定的熔点，说明冰是晶体，故B错误；C．比较图乙中AB段与CD段可知，质量相同的冰和水升高相同的温度，水吸收的热量多，可以得出冰的比热容比水的小，故C错误；D．图丙中，水的沸点是98°，说明水面上方的气压小于一个标准大气压，故D正确。故选D。4．BD【解析】A．物体B的重力由图可知，，不计绳重及滑轮的摩擦，A右侧绳子对滑轮组的拉力因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力故A错误；B．用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，又因为A右侧绳子对A的拉力和对滑轮组的拉力由同一根绳子承担，所以两个拉力大小相等，由力的平衡条件可得，此时水平向左的拉力故B正确；C．拉力端移动速度拉力做功的功率故C错误；D．匀速提升物体B时，A对滑轮组的拉力因为滑轮组的机械效率所以此时滑轮组的机械效率故D正确。故选BD。5．ACD【解析】AB．由电路图可知，电路是R1、R2组成的串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2左半部分的电压。当滑片滑动到最左端时，接入的阻值为0Ω，电压表V2示数为0V，电路中总电阻最小，