2026届广东广州市铁一中学高三下学期适应性考试物理试题（含答案）

第第页2026届广东广州市铁一中学高三下学期适应性考试物理试题一、单选题1．下列说法正确的是（）A．甲图为天安门广场阅兵上亮相的激光武器，激光作为电磁波，传播需要介质B．卢瑟福通过乙图中的实验提出了原子的核式结构C．丙图显示了α、β、γ三种射线从粒子源射入匀强磁场后的运动轨迹，其中③轨迹代表α射线D．丁图中，把核子分开需要能量是为了克服核子间的万有引力2．在测试某款机器人运动性能时，记录了机器人从静止开始沿直线运动的整个过程内a与t的关系。如图所示，其中0~4s内加速度a未知，16s时刚好停止运动，则（）A．机器人在0~4s内的加速度B．机器人在4~10sC．机器人在0~4sD．机器人在10s3．武打片中经常有飞檐走壁的镜头，其实这是借助悬绳拍摄产生的效果，某演员（未画出）在下列四种拍摄场景中均在空中做匀速运动，由绳①和绳②连接演员，若忽略绳所受重力，则绳①受力最小的是（）A． B．C． D．4．电动平衡车作为一种电力驱动的运输载具，被广泛应用在娱乐、代步、安保巡逻等领域。质量为m的平衡车进行空载测试时，以初速度v0在水平地面上沿直线做加速运动，电动机输出功率恒为额定功率P，经历时间t平衡车达到的最大速度为vmA．平衡车受到的阻力为8B．平衡车在时间t内的位移大小等于8C．平衡车初始时的加速度大小为PD．在时间t内阻力做的功为P5．随着科技的发展，载人飞船绕太阳运行终会实现。如图所示，Ⅰ、Ⅲ轨道分别为地球和火星绕太阳运动的圆轨道，Ⅱ轨道假设是载人飞船的椭圆轨道，其中点A、C分别是近日点和远日点，B点为轨道Ⅱ、Ⅲ的交点，若运动中只考虑太阳的万有引力，则（）A．载人飞船的运动周期小于1年B．载人飞船在C点的速率小于火星绕日的速率C．载人飞船在Ⅰ轨道上A点的速率大于在Ⅱ轨道上A点的速率D．在相同时间内，载人飞船沿轨道Ⅰ运行时与太阳连线扫过的面积和沿轨道Ⅱ运行时与太阳连线扫过的面积相等6．如图所示，x轴上有两列正弦波的一个完整波形分别沿x轴正、负方向传播，波长均为λ=4m，波速均为v=1m/s，振幅均为A=10cm。t=0时刻波形如图所示。则x=6m处的质点P的振动图像符合实际的是（）A．B．C．D．7．如图所示，倾斜的足够长光滑平行金属导轨下端接阻值为R的定值电阻，匀强磁场B垂直导轨平面向下（图中未画出），电阻为r的金属棒在沿斜面向上的恒力F作用下由静止开始沿导轨向上运动，不计其他电阻，金属棒与导轨始终垂直且接触良好。下列说法正确的是（）A．金属棒机械能的增加量等于恒力F和重力做功之和B．运动过程中通过电阻R的电荷量与金属棒的位移成正比C．回路中电阻R的发热功率等于金属棒克服安培力做功的功率D．金属棒向上做加速度增大的加速直线运动二、多选题8．如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（）A．用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大B．t=0.015s时穿过线圈的磁通量为零C．将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的1D．若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大9．水平桌面上，一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动，物体通过的路程等于s0时，速度的大小为v0，此时撤去F，物体继续滑行A．在此过程中F所做的功为1B．在此过中F的冲量大小等于3C．物体与桌面间的动摩擦因数等于vD．F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍10．一束由两种频率不同的单色光组成的复色光从空气射入玻璃三棱镜后，出射光分成a、b两束，如图所示，则a、b两束光（）A．垂直穿过同一块平板玻璃，a光所用的时间比b光长B．从同种介质射入真空发生全反射时，a光临界角比b光的小C．分别通过同一双缝干涉装置，b光形成的相邻条纹间距大D．若照射同一金属都能发生光电效应，b光照射时逸出的光电子最大初动能大三、实验题11．（1）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz。纸带上计数点的间距如图；（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。

①部分实验步骤如下：A.测量完毕，关闭电源，取出纸带B.接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C.将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D.把打点计时器固定在平板上让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5=。④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=。12．在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠（2.5V，0.6W），滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干．①粗测小电珠的电阻，应选择多用电表倍率的电阻挡（请填写“×1”、“×10”或“×100”）；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图(c)，结果为Ω．②实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图(d)完成实物图(e)中的连线．③开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于端．为使小电珠亮度增加，P应由中点向端滑动．④下表为电压等间隔变化测得的数据，为了获得更准确的实验图象，必须在相邻数据点间多测几组数据（请填写“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”）数据点abcdefU/V0.000.501.001.50.2.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244四、解答题13．如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中．当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强=76cmHg．（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280K后，为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？14．在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ＝60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，如图所示．不计粒子重力，求（1）M、N两点间的电势差UMN；（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t．15．长度L=7m、质量M=1kg的木板C静止在粗糙的水平地面上，木板上表面左右两端各有长度d=1m的粗糙区域，中间部分光滑。可视为质点的小物块A和B初始时如图放置，质量分别是mA=0.25kg和mB=0.75kg，A、B与木板粗糙区域之间的动摩擦因数均为μ1=0.2，木板与水平地面之间的动摩擦因数为μ2=0.3.某时刻对木板施加F=8N的水平恒力，木板开始向右加速，A与B碰撞后粘在一起不再分开并瞬间撤去F，取g=10m/s2，求：(1)物块A与B碰后瞬间的速度大小；(2)最终物块A与木板C左端的距离。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、激光属于电磁波，电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播，故A错误；B、乙图是α粒子散射实验，卢瑟福根据该实验现象提出原子的核式结构模型，故B正确；C、根据左手定则，α射线带正电向左偏转对应轨迹②，β射线带负电向右偏转对应轨迹③，γ射线不带电沿直线对应轨迹①，故C错误；D、核子分开需要克服的是核力，不是万有引力，核力远大于万有引力，故D错误；故答案为：B。【分析】A、考查电磁波传播特性，电磁波不需要介质，机械波传播才需要介质。B、考查α粒子散射实验物理史实，该实验是原子的核式结构学说的实验基础。C、考查三种射线带电性质与洛伦兹力偏转，利用左手定则判断正负粒子偏转方向，不带电粒子不偏转。D、考查核力概念，原子核内核子依靠核力结合，分开核子需要克服核力作用。2．【答案】A【解析】【解答】A、a‑t图像与时间轴围成的面积代表速度变化量，机器人初速度为0，16s末速度同样为0，全过程速度总变化量等于0。0‑4s速度增量为4a，10‑16s对应的三角形面积为12×(16−10)×(−1.2)=−3.6，4‑10s加速度为0速度不改变；由4a−3.6=0解得a=0.9m/s2，故A正确；

B、4~10s内加速度等于0，机器人速度保持恒定，做匀速直线运动，并非静止，故B错误；

C、0‑4s机器人做初速度为零的匀加速直线运动，位移x=12at2=12×0.9×423．【答案】A【解析】【解答】分析演员的受力情况，演员受到自身重力、绳①的拉力F1、绳②的拉力F2；绳②拉力方向保持不变，绳①拉力方向发生改变，三个力共同作用使演员处于平衡状态，三个力可以闭合构成矢量三角形，借助动态矢量三角形开展分析。重力mg大小方向固定，F2方向固定，F1方向转动变化；由矢量三角形几何特征可得，当绳①拉力F1和绳②故答案为：A。

【分析】考查动态共点力平衡，解题思路：确定研究对象，梳理全部受力，明确哪个力大小方向不变、哪个力方向固定、哪个力方向可变；画出闭合矢量三角形，结合几何关系判断分力极值条件，记住合力恒定、一个分力方向固定时，两拉力互相垂直，可变分力取得最小值，再对照各个选项的绳的夹角选出答案。4．【答案】C【解析】【解答】当平衡车达到最大速度时，牵引力等于阻力，由功率公式P=Fvm=fvm，已知vm=P8mg，代入可得阻力f=Pvm=8mg。

A、平衡车速度最大时牵引力等于阻力，计算得到阻力f=8mg，选项给出的阻力表达式与推导结果不符，故A错误；

B、平衡车保持额定功率加速，属于加速度逐渐减小的变加速运动，不满足匀变速直线运动平均速度公式，位移不能用平均速度乘以时间求解，故B错误；

C、初始时刻速度为v0，瞬时牵引力F0=Pv0，根据牛顿第二定律F0−f=ma，将f=8mg代入，化简可得a=Pmv05．【答案】B【解析】【解答】A、根据开普勒第三定律a3T2=k解得v火=GMrB；飞船在椭圆轨道Ⅱ的C点，做向心运动，万有引力大于所需向心力，即GMmrC2>mvC2rC，得v6．【答案】A【解析】【解答】由题意可知，可看成是两波源位移x1=1m和x2=12m沿x轴负方向传播的波传播到质点P所需的时间为t所以质点P在1s时仅在沿x轴正方向传播的波的作用下开始沿y轴负方向振动，振幅为10cm；2s时沿x轴负方向传播的波也传播到质点P，又因为机械波的周期为T=此时质点P在振动到−10cm；3s时沿x轴正方向传播的波使质点P振动T2沿x轴负方向传播的波使质点P振动T4，位移为所以，此时质点P的位移为y=故答案为：A。

【分析】本题考查波的传播与叠加，先求周期，再分析两列波传到质点P的时间，结合振动叠加规律判断振动图像。7．【答案】B【解析】【解答】A、除重力之外其他力做功等于机械能增量，本题中恒力F做正功，安培力做负功，机械能增加量等于恒力F与安培力做功之和，重力做功不改变机械能，故A错误；

B、通过回路电荷量公式q=ΔΦR+r=BLxR+r，B、L、R、r均不变，因此q和位移x成正比，故B正确；

C、金属棒克服安培力做功的功率等于整个回路总热功率（R与r共同发热），大于电阻R单独的发热功率，故C错误；

D、沿斜面方向由牛顿第二定律：F‑mgsin⁡θ‑F安=ma，F安=8．【答案】B,D【解析】【解答】A、用电高峰期滑片向下移动，R2接入阻值减小，副线圈总负载电阻变小。升压变压器输出电压U2不变，输电线路电流增大，R1分压增大，降压变压器输入电压U3减小，所以降压副线圈电压（电压表示数）变小，故A错误；

B、t=0.015s时刻，感应电动势瞬时值达到峰值6902V，感应电动势最大，线圈边垂直切割磁感线，此时穿过线圈的磁通量等于0，故B正确；

C、输送功率P不变，输电电压提升为原来10倍，由I=PU可知输电电流变为原来110；线路损耗功率ΔP=I2R1，损耗功率变为原来1100，不是110，故C错误；

9．【答案】B,C【解析】【解答】A．由于水平恒力F=3mvA不符合题意；B．物体做匀加速直线运动，其平均速度等于初末速度之和的一半，由平均速度公式可知，外力F作用时间t由于水平恒力F=3mvB符合题意。CD．当作用在物体上的外力撤去前，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知F−μmg=ma由速度位移公式有v0当作用在物体上的外力撤去后，物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可知−μmg=ma由速度位移公式有−v由①②③④可得，水平恒力F=动摩擦因数μ=滑动摩擦力F从表达式可知F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的3倍，C符合题意，D不符合题意；故答案为：BC。

【分析】利用牛顿第二定律可以求出物体加速和减速过程的加速度大小，结合速度位移公式可以求出水平恒力和动摩擦因数的大小，利用摩擦力的表达式可以求出摩擦力的大小；利用拉力和路程可以求出拉力做功的大小；利用位移和平均速度可以求出拉力作用的时间；结合拉力的大小可以求出拉力冲量的大小。10．【答案】A,B,C【解析】【解答】由题图可知三棱镜中a光偏折程度更大，故玻璃对a光折射率na>nb，a光频率更高、波长更短。

A、光在介质中传播速度v=cn，na大，则va更小；垂直穿过厚度相同平板玻璃，路程等于玻璃厚度，t=dv=ndc，n越大时间越长，因此a光用时比b光长，故A正确；

B、全反射临界角公式sin⁡C=1n，折射率越大临界角越小，na>nb，所以a光临界角小于b光临界角，故B正确；

C、双缝干涉相邻条纹间距Δx=Ldλ，b光折射率小，波长λb11．【答案】DCBA；0.10；s4+【解析】【解答】①实验操作：先固定打点计时器，再安装小车与纸带，接着接通电源释放小车，实验结束关闭电源取纸带。步骤顺序：DCBA。

②打点计时器频率f=50Hz，打点周期T0=1f=0.02s；每相邻两点间还有4个点未画出，相邻计数点时间间隔：T=5×0.02=0.10s

③匀变速直线运动，中间时刻瞬时速度等于这段的平均速度，计数点5是4、6的中间时刻：

v5=s4+s52T

④采用逐差法充分利用全部6段位移，分为前3段、后3段：a=(s4+s5+s612．【答案】×1；8；；a；b；ab【解析】【解答】①先计算小电珠正常工作电阻：R=U2P故答案为：×1；8；

②电流表的电阻也就几欧，与电压表几千欧相比，小电珠算小电阻，所以电压表必须外接，伏安特性曲线要求电压从0开始逐渐变大，所以滑动变阻器必须与电压采用分压接法．故答案为：；

③分压电路滑片初始置于a端时，小电珠两端电压等于0；滑片由a向b移动过程，小电珠两端分得的电压会逐步增大。

故答案为：a；b；

④ab支路电流增量为0.122A，其余支路电流增量大约0.03A，为了多组采集数据，需要在ab支路依次取0.030A、0.060A、0.090A，分别测出小电珠对应的电压。

故答案为：ab；

【分析】①利用R=U2P算出灯泡额定电阻，根据阻值大小选欧姆表倍率挡位，读取表盘示数得到电阻测量结果；考查公式R=U2P、多用电表欧姆挡挡位选择。

13．【答案】(1)设玻璃管横截面积为S。

初始状态：由水银液面受力平衡：p1+16cmHg=p0

已知p0=76cmHg，算出p1=60cmHg；气柱长度L1=22cm，温度T1=280K。

左端水银面下降3cm，右端水银面上升3cm，新的液面高度差：Δh=16−3−3=10cmHg

此时气体压强：p2+10cmHg=76cmHg,p2=66cmHg

气柱长度L2=22+3=25cm。

根据理想气体状态方程：p1L1ST1=p【解析】【分析】(1)先利用U形管水银面高度差求出初始封闭气体压强；液面移动时，一侧下降多少另一侧就上升多少，更新高度差与气体压强；代入理想气体状态方程p1V1T1=p2V2T14．【答案】【解答】(1)通过矢量的方向列方程，设粒子过N点时的速度大小为v，方向即夹角为θ=60°已知，几何关系有：v0v=粒子从M点运动到N点的过程电场力做功，由动能定理得：qUMN＝12mv2−12U(2)粒子在磁场中以O1为圆心做匀速圆周运动，半径为r，

有qvB＝mv2r

同除以v变形qB＝mvr(3)几何关系整理，O1N与入射速