2026-2027学年沪粤版中考物理能力提升模拟卷含答案和解析

第页2026-2027学年沪粤版中考物理能力提升模拟卷(含答案和解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示物态变化的实例中，形成过程属于凝固的是（）A．冰 B．露珠 C．雾 D．霜2．在生产和生活中，人们常以密度作为所选材料的主要考虑因素，如：用密度较小的铝合金作为飞机外壳的主要材料等。下面属于主要从密度的角度考虑选材的是（）A．用塑料做电源插座的外壳 B．用塑料泡沫做成表演场景中滚落的“石头” C．用水作为汽车发动机的冷却液 D．用橡胶做汽车轮胎3．如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A．木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力 B．木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力 C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力 D．木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力4.“烟花映昆池⋅弄潮秦创原”，2月5日元宵节，一场绚丽的焰火晚会在西咸新区昆明池拉开帷幕，昆明池上空一片流光溢彩、焰火璀璨(如图)。有关烟花表演，下列说法正确的是(

)A.灿烂的烟花不是光源

B.人们看到灿烂的烟花属于光的直线传播

C.先看到焰火后听到爆炸声，说明声速比光速快

D.烟花在水中的倒影是光的折射形成的

5.如图所示的电路中，电源电压不变，R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大值为60，小灯泡L的额定电压为5V，电流表的量程(0−3A).只闭合S2时，电流表的示数为0.4A；只闭合S3，且滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A(不考虑灯丝的电阻变化).当开关S1、S2、A.电源电压为10V B.电路中小灯泡电阻为5Ω

C.电流表的变化范围为0−0.8A D.变阻器R2的可调范围为6.2022年12月4日，“神舟十四号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱在进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球，而舱内的航天员和设备却安然无恙。下列说法正确的是(

)A.飞船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能

B.飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能

C.飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，放出了大量的热保护了飞船

D.飞船通过黑障区过程是惯性造成的，所以飞船重力没有做功7．将一密度均匀的正方体轻轻放入盛满浓盐水的大烧杯中，静止后有72g浓盐水溢出；若将该物体轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有64g煤油溢出（浓盐水密度为1.2×103kg/m3，煤油密度为0.8×103kg/m3），以下说法中（）①该物体前后两次所受浮力之比为9：8②该物体前后两次排开液体体积之比为4：3③该物体的密度为0.9×103kg/m3④该物体在煤油中可能沉底或悬浮A．只有①③正确 B．只有②③正确 C．只有①④正确 D．只有②④正确二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．你认为下列数据中最接近事实的是A．水杯的高度约为10dmB．家庭常用LED台灯的功率约为10WC．中学生的体重约为50ND．濮阳市夏天的平均气温约为48℃9．如图所示，电源电压为12V保持不变，R1＝10Ω。只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，则R1两端的电压U1＝V，R2＝Ω；当断开开关S，闭合S1、S2时，则电流表的示数为A。10.如图所示，为某同学设计的冷热水混合淋浴器。图中水平连接部分管径较细，冷水流经此处时，流速大，压强______，瓶中的热水在______的作用下上升，与冷水混合得到温水。

11.如图所示，物体的质量为500kg，斜面的长L为高度h的2.5倍，物体沿斜面向上匀速运动的速度为2m/s，若滑轮的效率是80%，斜面的效率是70%，则绳子拉力F为______N，拉力F做功的功率为______W。

12．如图1所示，磁性黑板刷吸附在竖直悬挂的磁性黑板上静止不动。黑板刷受到的重力与黑板对它的力是一对平衡力。小明在棠湖公园拾到一块漂亮的小石块，他到学校实验室用天平测量小石块的质量。如图2，他操作中的错误是。13．如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为20s，拉力为50N，拉力的功率是W，动滑轮的机械效率是。14.______叫做压强．压强的计算公式是______，单位是______.压强的大小同时受______、______两个因素影响，压力大，______不一定大．三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.在图中，重为6牛的物块放在水平地面上，请用力的图示法画出该物块所受的支持力F。16.根据图中小磁针N极的指向，标出磁感线方向、通电螺线管的N、S极，并在括号内标出电源的正、负极。17．如图所示，一粗糙水平传送带始终以速度v匀速运动（顺时针），现将一物体轻放于传送带上，请画出物体刚放到传送带上时，物体所受重力及传送带对物体摩擦力的示意图。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．为了探究平面镜成像特点，同学们准备了带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B。（1）该实验采用透明薄玻璃板代替日常使用的平面镜，能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛的像，从而确定；（2）当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的像（“变大”、“变小”或“不变”）；（3）实验过程中，如果只将玻璃板竖直向上提升10cm，那么蜡烛在玻璃板中的像（“上移10cm”、“下移10cm”或“位置不变”）。（4）实验中，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合时，撤去蜡烛B并在原蜡烛B的位置放一光屏，人眼（“透过玻璃板观察”或“直接观察”）光屏，通过是否能看到光屏上蜡烛A的像，判断平面镜所成像的虚实。19.如图是“研究液体内部的压强”的实验(U形管所装液体是水)。

(1)甲图中的压强计是通过观察U形管中液面高度差的大小来反映______的大小，这种实验方法叫______法；

(2)仪器调试好后进行实验，得到图乙、丙、丁的结果，由此可知：______；

(3)比较丁图和戊图，说明同一深度，液体压强还与______有关；

(4)另一同学在丁图的基础上，向容器内加入适量的浓盐水，发现U形管两侧液面的高度差变大了，于是得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论，该探究过程是______(选填“正确”或“错误”)的，理由______。20.在“测定小灯泡的电阻”实验中，有如下器材：电压表、电流表、开关、电压为6V的电源、正常发光时电压是3.8V的小灯泡，阻值约为10Ω、标有“20Ω，1.5A”的滑动变阻器，导线若干．

(1)请用笔画线代替导线，按照图甲所示的电路图，将图乙的实物电路连接完整(要求连线不得交叉，电流表的量程选择要恰当)；

(2)连接电路前开关要______，滑动变阻器的滑片P应移动______(左/右)端

(3)甲组同学连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭．

检查后，发现连线正确，请你找出实验中两个操作不当之处：

①______

②______．

(4)乙组同学闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数．出现故障的原因可能是______

(多选)

A.灯泡断路

B.灯光短路

C.滑动变阻器短路

D.滑动变阻器连入的电阻太大．

(5)下表是按正确的操作测得的数据，从表中计算出三次小灯泡的阻值______，(选填“相同”或“不同”)其原因是______．实验次数123电压U/V2.03.03.8电流I/A0.330.340.40电阻R/Ω6.08.89.5(6)如图丙、丁所示，为某同学用伏安法测电阻时两个电表的示数及连接情况，电流表读数是______A，电压表的读数是______V，被测电阻R的大小是______Ω.五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图是某太阳能热水器，向其中注入50kg水，阳光照射一段时间后，水温从10℃升高到50℃。水的比热容是4.2×10³J/（kg·℃）。试求：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是多少？（2）如果这段时间该太阳能热水器接收到太阳辐射的热量是2.8×107J，则这段时间该热水器的效率是多少？（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧多少千克煤？（煤的热值约为3.5×107J/kg）22．2016年底，武汉首条BRT（快速公交）车道即将开通，近期规划的一条BRT专线，如图2所示，从武昌火车站到规划中的流芳火车站，全长13.2公里。BRT开通后，公交车的行车最大速度将由原来的40km/h提升到60km/h。（1）这将意味着市民搭乘BRT专线从武昌火车站到规划中的流芳火车站，按最大速度计算将比原来至少节约min．武汉BRT采取双模式纯电动公交系统，即在有架空充电线网时可充电行驶，没有架空充电线网时，利用动力电池继续行驶。利用动力电池行驶时，该公交车发生的能量转化是。（2）前轮钢轮在轨道上静止时，整车重的70%都由钢轮承受，如图3所示，则整车的重心距离车尾多少米？（3）若BRT公交车利用动力电池按最大速度匀速行驶时，受到的阻力为960N，将电能转化为机械能的效率为80%；充电行驶时前橡胶轮缩回车底，用伸出的钢轮代替，相同时间内电池电能的输出将节约50%．若充电电压为5000V，充电电流约为10A，要保证BRT公交车在没有架空充电线网的城区持续运行12km，应至少在线充电运行多少小时？

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．如图所示，图甲是小谦同学研究调光灯的实验电路图，小灯泡规格是“6V3W”，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P在A点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R1，电压表的示数为4V，当滑动变阻器滑片P在B点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R2，电压表的示数为2V，且R2＝2R1，测绘出小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，电源电压保持不变。（1）根据小灯泡的I﹣U图象判断，小灯泡的阻值是否恒定（选填“恒定”或“不恒定”），用物理知识解释其原因是。（2）小灯泡正常发光时的电流是多少A？（3）小灯泡两端电压为2V时的实际功率是多少W？（4）电源电压是多少V？

24．如图所示，漂浮在水面上的塑料块质量为240g、体积为400cm3，柱形容器的底面积为100cm2且足够深，此时水的深度为16cm。在塑料块下方用细线悬吊一金属块（图中未画出），恰好能使塑料块浸没在水中，金属块没有接触容器且过程中没有水溢出，容器底受到水的压强变化了200Pa，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：（1）放入金属块前，水对容器底部的压强大小；（2）放入金属块前，塑料块所受的浮力大小；（3）金属块的密度。

25.阅读短文，回答问题．沼气制取与使用沼气是一种新型能源．通过秸秆、人畜粪便等发酵可获取沼气，利用沼气来烧水做饭、点灯照明．如图甲是一农户沼气池及使用沼气的示意图．为了有利于产气和保证燃烧用气时的压力相对稳定，该沼气池内的气压值应控制在1.08×105Pa∼1.12×105Pa之间．为了测量沼气池内的气压，设计了如图乙所示的电路．其中，电源电压恒为(1)沼气属于

(选填“可再生”或“不可再生”)能源．在烧水过程中，大量向外散失的能量不会自动再汇集回来，这说明能量的转化和转移是有

的．(2)一盏沼气灯与一盏40W白炽灯亮度相当．每天按3h计算，该农户使用这盏沼气灯一个月能节约

kW·h的电能．(一个月按30天计)(3)在一标准大气压下，沼气灶正常工作，将一壶质量为2.5kg、温度为20℃的水烧开，消耗沼气0.14m3.则沼气完全燃烧释放的热量为

J，该沼气灶烧水时的热效率约为

%.(水的比热容为(4)在图丙坐标系中画出力敏电阻RL与气压p之间的关系图线．当图乙电路中的电流表示数为0.2A时，该沼气池内的沼气压强为

Pa.该农户此时

(选填“能”或“不能”)使用这个沼气池中的沼气来正常烧火做饭．将图乙中电流表表盘的相关刻度值转化为对应的气压值，制成一个简易气压计，该气压计的刻度值分布是

(选填“均匀”或“不均匀”)的．参考答案及解析1．【解答】解：A、冰是水的凝固现象，故A正确；B、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故B错误；C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C错误；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在植被表面，故D错误。故选：A。2．（2分）在生产和生活中，人们常以密度作为所选材料的主要考虑因素，如：用密度较小的铝合金作为飞机外壳的主要材料等。下面属于主要从密度的角度考虑选材的是（）A．用塑料做电源插座的外壳 B．用塑料泡沫做成表演场景中滚落的“石头” C．用水作为汽车发动机的冷却液 D．用橡胶做汽车轮胎【解答】解：A、用塑料做电源插座的外壳是利用了塑料是绝缘体；B、用塑料泡沫做成表演场景中滚落的“石头”是利用了塑料泡沫的密度小，质量轻的特点；C、用水作为汽车发动机的冷却液是利用水的比热容大的特点；D、用橡胶做汽车轮胎是利用橡胶耐磨的特性。故选：B。3．（2分）如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A．木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力 B．木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力 C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力 D．木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力【考点】平衡力与相互作用力的辨别．【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、由图知，细线对木块的拉力斜向上，木块受到的摩擦力水平向左，所以木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力不在同一直线上，不是一对平衡力，故A错误；B、木块对细线的拉力和细线对木块的拉力，分别作用在细线和木块两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；C、木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力，分别作用在水平面和木块两个物体上，且大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对相互作用力，故C正确；D、木块对细线的拉力和手对细线的拉力，作用在同一物体上，不是相互作用力，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。4.【答案】B

【解析】解：A.烟花自身能够发光，属于人造光源，故A错误；

B.光在同种均匀介质中沿直线传播，人们看到灿烂的烟花属于光的直线传播，故B正确；

C.15℃时，声音在空气中的传播速度为340m/s，光在空气中的传播速度约为3×108m/s，故先看到焰火后听到爆炸声，说明光速比声速快，故C错误；

D.水面相当于平面镜，烟花在水中的倒影是光的反射形成的，故D错误。

故选：B。

(1)本身能够发光的物体叫光源，光源分为自然光源(如太阳)和人造光源(如发光的蜡烛)；

(2)光在同种均匀介质中沿直线传播；

(3)声音在空气中的传播速度远小于光在空气中的传播速度；

(4)5.【答案】D

【解析】解：(1)只闭合S2时，R1与灯泡L串联，电流表测电路中的电流；

因为串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1(R1+RL)=0.4A×(20Ω+RL)，

只闭合S3，且变阻器的滑片P在正中点时，灯泡L与滑动变阻器最大阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，电源的电压：U=I2(12R2+RL)=0.3A×(12×60Ω+RL)，

因为电源的电压不变，则有：

0.4A×(20Ω+RL)=0.3A×(12×60Ω+RL)

解得：RL=10Ω；

电源的电压U=0.4A×(20Ω+RL)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V；故AB错误；

(2)闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流；

当滑动变阻器接入电路中的电阻R2=60Ω时电流表的示数最小；

因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的最小示数：Imin=UR1+UR2=12V6.【答案】B

【解析】解：A.飞船“燃烧”是因为飞船和大气层之间发生摩擦，所以是通过做功的方式增加了内能，故A错误；

B.飞船通过黑障区时和大气层发生摩擦，需要克服摩擦做功，此时将机械能转化为内能，故B正确；

C.飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，是为了吸收大量的热去保护飞船，故C错误；

D.飞船受到重力，在重力方向上移动了距离，所以重力做功了，故D错误；

故选：B。

做功可以改变物体的内能，返回舱进入大气层，克服摩擦做功，使返回舱的内能增加、温度升高，为了保护返回舱，在外壳上有一层烧蚀层，先熔化后汽化，从飞船上吸收了大量的热。

做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。

此题考查了改变物体内能的方式和物态变化过程中吸热、放热现象，重点考查了学生运用所学知识分析问题的能力，是一道好题。

7．将一密度均匀的正方体轻轻放入盛满浓盐水的大烧杯中，静止后有72g浓盐水溢出；若将该物体轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有64g煤油溢出（浓盐水密度为1.2×103kg/m3，煤油密度为0.8×103kg/m3），以下说法中（）①该物体前后两次所受浮力之比为9：8②该物体前后两次排开液体体积之比为4：3③该物体的密度为0.9×103kg/m3④该物体在煤油中可能沉底或悬浮A．只有①③正确 B．只有②③正确 C．只有①④正确 D．只有②④正确【考点】物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理的应用．【专题】应用题；浮力；浮沉的应用；分析、综合能力．【分析】（1）由题知，大烧杯内原来装满浓盐水，放入木块后排开盐水的质量等于溢出盐水的质量，利用阿基米德原理求物体在盐水中受到的浮力；（2）利用F浮＝ρ水V排g求排开盐水的体积。假设物体在盐水中悬浮或下沉，物体的体积等于排开盐水的体积，在煤油中一定下沉，可得排开煤油的体积，利用m＝ρV求排开煤油的质量，和题目中溢出煤油的质量比较得出假设是错误的。所以物体在盐水中不能悬浮或下沉，物体在盐水中一定漂浮，则物体的重力等于受到的浮力；利用阿基米德原理F浮＝G排＝m溢g求物体受到煤油的浮力，和物体重力比较得出物体在煤油中的浮与沉，进而求出物体的体积，求出物体的质量，最后利用密度公式求物体的密度。【解答】解：①因为大烧杯内原来装满浓盐水，所以，由阿基米德原理可知，物体在盐水中受到的浮力：F浮盐水＝G排＝G溢水＝m溢水g＝0.072kg×10N/kg＝0.72N；物体在煤油中受到的浮力：F浮煤油＝G排＝G溢煤油＝m溢煤油g＝0.064kg×10N/kg＝0.64N；故该物体前后两次所受浮力之比为0.72N：0.64N＝9：8，故①正确；该物体前后两次排开液体体积之比为：＝＝＝＝3：4，故②错误；③④由F浮＝ρ水V排g得排开水的体积：V排水＝＝＝6×10﹣5m3，①假设物体在盐水中悬浮或下沉，则物体的体积：V＝V排水＝6×10﹣5m3，由于煤油的密度小于盐水，所以物体在煤油中一定下沉，则排开煤油的体积：V排煤油＝V＝6×10﹣5m3，排开煤油的质量应该为：m排煤油＝ρ煤油V排煤油＝0.8×103kg/m3×6×10﹣5m3＝0.048kg＝48g，因为m排煤油＜64g，所以物体在盐水中不能悬浮或下沉；②可见，物体在盐水中一定漂浮，则物体的重力G＝F浮＝0.72N，物体受到煤油的浮力：F浮煤油＝G排＝G溢煤油＝m溢煤油g＝0.064kg×10N/kg＝0.64N因为F浮煤油＜G，所以物体在煤油中下沉，故D错误。则物体的体积：V＝V排煤油＝V溢煤油＝＝＝80cm3，物体的质量：m＝＝＝0.072kg＝72g，物体的密度：ρ＝＝＝0.9g/cm3＝0.9×103kg/m3，故③正确，④错误。故选：A。【点评】本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，能确定物体在盐水中、煤油中的浮与沉是解题的关键，易错题！（多选8.（B【详解】A．水杯的高度约为10cm，故A不符合题意；B．一般台灯的功率在20W左右，家用节能灯的功率约为台灯功率的一半，在10W左右，故B符合题意；C．中学生的体重约为500N，故C不符合题意；D．濮阳市夏天的平均气温约为30℃，不可能达到48℃，故D不符合题意。故选B。9．（3分）如图所示，电源电压为12V保持不变，R1＝10Ω。只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，则R1两端的电压U1＝3V，R2＝30Ω；当断开开关S，闭合S1、S2时，则电流表的示数为1.6A。【解答】解：（1）只闭合开关S时，R1和R2串联，电流表测串联电路的电流；R1两端的电压为：U1＝IR1＝0.3A×10Ω＝3V；根据串联分压原理，R2两端的电压为U2＝U﹣U1＝12V﹣3V＝9V，R2的电阻为：R2＝＝＝30Ω；（2）当断开开关S，闭合S1、S2时，R1和R2并联，电流表测干路电流；根据欧姆定律可知，通过R1的电流为：I1＝＝＝1.2A，I2＝＝＝0.4A，电流表示数为I0＝I1+I2＝1.2A+0.4A＝1.6A。故答案为：3；30；1.6。10.【答案】小

大气压

【解析】解：冷水经过混合淋浴器最细部分时，由于管子突然变细，水流速度加快，细部分压强变的很小，热水壶中的热水在大气压的作用下被压上，进入混合器和冷水混合，变成温度适宜的温水，从而从淋浴器的喷头处流出。

故答案为：小；大气压。

流体的流速和压强的关系是：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。

该题考查了流体的流速和压强的关系，并能运用流体压强和流速的关系解释生活中有关流体压强的问题。11.【答案】1750

7000

【解析】解：(1)由题知，使用的是动滑轮，将重物拉到斜面顶端，拉力移动的距离：

s=2L=2×2.5h=5h，

使用该装置做的有用功：

W有用=Gh，

使用该装置做的总功：

W总=Fs=5Fh，

由于滑轮的效率是80%，斜面效率为70%，

故整个装置的机械效率为80%×70%。

η=W有用W总×100%=Gh5Fh=G5F=80%×70%=56%，

物体重力G=mg=500kg×9.8N/kg=4900N，

故拉力F=G5η=4900N5×56%=1750N；

(2)将重物拉到斜面顶端拉力移动的距离为斜面长的2倍，则v'=2v=2×2m/s=4m/s，

拉力F做功的功率P=Wt=Fst=Fv'=1750N×4m/s=7000W。

故答案为：1750；7000。

12．（4分）如图1所示，磁性黑板刷吸附在竖直悬挂的磁性黑板上静止不动。黑板刷受到的重力与黑板对它的摩擦力是一对平衡力。小明在棠湖公园拾到一块漂亮的小石块，他到学校实验室用天平测量小石块的质量。如图2，他操作中的错误是用手拿砝码。【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。（2）天平的注意事项中，砝码应该用镊子夹取。【解答】解：（1）磁性黑板刷吸附在竖直悬挂的磁性黑板上静止不动，处于平衡状态，黑板刷的重力与黑板对黑板刷的摩擦力，符合二力平衡的条件，是一对平衡力。（2）在测量物体质量时要用镊子夹取砝码，不能直接用手拿砝码，所以图中用手直接拿取砝码是错误的。故答案为：摩擦；用手拿砝码。【点评】本题主要考查学生对平衡力和相互作用力的辨别、天平的使用，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。13．如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为20s，拉力为50N，拉力的功率是15W，动滑轮的机械效率是80%。【解析】（1）使用动滑轮时，n＝2，则拉力端移动的距离：s＝2h＝2×3m＝6m，拉力做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，做功时间t＝20s，拉力F做功的功率：P＝＝＝15W；（2）所做的有用功：W有用＝Gh＝80N×3m＝240J，动滑轮的机械效率：η＝＝×100%＝80%。故答案为：15；80%。14.【答案】物体在单位面积上受到的压力；p=FS；Pa【解析】解：物体在单位面积上受到的压力叫压强．

物体受到的压强大小与压力和受力面积有关，所以计算公式为p=FS，单位为帕．

影响压力作用效果的因素是压力的大小和受力面积的大小．物理学中用压强来表示压力的作用效果，压力一定时，受力面积越小，压强就越大；受力面积一定时，压力越大，压强就越大，因此压力大，压强不一定大．

故答案为：物体在单位面积上受到的压力；p=FS；Pa；压力；受力面积；压强．

根据压强的定义、计算公式和单位进行填空．15.【答案】解：静止在水平桌面上的物体，重力与支持力是一对平衡力，则支持力的大小为6N，方向竖直向上，作用点在物块的重心处；选取标度为2N，则支持力的图示如图所示。

【解析】画支持力的图示，首先要分析出支持力的三要素，画图时先确立标度，再明确标出力的大小。

作力的图示要先分析出力的三要素，还要确立一个标度，用这个标度来度量力的大小。

16.【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线管的左端一定是S极；

根据图示的线圈绕向和螺线管的NS极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极。磁感线方向从N极指向S极。答案如下图所示：

【解析】根据小磁针的NS极指向，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；根据磁感线特点可确定磁感线方向；根据螺线管的NS极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。

安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。

17．（2分）如图所示，一粗糙水平传送带始终以速度v匀速运动（顺时针），现将一物体轻放于传送带上，请画出物体刚放到传送带上时，物体所受重力及传送带对物体摩擦力的示意图。【解答】解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在物体重心上；由题知，传送带始终以速度v匀速运动（顺时针），当物体刚轻放在该传送带上时，物体相对于传送带有向左的运动趋势，所以物体受到传送带对它水平向右的摩擦力f；从物体的重心，沿竖直向下和水平向右的方向画有向线段，分别用G和f表示，如图所示：18．【答案】（1）像的位置；（2）不变；（3）位置不变；（4）直接观察。【分析】（1）用玻璃板代替平面镜，即看到像，又能看到玻璃板后面的蜡烛，当玻璃板和像重合时，玻璃板后面蜡烛的位置就是玻璃板前面蜡烛像的位置，这样进行实验，便于确定像的位置；（2）物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；（3）物体在平面镜中成像，像和物体到平面镜的距离相等；（4）根据平面镜所成的像是虚像的特点，应在物体一侧观察。【解答】解：（1）用玻璃板代替平面镜，在玻璃板前面既能看到A的像，又能看到玻璃板后面的蜡烛B，便于确定像的位置；（2）平面镜中的像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关，所以当蜡烛A向玻璃板靠近，像也靠近平面镜，但蜡烛像的大小不变；（3）在实验的过程中，如果只将玻璃板竖直向上提升10cm，蜡烛到玻璃板的距离不变，所以蜡烛的像到玻璃板的距离也不变，所以像的位置不变；（4）当蜡烛B与蜡烛A的像能够完全重合时，撤去蜡烛B并在原蜡烛B的位置放一与玻璃板平行的光屏，人眼直接观察光屏，通过是否能看到光屏上蜡烛A的像，判断平面镜所成像的虚实。故答案为：（1）像的位置；（2）不变；（3）位置不变；（4）直接观察。【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。19.【答案】液体压强

转换

同种液体在同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等

液体密度

错误

没有控制液体的深度相同

【解析】解：(1)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测液体压强的大小，液面高度差大则液体产生的压强大，这用到了转换法；

(2)液体的压强跟液体的密度和深度有关，由乙、丙、丁三图可知，在同一深度，U形管中液面高度差相同，说明同种液体在同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等；

(3)由丁图和戊图可知，在同一深度时，液体的密度不同，U形管中液面高度差不相同，说明液体压强与液体的密度有关；

(4)另一同学在丁图的基础上，向容器内加入适量的浓盐水，发现U形管两侧液面的高度差变大了，改变液体密度的同时，也增加了液体的深度，于是得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论，该探究过程是错误的，理由是没有控制液体的深度相同。

故答案为：(1)液体压强；转换；(2)同种液体在同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等；(3)液体密度；(4)没有控制液体的深度相同。

(1)压强计测量液体的压强时，就是靠U形管的液面高度差来体现液体压强大小的，这用到了转换法；

(2)液体的密度一定，深度一定，方向不同，压强计的液面高度差相同；

(3)(4)要判断液体压强与液体密度关系，应控制深度不变。

本题考查的是探究影响液体压强的因素；知道控制变量法和转换法在本实验中的应用。20.【答案】断开；右；连接电路时没断开开关；滑动变阻器没调到最大阻值；BD；不同；灯丝电阻与温度有关；0.2；2；10

【解析】解：(1)灯泡正常发光时，电流为I=UR=3.8V10Ω=0.38A，所以电流表可选择0～0.6A量程，即将电流表0.6A接线柱与灯泡的左接线柱相连，将开关的左接线柱与滑动变阻器下面任一接线柱相连，如图所示：

(2)连接电路时，为了安全，开关必须断开，滑动变阻器的滑片移动阻值最大处，即滑片放在最右端；

(3)为保护电路，连接实物图时应：①断开开关，②滑动变阻器的滑片要调到使连入电路的电阻为最大的位置．

甲组同学连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭，说明连完最后一根线，电路立即接通且电路电流较大，电路阻值太小，原因是：①连接电路时没断开开关；②滑动变阻器没调到最大阻值．

(4)A、灯泡断路时，灯泡不亮，电流表无示数，不符合题意；

B、灯泡短路时，灯泡不亮，电流表有示数，符合题意；

C、滑动变阻器短路时，灯泡亮，电流表有示数，不符合题意；

D、滑动变阻器连入的电阻太大时，电路中电流太小，灯泡的实际功率太小，因此灯泡不亮，电流表有示数，符合题意．

故选BD．

(5)根据表中数据可知三次小灯泡的阻值不相等，因为灯泡两端电压不同时，灯丝的温度不同，因此灯丝的电阻不同，即灯丝电阻与温度有关．

(6)电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，故示数为0.2A；

电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，故示数为2V；

由I=UR可知，被测电阻的阻值为：R=UI=2V0.2A=10Ω．

故答案为：(2)断开；右；(3)①连接电路时没断开开关；②滑动变阻器没调到最大阻值；(4)BD；(5)不同；灯丝电阻与温度有关；(6)0.2；2；10．

(1)将电流表和滑动变阻器串联在电路中，注意电流表量程的选择；

(2)连接电路时，为了安全，开关必须断开，滑动变阻器的滑片移动阻值最大处；

(3)连接完最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，说明连接完最后一根导线，电路立即接通且电路电阻阻值很小，可从连接电路的注意事项入手分析原因．21．（1）；（2）30%；（3）0.8kg【详解】解：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是（2）这段时间该热水器的效率是（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧煤的质量为答：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量是；（2）这段时间该热水器的效率是30%；（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧0.8kg煤。22．（9分）2016年底，武汉首条BRT（快速公交）车道即将开通，近期规划的一条BRT专线，如图2所示，从武昌火车站到规划中的流芳火车站，全长13.2公里。BRT开通后，公交车的行车最大速度将由原来的40km/h提升到60km/h。（1）这将意味着市民搭乘BRT专线从武昌火车站到规划中的流芳火车站，按最大速度计算将比原来至少节约6.6min．武汉BRT采取双模式纯电动公交系统，即在有架空充电线网时可充电行驶，没有架空充电线网时，利用动力电池继续行驶。利用动力电池行驶时，该公交车发生的能量转化是化学能转化为电能，电能转化为机械能。（2）前轮钢轮在轨道上静止时，整车重的70%都由钢轮承受，如图3所示，则整车的重心距离车尾多少米？（3）若BRT公交车利用动力电池按最大速度匀速行驶时，受到的阻力为960N，将电能转化为机械能的效率为80%；充电行驶时前橡胶轮缩回车底，用伸出的钢轮代替，相同时间内电池电能的输出将节约50%．若充电电压为5000V，充电电流约为10A，要保证BRT公交车在没有架空充电线网的城区持续运行12km，应至少在线充电运行多少小时？【分析】（1）根据最大速度和原来的速度分别求出从武昌火车站到规划中的流芳火车站的所用时间，然后求出它们的差；利用动力电池行驶时小时消耗的化学能最后得到的是机械能。（2）以后轮为支点，求出前轮钢轮的力臂，根据杠杆平衡条件即可求出整车的重心距离后轮的距离，然后得出整车的重心距离车尾的距离。（3）要保证BRT公交车在没有架空充电线网的城区持续运行12km，根据W＝Fs求出需要消耗的机械能；应与在线充电运行时动力电池多余的电能相等；则充电行驶时利用W＝Fvt、W＝UIt，根据W冲＝W+W余即可求出需要的时间。【解答】解：（1）由v＝Stt最大速度从武昌火车站到规划中的流芳火车站的所用时间：

t则节约的时间为△t＝t1﹣t2＝0.33h﹣0.22h＝0.11h＝6.6min；动力电池行驶时由化学能转化为电能，然后由电能转化为机械能。（2）以后轮为支点，前轮钢轮的力臂为L1＝12m，F1＝70%G，则根据杠杆平衡条件可得：F1L1＝GL2，

L所以整车的重心距离车尾的距离L＝L2+1.5m＝8.4m+1.5，m＝9.9m。（3）要保证BRT公交车在没有架空充电线网的城区持续运行12km，需要消耗的机械能为：W需＝Fs＝960N×12×103m＝1.152×107J；由于公交车在没有架空充电线网的城区持续运行12km需要消耗的机械能应由在线充电运行时动力电池多余的电能提供，

W则根据题意可知：W机械η2＝（W冲﹣W余）η1，即：Fvtη2＝（UIt﹣W余）η1，t=故答案为：（1）6.6；（2）9.9；（3）至少在线充电运行0.1h。【点评】本题考查压强、电流、做功等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中还要注意单位的换算，此题的难点是明确在线充电运行时W机械＝（W冲﹣W余）η2η123．（8分）如图所示，图甲是小谦同学研究调光灯的实验电路图，小灯泡规格是“6V3W”，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P在A点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R1，电压表的示数为4V，当滑动变阻器滑片P在B点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R2，电压表的示数为2V，且R2＝2R1，测绘出小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，电源电压保持不变。（1）根据小灯泡的I﹣U图象判断，小灯泡的阻值是否恒定不恒定（选填“恒定”或“不恒定”），用物理知识解释其原因是灯丝电阻随温度改变而改变。（2）小灯泡正常发光时的电流是多少A？（3）小灯泡两端电压为2V时的实际功率是多少W？（4）电源电压是多少V？【分析】（1）分析表中图象，根据实验数据分析得出结论；（2）由P＝UI变形可求小灯泡正常发光时的电流；（3）由图乙可知，小灯泡两端电压为2V时的电流，由P＝UI可求实际功率；（4）由欧姆定律分别列出滑动变阻器滑片P在A点、B点的等式方程求解。【解答】解：（1）根据小灯泡的I﹣U图象判断，小灯泡的阻值不恒定，其原因是灯丝电阻随温度改变而改变；（2）由P＝UI可得，小灯泡正常发光时的电流：IL=P（3）有图象知，小灯泡UL＝2V时，IL′＝0.25A，小灯泡的实际功率：PL实＝ULIL′＝2V×0.25A＝0.5W，（4）P在A点时，U灯＝4V，变阻器阻值R1，由欧姆定律I=UR可得，U＝U灯+I1RP在B点时，U灯′＝2V，U＝U灯′+I2R2，且R2＝2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，由图象可得，I1＝0.4A，I2＝0.25A，代入数据，U＝4V+0.4R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，U＝2V+0.25R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，4V+0.4R1＝2V+0.25×2R1，解得，R1＝20Ω，R2＝40Ω，代入②得，U＝12V。答：（1）不恒定；灯丝电阻随