2026-2027学年沪粤版中考物理一轮基础专项卷(含答案及解析)

第页2026-2027学年沪粤版中考物理一轮基础专项卷(含答案及解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的工具中，在使用时属于省力杠杆的是（）A．镊子 B．取碗夹子 C．核桃夹子 D．食品夹2．密度知识与生活联系非常紧密，下列关于密度的一些说法中正确的是（）A．一杯牛奶喝掉一半后，质量变小，密度变小 B．乒乓球不慎被挤瘪但是没有破损，球内气体密度不变 C．为减轻质量，比赛用自行车采用强度高、密度大的材料制造 D．氧气罐内的氧气用去一半，质量和密度都减小为原来的一半3．如图所示，是某工地施工时用于提升重物的滑轮组，工人用大小为160N的拉力，在10s内将重为450N的重物在竖直方向上匀速提升2m。若不计绳重及摩擦，则下列判断错误的是（）A．滑轮组的机械效率为93.75% B．拉力的功率为32WC．动滑轮重为30N D．10s内物体的重力做功为900J4.如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断不正确的是(

)

A.图a中气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力

B.气缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小

C.从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图A所示的原理相似

D.汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD5．如图所示，滑轮组悬挂在水平钢架上，某工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，5s内使物体A匀速上升1m，提升过程中拉力F的功率为200W。已知物体A重920N，该工人重600N。关于该过程，下列说法正确的是（）A．绳子自由端移动的速度为0.4m/s B．动滑轮重80NC．该工人对地面的压力为500N D．此时滑轮组的机械效率为92%6．学习了有关电路组成知识后，同学们都热情高涨，争相设计简易生活电路，如图是同学们设计出来的四个电路，你认为可以达到选项目的的电路是（）A．抢答器电路：选择哪一个答案就按哪一个按钮（相当于闭合开关），对应的灯就亮B．坐位体前屈电路：学生成绩越高（向右的F越大），电流表的示数越大 C．保密室电路：只有两道门都关上了（相当于开关闭合），值班室的灯才会亮 D．卫生间照明灯和换气扇电路：照明灯和换气扇的工作互相影响7．第24届冬季奥林匹克运动会将在2022年由北京市和张家口市联合举办。冰球是比赛项目之一，近年来越来越被大众喜爱。如图为帅气的冰球选手备战训练的瞬间。下列说法中正确的是（）A．运动员站在水平冰面上时，冰面对人的支持力与人受到的重力是一对平衡力B．运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与手对球杆的力是一对相互作用力C．运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员受到惯性作用D．冰球运动员在加速滑行过程中，机械能守恒二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．由于水的物态变化使自然界有了云、雨、露、雾、霜、雪、雹等千姿百态的奇观。霜的形成是现象（填物态变化的名称），这过程中要（选填“吸收”或“放出”）热量。9．如图所示是卢瑟福原子结构模型：原子是由带正电的和带负电的构成的，用原子结构的知识可以解释摩擦起电现象：摩擦起电实际上是在物体之间的转移.10.“蹦极”是一种富有刺激性的勇敢者的运动项目。如图所示，一端系住人的腰部、另一端系于跳台的是一根弹性橡皮绳。当人下落至图中A点时，橡皮绳刚好被拉直，那么，O点到A点，运动员的机械能______，在人越过A点继续向下的过程中，人的动能将会______，橡皮绳的弹性势能将______。(填“变大”、“变小”“先变大后变小”、“先变小后变大”或“不变”)11.小明利用如图11的实验装置探究影响电阻大小的因素．实验中是通过比较________来判断接入电路中电阻的大小的，在探究电阻与导体长度、横截面积的关系时，小明先后把相同材料的电阻丝A、B、C接入电路中，发现接入电阻丝B时灯泡最暗，而接入电阻丝C时灯泡最亮，则由此可知城乡进行输电线路的改造应该换用更________(选填“粗”或“细”)的输电线．图1112．如图，火箭在大气中飞行时，它的头部摩擦发热，温度可达几千摄氏度。在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并汽化，且热，从而起到保护火箭头部的作用。现代火箭常用液态氢做燃料，这是因为液态氢具有较高的。13．根据《“十四五”规划纲要和2035愿景目标纲要》，提出了“十四五”期间，我国将安全稳妥的推动沿海核电发展，而并无提及内陆核电的发展计划。目前核电站是利用（选填“核裂变”或“核聚变”）来获取能量发电。核电厂的堆芯需得到充足的冷却，才不会出现严重运行问题，沿海核电厂因靠近大海，可以充分利用海水进行冷却，这是利用了水的大的性质。14.如图所示为甲、乙两种不吸水的物质的m−V图像，则这两种物质的密度之比ρ甲：ρ乙=______；用这两种物质制成立方体并用轻质细线捆绑在一起放入水中恰好能够处于悬浮状态，则两个立方体的质量之比m甲：m乙=______三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图，2021年5月11时10分，我国自主研制的“祝融号”火星车沿倾斜轨道驶离着陆平台，正式踏上火星表面，开启火星巡视探测之旅。据了解，物体在火星表面的重力约为地球表面重力的38%。下列说法正确的是(

)A.着陆平台安装了四只宽大的“脚掌”，是为了减小对火星地面的压力

B.当火星车沿倾斜轨道匀速下行时，火星车的重力势能转化为动能

C.在火星表面行驶时，使火星车前进的力的施力物体是火星车的车轮

D.若火星车在火星与地球上分别以相同的速度前进，火星车的动能相同16.如图所示，木块静止在斜面上，画出木块所受力的示意图。

17.在图中，标出小磁针的N极及磁感线的方向。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．图甲为伏安法测电阻的实验电路图．（1）闭合开关前,滑动变阻器的滑片P应置于______（选填“a”或“b”）端;（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路,“试触”时，发现电流表的指针偏转很小;移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小．产生该现象的原因可能是:____________；（3）电路调试完成后,某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，则此时被测电阻两端的电压为____V，该电阻的阻值为_______Ω19．在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，小灯泡上标有“2.5V”字样，电阻约为8Ω，电流表、电压表、开关和导线若干。（1）甲图是小明设计的实验图，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线连接完整。（2）本实验选择的滑动变阻器是。A.“10Ω2A”的滑动变阻器R1B.“5Ω1A”的滑动变阻器R2（3）闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙，为了使灯泡正常发光，应向端移动滑片，直至电压表示数为V。（4）小明根据实验数据绘制了如图丙所示I﹣U图像：灯泡的额定电功率P额＝W。（5）小明利用该电路继续探究电流与电阻的关系时，需将小灯泡换成适当的定值电阻R，其他器材不变，若实验时保持电压表示数为2V不变，更换的电阻阻值不能大于Ω。20．小明同学为了测量小灯泡的电功率，设计了如图所示的电路，小灯泡标有“2.5V”的字样。（1）如图是小明连接的实验电路，同组的小红同学发现图中有一根导线连接错误，请你在这根导线上打“×”，并在图中改正_________；（2）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图所示，则小灯泡的额定功率为________W；（3）实验要求改变小灯泡两端的电压进行多次测量，这样做是为了_______；A．减小误差B．避免偶然性C．测量在不同电压下小灯泡的实际功率五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．电阻式传感器被广泛应用于测力、测压、称重，它的核心部分是一只可变电阻。开心同学用如图1所示的电路研究某电阻式传感器的特性，电源电压恒定，R1为定值电阻，当电阻式传感器R2的阻值从0变为最大阻值时，测得传感器消耗的电功率与通过它电流的关系图象如图2所示。求：（1）传感器R2的最大阻值；（2）电源电压及定值电阻R1的阻值；（3）电路消耗的最小总功率。22．小米和小宣用如图甲所示的电路来探究串联电路的电压特点。（1）将电压表接入电路前无法估测被测电压的大小时，应该选择量程进行试触。（2）小米用电压表测L1两端电压，如图乙所示，则L1的电压为V。（3）测出L1两端的电压后，小米断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间。小宣认为小米的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可，小米认为小宣的做法是错误的，其原因是电压表的。（4）小宣正确操作后立即得出了结论：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。小米认为小宣的实验还有一个不足之处是。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．小明用如图甲所示的装置来探究“弹簧的伸长跟拉力的关系”，弹簧的一端固定在木板上，他先在木板上标上0～7.00cm的刻度，把木板竖直放置，在弹簧下端挂钩码（每个钩码的质量为50g），实验数据记录如下表。（g＝10N/kg）钩码个数012345678弹簧长度/cm2.002.503.003.504.004.505.005.506.00伸长量/cm00.501.002.002.503.003.504.50（1）当挂3个钩码时，指针所对刻度如图乙，此时弹簧的伸长量cm；（2）分析表中的数据可得：在弹性限度内，；（3）小明想用该装置设计一个直接测量液体密度的“密度秤”，他找来一个质量为50g的小桶，挂在弹簧下面的挂钩上，测量时，在桶中加满待测液体，根据指针指示的刻度，就能直接读出液体的密度；①该“密度秤”的零刻度线应在cm刻度处；②在桶中加满水指针指在3cm刻度处，如图丙，则该桶的容积是cm3；③该“密度秤”能测量的最大的密度是g/cm3；④小明想增大该“密度秤”的量程，在不更换弹簧的前提下，你的办法是。（写出一种即可）24．实验老师为测量小灯泡额定功率准备了如下器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（20Ω1A）、导线若干。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（要求：滑片向右移动，小灯泡变亮）；（2）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图乙所示，发现图线是曲线，其主要原因是；小灯泡的额定功率为W；（3）下课前老师布置了课后作业。要求：在只有下列实验器材的前提下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为R0）、电流表、开关、导线若干。小张同学设计如图丙所示的电路，用以下步骤测Rx的阻值：①闭合开关S，移动滑片P到B端，记下电流表示数I1；②移动滑片P至端，记下电流表示数I2（I2未超过电流表的量程）；③写出Rx的表达式：Rx＝（用字母R0、I1、I2表示）。25.一车厢以速度v在水平地面上行驶，车厢底部有一光源，发出一光信号，射到车顶。在车厢里的观察者测量到这一过程所用的时间为Δt0，如图(a)所示。另外一个观察者站在地面，他测量到的这一过程所用的时间为Δt，如图(b)所示。研究表明不论观察者是站在车厢里还是在地面上，车厢的高度乙都是不变的，光在车厢里和地面上传播的速度都是c，试判断Δt0和Δt哪一个更大一些，从中可以得出什么结论。参考答案及解析1．（2分）如图所示的工具中，在使用时属于省力杠杆的是（）A．镊子 B．取碗夹子 C．核桃夹子 D．食品夹【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A错误。B、取碗夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故B错误。C、核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故C正确。D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故D错误。故选：C。2．解：A、一杯牛奶喝掉一半后，质量变小，体积变小，物质种类、状态和温度不变，所以密度不变，故A不正确；B、乒乓球不慎被挤瘪但无破损，质量不变，体积变小，密度变大，故B不正确；C、自行车的体积一定，由m＝ρV可知，材料的密度越小，自行车的质量越小，比赛用自行车采用强度高、密度小的材料制造，故C不正确；D、因为氧气瓶的容积不变，当瓶内氧气用去一半后，体积不变，质量减半，由ρ＝可知，瓶内氧气的密度变为原来的一半，故D正确。故选：D。3．B【解析】AD．由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离为该滑轮组的有用功，即10s内物体的重力做功为滑轮组的总功为滑轮组的效率为故AD正确，不符合题意；B．拉力的功率为故B错误，符合题意；C．不计绳重和滑轮转轴处的摩擦，拉力为则动滑轮的重力故C正确，不符合题意。故选B。4.【答案】C

【解析】解：A是吸气冲程、B是压缩冲程、C是做功冲程、D是排气冲程，蒸汽弹射装置是内能转化为机械能，与C图做功冲程相似；

AB、a图中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，其内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，该过程中内能转化为机械能，燃气的内能减小，故AB正确；

C、蒸汽弹射装置工作时内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程相似，而图A中汽油机的进气门打开，排气门关闭，活塞向下移动，是汽油机的吸气冲程，与蒸汽弹射装置工作时的原理不同，故C错误；

D、四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，所以汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD，故D正确。

故选：C。

(1)四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能，在压缩冲程中的能量转化是机械能转化为内能；

(2)做功冲程中，气缸内的燃气对外界做功，燃气的内能减小，温度降低。

此题主要考查了汽油机四个冲程中的能量转化情况，知道压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化情况正好相反。5．A【解析】A．5s内使物体A匀速上升1m，则物体上升的速度根据图示可知，动滑轮上的绳子段数n=2，绳子自由端移动的速度故A正确；B．由P=Fv可知，拉力的大小若不计摩擦和绳重，由可得，动滑轮的重力G动=2F-G=2×500N-920N=80N由于实际上绳重和摩擦是存在的，则动滑轮重不等于80N，故B错误；C．因工人受到竖直向上的支持力和拉力以及竖直向下的重力而处于平衡状态，所以工人受到地面的支持力F支持=G人-F=600N-500N=100N又因工人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，所以工人对地面的压力等于地面对人的支持力，即100N，故C错误；D．当工人施加的拉力最大等于自身重力时，即F′=G人，滑轮组的机械效率最大，若不计摩擦和绳重，由可得，物体的最大重力G最大=2G人-G动=2×600N-80N=1120N则滑轮组的最大机械效率由于实际上绳重和摩擦是存在的，所以滑轮组的最高机械效率无法判断，故D错误。故选A。6．【解答】解：A、电路图中，两只开关断开，灯泡都不发光，上面开关闭合，下面灯泡发光，下面开关闭合，两只灯泡都发光，不能达到目的，故A错误；B、根据电路图可知，两个电阻串联，电压表测量滑动变阻器滑片左侧部分两端的电压，电流表测量电路中的电流；由于电压表所在电路相当于断路，移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，电流表示数不变，故B错误；C、由设计电路图可知，两道门都关上，即两个开关都闭合时，灯才会亮，说明两个开关相互影响，不能独立控制灯的亮与灭，因此两开关应串联，能达到目的，故C正确；D、由电路图可知，照明灯和换气扇并联，灯可以独立工作，但是换气扇不能单独工作，互相影响，不能达到目的，故D错误。故选：C。7．A【解析】A．运动员站在水平冰面上时，冰面对人的支持力与人受到的重力大小相等，方向相反，作用在同一物体，同一直线上，是一对平衡力，故A正确；B．运动员手持球杆击球时，球杆对球的力与球对球杆的力是一对相互作用力，故B错误；C．运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，惯性不是力，不能说作用，故C错误；D．冰球运动员在加速滑行过程中，重力势能不变，动能增加，机械能增加，机械能不守恒，故D错误。故选A。8．（2分）由于水的物态变化使自然界有了云、雨、露、雾、霜、雪、雹等千姿百态的奇观。霜的形成是凝华现象（填物态变化的名称），这过程中要放出（选填“吸收”或“放出”）热量。【分析】熔化是物质从固态变为液态；凝固是物质从液态变为固态；汽化是物质从液态变为气态；液化是物质从气态变为液态；升华是物质从固态直接变为气态；凝华是物质从气态直接变为固态。其中熔化、汽化、升华需要吸收热量，凝固、液化、凝华需要放出热量。【解答】解：霜是固态的，是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，该过程放出热量。故答案为：凝华；放出。9．（3分）如图所示是卢瑟福原子结构模型：原子是由带正电的原子核和带负电的电子构成的，用原子结构的知识可以解释摩擦起电现象：摩擦起电实际上是电子在物体之间的转移.【解答】解：从卢瑟福原子结构模型可看出，原子由带正电的原子核和带负电的电子组成；由于各物体束缚电子的能力不同，所以物体之间的电子经常会转移，从而带上不同的电荷。故答案为：原子核；电子；电子。10.【答案】不变

先变大后变小

变大

【解析】解：由题知，A点是橡皮绳原长的位置；

O点到A点，人在下落过程中，人的重力势能转化为动能，运动员的机械能守恒，保持不变；

人在最高点到A点的过程中，速度越来越大；在人越过A点继续向下的过程中，受到绳向上的拉力，橡皮绳的形变逐渐变大，拉力由小变大，弹性势能逐渐变大；开始一段时间内拉力小于重力，人仍然做加速运动；当拉力大于重力后，人才做减速运动，达到最低点时速度减小为0；所以，人的速度先变大后变小，则动能也是先变大后变小。

故答案为：不变；先变大后变小；变大。

影响动能的因素有：质量和速度，人的质量在下落过程中不会改变，因此只需考虑速度的变化情况，这就要从人的受力分析入手解答。

当人越过Q点后，绳子伸长，产生的弹力由小到大，当绳子的拉力与人的自重大小关系不同时，产生的合力方向会有所不同，从而直接影响到运动状态和速度的大小变化，因此需分段来讨论。

此题难度较大，关键是对人的受力分析，同时要结合力的合成以及力与运动的关系等知识，属易错题。

11.小灯泡亮度(或电流表示数)粗【解析】探究影响电阻大小的因素实验中，是通过比较灯泡的亮度或电流表示数的大小来判断接入电路中电阻大小的，小灯泡越暗或电流表的示数越小，接入电路中的电阻就越大；比较A、C两个电阻丝，它们的材料和长度相等，C的横截面积较大，灯泡最亮，说明C的电阻最小，即材料和长度相同时，横截面积越大，电阻越小；线路改造时，为了使电路中能够通过更大的额定电流，并减小输电线上电能的损失，要求线路中的电阻尽量的小，而线路的长度和材料已经确定，所以应该选用更粗的输电线.12．（2分）如图，火箭在大气中飞行时，它的头部摩擦发热，温度可达几千摄氏度。在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并汽化，且吸热，从而起到保护火箭头部的作用。现代火箭常用液态氢做燃料，这是因为液态氢具有较高的热值。【分析】解答此题用到以下知识：（1）物体由固态变为液态的过程是熔化，熔化需要吸热；物体由液态变为气态的过程是汽化，汽化需要吸热。（2）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。【解答】解：在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并且汽化，熔化和汽化都需要吸热，使火箭的温度不会很高，能起到保护火箭头部的作用。运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。故答案是：吸；热值。【点评】该题考查了物态变化过程中吸、放热情况以及燃料热值的特性，会利用其解决生活中的实际问题。13．解：（1）核电站是利用原子核发生可控制的裂变释放出的核能来发电的；（2）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以核电厂的堆芯采用水冷却。故答案为：核裂变；比热容。14.【答案】9：4

3：2【解析】解：(1)由图像知，当m甲=30g，V甲=20cm3，

m乙=20g时，V乙=30cm3，

则甲、乙两种物质的密度分别为：

ρ甲=m甲V甲=30g20cm3=1.5g/cm3，同理，ρ乙=m乙V乙=20g30cm3=23g/cm3，

所以ρ甲：ρ乙=1.5g/cm3=23g/cm3=9：4；

(2)设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比(1−n)，根据密度公式，小球的平均密度：

15.【答案】D

【解析】解：

A、着陆平台安装了四只宽大的“脚掌”，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对火星地面的压强，故A错误；

B、当火星车沿倾斜轨道匀速下行时，火星车的的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度不变，动能不变，不是重力势能转化为动能，故B错误；

C、在火星表面行驶时，火星车的车轮对火星表面施加了向后的力，由于物体间力的作用是相互的，火星表面给车轮一个向前的摩擦力，所以火星车才能向前运动，故C错误；

D、若火星车在火星与地球上分别以相同的速度前进，速度相同，由于质量的大小与位置无关，所以火星车的质量相同，则火星车的动能相同，故D正确。

故选：D。

(1)减小压强的方法：压力一定时，增大受力面积越大；受力面积一定时，减小压力；

(2)(4)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；

(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。

本题考查了减小压强的方法、动能和重力势能的变化、物体间力的作用是相互的，难度不大。16.【答案】解：木块的重心在其几何中心，过重心作竖直向下的重力G、沿斜面向上的摩擦力f、垂直于斜面向上的支持力F。如图所示：

【解析】静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，然后过重心分别表示出三个力的方向。

作出力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。本题的关键是正确分析出物体受到的各力。

17.【答案】解：由图可知电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管右侧为N极，左侧为S极，磁感线由N极指向S极，小磁针N极与螺线管的S极相吸，故N极向左。如图所示：

【解析】由电源的正负极可知电流的方向，由电流方向通过右手螺旋定则可得螺线管的磁极方向，由磁感线的特点可画出磁感线的方向，再由磁极间的相互作用可知小磁针的指向。由电源的正负极可知电流的方向，则由电流方向通过安培定则可以判断出螺线管的N、S极；再由磁感线的特点可画出磁感线的方向；最后再根据磁极间的相互作用规律可判断出小磁针的N、S极。

①安培定则中共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向；告诉其中的两个可以确定第三个。

②安培定则的运用是此题解决的重要方法，同时还要用到磁极间的相互作用规律，当然，找准判断的突破口，也就是电源的正负极是本题的关键。18．

a

电流表量程过大

2.4

10【解析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的a端；（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小，故排除了电路中电阻过大的可能，故产生该现象的原因可能是：电流表量程过大；（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙，电压表选用小量程，分度值为则0.1V，此时被测电阻两端的电压为2.4V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，由欧姆定律，该电阻的阻值为：．19．解：（1）小灯泡上标有“2.5V”字样，表示灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，电阻约为8Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I＝＝＝0.3125A，故电流表选用小量程与灯串联，如下图所示：（2）灯正常发光时，由串联电路的规律及欧姆定律R＝，变阻器连入电阻：R滑＝＝＝6.4Ω＞5Ω，故选用滑动变器R1，选A；（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；（4）根据如图丙所示I﹣U图像知，灯在额定电压下的电流为0.2A，灯泡的额定电功率：P额＝U额I额＝2.5V×0.2A＝0.5W；（5）电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2V＝2.5V，定值电阻分得的电压为变阻器分得电压的0.8倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻10Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：R定大＝0.8×10Ω＝8Ω，即更换的电阻阻值不能大于8Ω。故答案为：（1）如上图所示；（2）A；（3）右；2.5；（4）0.5；（5）8。20．

0.7

C【解析】（1）[1]原电路中，电压表串联在电路中，电流表和灯泡并联，应该将电压表和灯泡并联，电流表串联在电路中，如图所示：（2）[2]由图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.28A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W（3）[3]灯泡两端电压为额定电压下的功率为额定功率，灯泡两端电压不是额定电压时的功率不是额定功率，而是实际功率，实验要求改变小灯泡两端的电压进行多次测量，这样做是为了测量在不同电压下小灯泡的实际功率。故选C。21．解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。（1）当电阻式传感器R2的阻值最大时，电路的总电阻最大，电路中的电流最小，由图2可知，电路中的最小电流为I1，此时传感器R2的功率为P1，由P＝UI＝I2R可得，传感器R2的最大阻值：R2大＝；（2）当电阻式传感器R2的阻值最大时，电路中的电流为I1，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I＝可得，电源的电压U＝I1R总＝I1（R1+R2大）＝I1（R1+）＝I1R1+﹣﹣①当电阻式传感器R2的阻值为零时，电路中的电流最大，由图2可知，电路中的最大电流为I2，则电源的电压U＝I2R1﹣﹣﹣﹣②由①②可得：R1＝，U＝；（3）当电阻式传感器R2的阻值最大时，电路中的电流最小，电路消耗的总功率最小，则P小＝UI1＝×I1＝。答：（1）传感器R2的最大阻值为；（2）电源电压为，定值电阻R1的阻值为；（3）电路消耗的最小总功率为。22．小米和小宣用如图甲所示的电路来探究串联电路的电压特点。（1）将电压表接入电路前无法估测被测电压的大小时，应该选择较大量程进行试触。（2）小米用电压表测L1两端电压，如图乙所示，则L1的电压为1.9V。（3）测出L1两端的电压后，小米断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间。小宣认为小米的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可，小米认为小宣的做法是错误的，其原因是电压表的正负接线柱接反了。（4）小宣正确操作后立即得出了结论：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。小米认为小宣的实验还有一个不足之处是实验次数太少，结论不具有普遍性。【分析】（1）电压表在使用时，为防止损坏，应选择较大量程试触；（2）在进行电压表的读数时，注意其量程和分度值；（3）用电压表测电压时，电压表要与被测电路并联且电压表正负接线柱不要接反；（4）只进行了一次实验就得出结论，不具有普遍性；为了使实验结论具有普遍性，应进行多次测量。【解答】解：（1）电压表在使用时，为防止损坏，应选择较大量程试触；（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以示数为1.9V；（3）当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；（4）只做了一次实验，没有进行多次测量，只凭一组实验数据