2026-2027学年沪粤版中考物理综合应用能力卷（附答案及解析）

第页2026-2027学年沪粤版中考物理综合应用能力卷（附答案及解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示，两灯规格不同，能直接测出通过灯L2电流的电路是（）A．B． C．D．2.小宇在做：“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法中正确的是(    )A.电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强

B.要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑动片向右滑动

C.电磁铁B线圈匝数较多，所以通过B的电流较小

D.若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引

3．如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒a去接触不带电的验电器金属球b后，验电器的两片金属箔张开，则下列说法正确的是（）A．验电器的两片金属箔张开时，金属箔都带负电荷 B．毛皮与橡胶棒摩擦过程中创造了电荷 C．a、b接触时，a上的一些电子转移到b上，瞬时电流方向从a到b D．用毛皮摩擦过的橡胶棒带正电荷4.如图所示，在“探究影响导体电阻大小的因素”的实验中，分别将三根横截面积相同的金属丝接入电路。下列说法错误的是(    )A.电流表示数越大，表明接入电路中的金属丝的电阻越小

B.该电路可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关

C.该电路可以探究导体的电阻大小是否跟导体的长度有关

D.仅将电路中的电流表换成电压表也能完成本实验5．如图所示，有关声现象的实验中，下列说法错误的是（）A．甲图中通过观察纸屑是否跳动可以探究“声音产生的条件” B．乙图中通过观察乒乓球被弹起的幅度可以探究“响度与振幅的关系” C．丙图中通过逐渐抽取玻璃罩中的空气可以探究“声音的传播是否需要介质” D．丁图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条可以探究“音调与响度的关系”6．如图所示电路，电源两端电压为U＝4.5V且保持不变，电阻R1＝10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω1A”的字样，电流表的量程为0～0.6A，两个电压表的量程均为0～3V，在保证电路安全的条件下，下列说法中正确的是（）A．电流表A的示数范围为0.15～0.3A B．电压表V2示数范围为0～3V C．电压表V1示数范围为0～3V D．滑动变阻器R2的阻值取值范围为0～20Ω7．甲、乙两圆柱形容器放置在水平地面上，容器内分别盛有体积相同的不同液体，将一小球放入甲容器内，待其静止后如图所示，此时甲、乙两容器底部受到的液体压强大小相等。如果将小球从甲容器中取出并放入乙容器中待小球静止后（无液体溢出），两容器底部受到液体压强的变化量分别为Δp甲和Δp乙，则关于Δp甲和Δp乙的大小关系，下列判断中正确的是（）A．Δp甲一定大于Δp乙 B．Δp甲可能小于Δp乙 C．Δp甲一定等于Δp乙 D．Δp甲一定小于Δp乙二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.某品牌手机配置“3.7V 4200mAh”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用，该手机电池充满电后，储存的电能为______J；如图所示两个充电器，白色标注“输出5V 1000mA”，黑色标注“输出5V 4.5A”，其中______(选填“白色”或“黑色”)是快速充电器；细心观察的小明发现，“超级快充”的充电线比普通的充电线粗一些，从线路安全角度来分析是为了______。9.在2021年10月14日，由国家航天局批复立项的我国第一颗太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在太原卫星发射中心顺利升空，拉开了我国太阳空间探测的序幕。“羲和号”将数据信息通过电磁波以______m/s传播到地球。太阳的能量源于自身时刻发生的氢、氦______(选填“核聚变”或“核裂变”)。10．由不同材料组成的a、b、c三个实心物体，它们的体积与质量的关系如图1所示，则密度最大的是（选填“a”、“b”或“c”）物体，它的密度是kg/m3。人类发现一颗这样的行星，如图2所示，这颗行星的体积约为地球体积的4倍，质量约为地球质量的4.5倍。若已知地球的平均密度为5.52g/cm3，则这颗行星的密度约为g/cm3。11.如图所示，小张和小王分别用力F1、F2匀速提货物A、B，已知GA=120牛、GB=200牛，滑轮重力及摩擦力不计。小张将货物A匀速提升4米，其拉力F1=______牛，所做的功为______焦。小王将货物B以0.5米/

12.小明在探究凸透镜成像规律时，安装好器材，调节蜡烛、凸透镜与光屏在如图所示的位置，在光屏上得到清晰的像，则凸透镜的焦距为______cm。固定凸透镜位置，他将蜡烛移到15cm刻度处，为了在光屏上得到清晰的像，接下来小明应该进行的操作是______；生活中应用这一规律的光学器材是______。

13.如图甲所示是一个用电压表的示数反映温度变化的电路原理图，其中电源电压U=4.5V且保持不变，电压表量程为0～3V，R0是300Ω的定值电阻，Rt是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图乙所示。若闭合开关S，则电压表V示数越小，表明环境温度越______(选填“高”或“低”)。此电路允许的最高环境温度为______℃。

14．用如图甲所示的滑轮组在同一平面上均以0.2m/s的速度匀速拉动不同物体。根据测量结果画出了该滑轮组机械效率与物体受到摩擦力大小变化的关系图像，如图乙所示。若不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，当物体向右运动0.3m，绳子自由端移动m，动滑轮的重力为N，当滑轮组的机械效率为60%时，拉力Fb的功率是W。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．(本题2分)一个质量分布均匀的小球放在光滑的水平地面上，左边与竖直光滑墙壁接触，小球处于静止状态，如图，在图中画出小球受力示意图。16.在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填进电路的空缺处．要求电键S闭合后：(a)电流方向如图所示；(b)向右移动滑动变阻器R的滑片P，电压表的示数变大．

17．如图甲描述的是《小儿垂钓》一诗中的场景。（1）小儿垂钓时的鱼竿是杠杆，诗中描述“怕得鱼惊不应人”是因为可以传声。（2）图乙是小儿将鱼钓起时鱼竿的情况，A、B分别是两只手所在的位置。请你在图乙中画出鱼对鱼竿的力F和这个力对应的力臂l。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．（1）图1中物体A的长度是cm。（2）根据图2所示的电流方向，判断通电螺线管的A端是极。（选填“N”或“S”）19．在如图所示探究“滑动摩擦力大小和哪些因素有关”的实验中。（1）此实验是根据原理测出摩擦力大小的；（2）小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块所受的摩擦力（选填“变大”、“变小”或“不变”）；木块被拉动，且越来越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为2N，他认为这时摩擦力的大小为2N，他操作中的错误是；（3）改正错误后，小明完成了探究过程，比较图甲、乙两次实验可得出的结论是：；（4）小明把木块沿竖直方向截掉一部分后，继续图甲的操作，测得摩擦力减小，由此得出结论：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他探究过程中存在的问题是，改进方法是。20．小明在做“串联电路的电压”实验时，如图所示，不慎把电路中L1灯泡的玻璃打碎了。此时他惊奇地发现：L1灯泡几乎不发光了，L2反而更亮了。就此现象，回答：（1）通过两灯的电流_____（选填“相等”或“不相等”）；（2）L1灯几乎不发光的原因是_____。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．在综合实践活动中，兴趣小组设计了一款双挡位电加热器，利用产生的蒸汽加湿或消毒，电加热器工作时，高挡先将水箱内的水加热到100℃，低挡维持水沸腾确保蒸汽不断产生。如图甲是其内部简化电路，S1和S均为自动控制开关，当水温达到100℃时，S1自动断开，当水的质量低于0.2kg时S自动断开，R1、R2均为电热丝。水箱加满水后闭合开关，电加热器正常工作时电流随时间变化的图像如图乙。已知水箱容量2.2L，水的初温为20℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（1）求低挡工作时加热器的电功率；（2）求R1的电阻；（3）求电加热器高挡位工作的加热效率。22.由于油价上涨，燃油性价比升高，性能优越的油电混合动力汽车得到消费者的青睐。油电混动小汽车的汽油机既向车轮提供动力，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过驱动电机向车轮输送。某油电混动小汽车加上2kg的汽油匀速直线行驶。(假设汽油完全燃烧，且忽略蓄电池和电机的热损失，g=10N/kg，q汽油=4.6×107J/kg)

(1)质量为2kg的汽油完全燃烧释放出的能量是多少？

(2)汽油燃烧放出热量的40%用于驱动汽车行驶和蓄电池充电，其中向蓄电池充电的能量E为1.34×107J六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．阅读短文，回答问题观光电梯电梯是一种用于多层建筑乘人或载物的运输工具，电梯的简易结构如图甲所示，电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯半载时，轿厢总重和配重的重力基本相等。满载上升时，主电动机提供动力，驱动轿厢。如图乙所示，为某商业大厦安装的观光电梯，其相关参数如下表。为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图丙所示，控制电路的电源电压为，压力传感器的电阻与所受压力的关系图像如图丁所示，电磁继电器阻值可忽略。当电流大于时，会启动警报系统，同时无论如何按压电梯控制器，门电动机均不工作。此外，电梯需经常保养，“运行频次比”是电梯养护的重要指标，一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示。额定电压/220额定运行功率/25待机功率/1最大载重/4000轿厢质量/500（1）该观光电梯配重的重力约为______；（2）下列有关该电梯的说法中，正确的是______；A．主电机与钢丝绳之间的摩擦为有害摩擦B．超载自动报警系统中电磁铁的右端为极C．电梯满载上行时，电动机需顺时针转动D．报警电铃的工作原理是电磁感应（3）控制电路中______。若使用一段时间，电梯未满载就报警，则说明的阻值变______（大/小）；（4）该商业大厦每天营业时间为，设电梯均在额定功率下运行。经测算，该观光电梯平均每天耗电，则该观光电梯的“运行频次比”______。24．中国嫦娥系列探月简史飞上月球，是中国人千百年来的梦想。自2004年起，我国开展月球探测工栏，并命名为“嫦娥工程”，嫦娥一号是我国自主研制并发射的首个月球探测器，于2007年10月24日发射成功，最终在控制下成功撞击月球。嫦娥二号于2010年10月1日发射升空，任务完成后成为了太阳系的小行星，围绕太阳做椭圆轨道运行。嫦娥三号探测器是中国第一个月球软着陆的无人登月探测器，于2013年12月2日发射成功中国探月工程三步软着陆后陆续开展了“观天、看地、测月”的科学探月3线天人头首月球着陆。为避免嫦娥四号在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了4条强有力的“腿”，在嫦娥四号的“腿”上，还“长着”脸盆一样的圆形“大脚掌“。嫦娥四号携带的“玉兔二号”月球车总质量仅135kg，是世界上质量最小的月球车。利用其底部6个带齿纹的轮子有效增大了与月面间摩擦，顺利在月背表面行驶。嫦娥五号月球探测器，是中国首颗地月采样往返探测器，也是“绕、落、回”中的第三步。2020年12月1日，嫦娥五号探测器的着陆器和上升器组合体从距离月面15千米采用动力下降的方式减速，着陆后随即开展采样工作。2020年12月17日，携带月壤的嫦娥五号返回器在内蒙古四子王旗预定区域成功着陆，标志着我国首次地外天体采样返回任务圆满完成。阅读短文，回答问题：（1）嫦娥一号在环月飞行时，受到的力（选填“是”或“不是”）平衡力；（2）在嫦娥四号的“腿”上安装圆形“大脚掌”的目的是为了；（3）为增大与月面间的摩擦，”玉兔二号”采用的装置是；（4）嫦娥五号着陆器和上升器组合体在月球下落着陆的过程中，机械能（填“增大”、“减小”或“守恒”）。（5）嫦娥五号在月球上采集的月壤带回到地球后不发生改变的物理量是。A.质量B.体积C.重力D.密度25.小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像规律”的实验。

(1)如图1所示，要使像能够成在光屏的中央，应将光屏向______调整(选填“上”或“下”)；

(2)实验中所用凸透镜的焦距是10cm，当烛焰距凸透镜15cm时，移动光屏至某一位置，在光屏上得到一个倒立、清晰的像，该像是______的(选填“放大”、“等大”或“缩小”)；

(3)接着使烛焰向左移动5cm，此时应该将光屏向______移到某一位置(选填“左”或“右”)，才能在光屏上成清晰的像。

(4)在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副近视眼镜放在凸透镜前(如图2所示)，观察到光屏上的像变模糊了，此时要使光屏上成清晰的像，应该将光屏向______移(选填“左”或“右”)。

(5)对于焦距相同的凸透镜，一个物距应该对应唯一的像距，但从各组汇报数据中发现，物距均为12.00cm时，有三个小组所测像距分别为23.00cm，24.00cm，26.00cm.若他们的数据差别不是因为长度测量误差导致的，你认为出现这种情况的操作原因是______。参考答案及解析1．如图所示，两灯规格不同，能直接测出通过灯L2电流的电路是（）A． B． C． D．【答案】D。【解答】解：A．图中电流表接在干路上，电流正进负出，测量的是干路电流，故A不符合题意；B．图中电流表与灯L1串联，但其正负接线柱接反了，故B不符合题意；C．图中电流表与灯L1串联，测量是通过L1的电流，故C不符合题意；D．图中电流表与灯L2串联，且电流正进负出，能正确测出通过灯L2的电流，故D符合题意。故选：D。2.【答案】A

【解析】解：A、探究电磁铁磁性强弱的影响因素时，电磁铁磁性通过吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引大头针越多，电磁铁磁性越强。符合题意。

B、滑动变阻器的左半段接入电路，当滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的电流减小，电磁铁中的电流减小，磁性减弱。不符合题意。

C、A和B两个电磁铁串联在电路中，通过两个电磁铁的电流是相等的。电磁铁B的磁性较强是因为线圈的匝数比较多的缘故。不符合题意。

D、如图，根据安培定则判断两个电磁铁的上部都是N极，下部都是S极，两个电磁铁的上部靠近会出现排斥现象。不符合题意。

故选：A。

(1)电磁铁的磁性无法直接观察，而是通过吸引大头针的多少来反映，吸引的大头针越多，电磁铁的磁性越强。

(2)电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。在铁芯和电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强。

(3)串联电路中电流处处相等。

(4)根据安培定则判断两个电磁铁的磁极，根据磁极间的相互作用，判断是相互吸引还是相互排斥。

掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性的影响因素。

3．解：AD、用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，橡胶棒有多余电子；橡胶棒接触验电器的金属球时，电子由橡胶棒向验电器转移，故验电器金属箔带负电，故A正确、D错误；B、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故B错误；C、带负电的物体有多余电子，用带负电的橡胶棒a去接触不带电的验电器的金属球b时，物体a上的一部分多余电子转移到b上，因为电流方向与负电荷定向移动的方向相反，所以，瞬时电流方向b→a，故C错误。故选：A。4.【答案】D【解析】解：

A、在导体两端的电压不变的条件下，导体的阻值越大通过导体的电流(电流表的示数)就越小，所以本实验可以通过电流表的示数比较导体电阻的大小，电流表示数越大，所接电阻阻值越小，故A正确；

B、在研究电阻与导体的材料的关系时，由于最上面的导线和最下面的导线是长度、横截面积均相同，而材料不同，所以可以把最上面的导线和最下面的导线单独连入电路进行比较，可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关，故B正确；

C、中间的导线和最下面的导线都是镍铬合金，且长度不同，所以可以研究电阻与导体长度的关系，故C正确；

D、在图示情况下，仅将电路中的电流表换成电压表，由于电压表相当于开路，电压表示数为电源电压，所以不能完成本实验，故D错误。

故选：D。

(1)根据欧姆定律可知在导体两端的电压不变的条件下，导体的阻值越大通过导体的电流就越小，所以可以通过比较导体电流的大小比较导体阻值的大小；

(2)电阻的大小在不考虑温度的前提下，有三个决定因素：材料、长度、横截面积。因此要研究电阻的大小与每一个因素的具体关系时，要用到控制变量法。即：研究电阻的大小与哪个因素有关，就要让这个因素变化，其余的因素都相同，去做对比实验。根据这个思路可以解决此题。

此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。

5．（2分）如图所示，有关声现象的实验中，下列说法错误的是（）A．甲图中通过观察纸屑是否跳动可以探究“声音产生的条件” B．乙图中通过观察乒乓球被弹起的幅度可以探究“响度与振幅的关系” C．丙图中通过逐渐抽取玻璃罩中的空气可以探究“声音的传播是否需要介质” D．丁图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条可以探究“音调与响度的关系”【分析】（1）声音由物体的振动产生；（2）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，不同介质中声速不同；且声速与温度有关；真空不能传声；（3）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：A、声音由物体的振动产生；甲图通过观察纸屑是否跳动可以探究“声音产生的条件”，运用了转换法，故A正确；B、响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；乙图通过观察乒乓球被弹起的幅度可以探究“响度与振幅的关系”，故B正确；C、声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质；丙图通过逐渐抽取玻璃罩中的空气可以探究“声音的传播是否需要介质”，故C正确；D、响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音调指声音的高低，由振动频率决定；丁图通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条，力的大小相同则振幅相同，即响度相同；伸出长度不同的锯条，则振动的频率不同；故可以探究“音调与频率的关系”，故D错误。故选：D。【点评】此题综合性较强，考查声音的产生、传播和特征等知识；结合声音产生、传播的条件，区分好声音的三个特征，可解答此题。6．（2分）如图所示电路，电源两端电压为U＝4.5V且保持不变，电阻R1＝10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω1A”的字样，电流表的量程为0～0.6A，两个电压表的量程均为0～3V，在保证电路安全的条件下，下列说法中正确的是（）A．电流表A的示数范围为0.15～0.3A B．电压表V2示数范围为0～3V C．电压表V1示数范围为0～3V D．滑动变阻器R2的阻值取值范围为0～20Ω【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当电压表V1的示数最大时，电路中的电流最大，变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流，再根据欧姆定律求出R2两端的电压，进一步确定电压表V2示数范围、电流表A的示数范围、滑动变阻器R2的阻值取值范围，根据串联电路的电压特点求出R1两端的最小电压，进一步即可判断得出答案。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当电压表V1的示数U1max＝3V时，电路中的电流最大，变阻器接入电路中的电阻最小，则Imax＝＝＝0.3A＜0.6A，因串联电路中各处的电流相等，没有超过电流表的量程，所以，电路中的最大电流Imax＝0.3A；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：R2两端的最小电压U2min＝U﹣U1max＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器接入电路中的最小阻值：R2min＝＝＝5Ω；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，即Imin＝＝＝0.15A，此时电压表V2的示数：U2＝IR2＝0.15A×20Ω＝3V，不超过电压表所选量程；所以，电流表A的示数范围为0.15A～0.3A，故A正确；此时，电阻R1两端的最小电压：U1min＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，所以，电压表V2示数范围为1.5V～3V，故B错误；电压表V2示数范围为1.5V～3V，故C错误；滑动变阻器R2的阻值取值范围为5Ω～20Ω，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中各量的最大和最小值的确定，有一定的难度。（多选7．【答案】D【分析】（1）由于甲乙容器内的不同液体体积相同，则根据液体的体积分别得出将一小球放入甲容器内后甲、乙两容器液体的深度表达式；由于甲、乙两容器底部受到的液体压强大小相等，根据p＝ρgh得出压强相等的表达式；据此根据液体的深度判断出小球在乙液体里所处的状态；（2）由于容器是柱状的，根据p＝ρgh得出底部受到液体压强的变化量Δp甲和Δp乙的表达式，然后比较其大小即可。【解答】解：设甲乙容器内的不同液体体积均为V，小球的体积为V0；则将一小球放入甲容器内后（浸没），甲容器里液体的深度h甲＝，乙容器里液体的深度h乙＝；将一小球放入甲容器内后两容器底受到液体的压强相等，即：p甲＝p乙；根据p＝ρgh可得：ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙；则：ρ甲g×＝ρ乙g×；整理可得：＝；由图可知：h甲＜h乙，则根据ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙可得：ρ甲＞ρ乙；小球放入甲容器内后（浸没）下沉，则浮沉条件可知：ρ球＞ρ甲；所以，ρ球＞ρ乙；根据浮沉条件可知：将小球放入乙容器中待小球静止后会沉在底部；由于容器是柱状的，则Δp甲＝ρ甲gΔh甲＝ρ甲g×；Δp乙＝ρ乙gΔh乙＝ρ乙g×，则：＝＝＝＜1；所以，Δp甲＜Δp乙。故选：D。【点评】主要考查的是学生对液体压强公式的理解和掌握，关键是明确液体体积和深度的变化。8.【答案】55944

黑色

减小电流产生的热量

【解析】解：电池充满电储存的电能W=UIt=3.7V×4200×10−3A×3600s=55944J；

白色充电器的输出功率P1=U1I1=5V×1000×10−3A=5W，

黑色充电器的输出功率P2=U2I2=5V×4.5A=22.5W>5W，

因为黑色充电线的功率大，根据9.【答案】3×108【解析】解：“羲和号”将数据信息通过电磁波以3×108m/s传播到地球。太阳的能量源于自身时刻发生的氢、氦核聚变。

故答案为：3×108；核聚变。

电磁波在真空中和空气中的速度近似为3×1010．（3分）由不同材料组成的a、b、c三个实心物体，它们的体积与质量的关系如图1所示，则密度最大的是c（选填“a”、“b”或“c”）物体，它的密度是2×103kg/m3。人类发现一颗这样的行星，如图2所示，这颗行星的体积约为地球体积的4倍，质量约为地球质量的4.5倍。若已知地球的平均密度为5.52g/cm3，则这颗行星的密度约为6.21g/cm3。【解答】解：由图象可知，当a、b、c三种物质体积相同时，c的质量最大，由ρ＝可知，c物质的密度最大；由图象可知，当体积Vc＝2cm3时，c物质的质量mc＝4g，c物质的密度：ρc＝＝＝2g/cm3＝2×103kg/m3；由题知，行星的质量m行星＝4.5m地，行星的体积V行星＝4V地，地球的平均密度ρ地＝5.52g/cm3，则这颗行星的密度：ρ行星＝＝＝1.125ρ地＝1.125×5.52g/cm3＝6.21g/cm3故答案为：c；2×103；6.21。11.【答案】120

480

100

【解析】解：

(1)图(a)使用的定滑轮，不计滑轮重力和摩擦，拉力F1=GA=120N，拉力端移动距离s1=h=4m，拉力做的功W1=F1s1=120N×4m=480J，

(2)因为P=Wt=Fst=Fv，

所以GB的功率：

PB=GBv=200N×0.5m/s=100J。

故答案为：120；12.【答案】10.0

将光屏向左移动适当距离

照相机

【解析】解：由图可知，此时u=v=20.0cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，故该凸透镜的焦距为f=10.0cm；

将蜡烛移到15cm刻度处，此时u=50cm−15cm=35cm>2f，根据u>2f，2f>v>f，成倒立缩小的实像，故为了在光屏上得到清晰的像，接下来小明应该进行的操作是将光屏向左移动适当距离；照相机就是利用此原理制成的。

故答案为：10.0；将光屏向左移动适当距离；照相机。

(1)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；

(2)根据u>2f，2f>v>f，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。13.【答案】低

60

【解析】由电路图知两电阻串联，电压表测R0两端电压。

(1)电源电压U=4.5V且保持不变，因串联电路中各处的电流相等，由I=UR可知，当电压表V示数越小时，电路中的电流越小，

由R=UI可知，电路中的总电阻越大，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，热敏电阻的阻值越大，

由图乙可知，环境的温度越低；

(2)当电压表的示数最大，即U0'=3V时，电路允许测量的温度最高，

此时电路中的电流：

I'=U0'R0=3V300Ω=0.01A，

由I=UR可知，电路中的总电阻：

R=UI'14．【解答】解：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，当物体向右运动0.3m，绳子自由端移动的距离：s绳＝ns物＝3×0.3m＝0.9m；（2）由图乙可知，当f1＝100N时，滑轮组的机械效率η1＝50%，通过滑轮组拉动水平面上的物体时，有用功：W有1＝f1s，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，额外功：W额＝G动s，则总功：W总1＝f1s+G动s，所以，η1＝＝＝＝×100%＝50%，解得：G动＝100N；（3）当滑轮组的机械效率η2＝60%时，有：η2＝＝＝＝×100%＝60%，解得：f2＝150N，此时拉力：Fb＝（f2+G动）＝×（150N+100N）＝N，绳子自由端移动的速度：v绳＝nv物＝3×0.2m/s＝0.6m/s，拉力Fb的功率：P＝＝＝Fbv绳＝N×0.6m/s＝50W。故答案为：0.9；100；50。15．【详解】小球处于静止状态，小球受力平衡，小球受到重力与支持力，若竖直墙壁对小球有弹力，小球将运动，因此小球只受到重力与支持力，从小球的重心沿竖直向下和垂直于水平面向上画出重力和支持力的示意图，如图所示：16.【答案】解：根据电流的流向可确定电池的正负极，根据电流表要与用电器串联可确定电流表的位置；向右移动滑动变阻器的滑片P时，电压表的示数变大，根据串联分压的特点，可知电压表并联在灯泡的两端．故左端为电源，中间为电压表，右侧为电流表．如图所示．

【解析】根据电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联，再结合滑动变阻器和小灯炮L串联可判断各元件的位置．

明确电流表、电压表、电源的连接要求，并特别注意电流方向这一条件，是正确判断的关键．

17．（4分）如图甲描述的是《小儿垂钓》一诗中的场景。（1）小儿垂钓时的鱼竿是费力杠杆，诗中描述“怕得鱼惊不应人”是因为空气和水可以传声。（2）图乙是小儿将鱼钓起时鱼竿的情况，A、B分别是两只手所在的位置。请你在图乙中画出鱼对鱼竿的力F和这个力对应的力臂l。【分析】（1）根据鱼竿在使用过程中的动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；（2）从鱼对鱼竿的力的作用点C沿细线画出拉力F的示意图，钓鱼时支点B，从支点B作拉力作用线的垂线段，可得拉力F的力臂。【解答】解：（1）鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，但可以省距离；人的说话声可以通过空气、水传给鱼，将鱼吓跑，说明空气和水可以传播声音；（2）从鱼对鱼竿的力的作用点C沿细线画一带箭头的线段，标出符号F，可得拉力的示意图；钓鱼时，动力作用在A点，支点为B，从支点B作拉力作用线的垂线段，可得拉力F的力臂L，如图所示：故答案为：（1）费力；空气和水；（2）如图所示。【点评】本题考查了杠杆分类、声音的传播、力的示意图和力臂的画法，属于基础题目。18．（4分）（1）图1中物体A的长度是2.70cm。（2）根据图2所示的电流方向，判断通电螺线管的A端是N极。（选填“N”或“S”）【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm＝1mm，估读到0.1mm，物体A的左侧与0cm刻度线对齐，右侧与2.70cm对齐，读作2.70cm，所以物体A的长度为2.70cm；（2）用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向一致，那么大拇指所指的A端即为通电螺线管的N极。故答案为：（1）2.70；（2）N。19．（6分）在如图所示探究“滑动摩擦力大小和哪些因素有关”的实验中。（1）此实验是根据二力平衡原理测出摩擦力大小的；（2）小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块所受的摩擦力变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）；木块被拉动，且越来越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为2N，他认为这时摩擦力的大小为2N，他操作中的错误是木块未做匀速直线运动；（3）改正错误后，小明完成了探究过程，比较图甲、乙两次实验可得出的结论是：当接触面的粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大；（4）小明把木块沿竖直方向截掉一部分后，继续图甲的操作，测得摩擦力减小，由此得出结论：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他探究过程中存在的问题是没有控制压力相等，改进方法是将截下的木块置于剩余木块上方，放在木板上，匀速直线拉动木块，读出弹簧测力计的示数。【解答】解：（1）在实验中匀速拉动木块运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡条件，木块受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以拉力与摩擦力的大小相等；（2）虽然水平拉力逐渐增大，但是木块始终处于静止状态，所以在水平方向受到的拉力与摩擦力相互平衡，大小相等；由于拉力在增大，所以摩擦力也在增大；木块未做匀速直线运动，所以此时拉力与摩擦力不相等；（3）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度大小相等，乙的压力大于甲的压力，拉力大于甲的压力，说明乙的摩擦力大于甲的摩擦力，可得当接触面的粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大；（4）甲图中将木块沿竖直方向截去一半后，测得所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出结论：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为探究过程中存在的问题是没有控制压力相等。改进方法：将截下的木块置于剩余木块上方，放在木板上，匀速直线拉动木块，读出弹簧测力计的示数。故答案为：（1）二力平衡；（2）变大；木块未做匀速直线运动；（3）当接触面的粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大；（4）没有控制压力相等；将截下的木块置于剩余木块上方，放在木板上，匀速直线拉动木块，读出弹簧测力计的示数。20．

相等

L1灯丝电阻太小，实际功率太小【解析】[1]由电路图可知，L1、L2串联，根据串联电路电流特点可知，通过两灯的电流相等。[2]灯泡L1的玻璃泡打碎了，由于缺少玻璃泡的保护，电流通过灯泡时产生的热量迅速散失，使灯丝的温度较低，灯泡电阻较小，灯泡实际功率较小，才导致L1灯几乎不发光。21．（7分）在综合实践活动中，兴趣小组设计了一款双挡位电加热器，利用产生的蒸汽加湿或消毒，电加热器工作时，高挡先将水箱内的水加热到100℃，低挡维持水沸腾确保蒸汽不断产生。如图甲是其内部简化电路，S1和S均为自动控制开关，当水温达到100℃时，S1自动断开，当水的质量低于0.2kg时S自动断开，R1、R2均为电热丝。水箱加满水后闭合开关，电加热器正常工作时电流随时间变化的图像如图乙。已知水箱容量2.2L，水的初温为20℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（1）求低挡工作时加热器的电功率；（2）求R1的电阻；（3）求电加热器高挡位工作的加热效率。【解答】解：（1）由题意可知，低档工作时，开关S1断开，由乙图可知加热器低档工作时的电流I低＝2A，则低挡工作时加热器的电功率：P低＝UI低＝220V×2A＝440W；（2）低档工作时，R2的电阻R2＝＝＝110Ω，当两个开关都闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻最小，由P＝可知，电功率最大，处于高挡，总电流I总＝10A，由并联电路的电流特点可知；I总＝+，即10A＝+，解得R1＝27.5Ω；（3）电加热器高挡位工作7min时，消耗的电能W＝UI总t＝220V×10A×7×60s＝9.24×105J，由ρ＝可得，水的质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2.2×10﹣3m3＝2.2kg，水吸收的热量：Q＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（100℃﹣20℃）＝7.392×105J，加热效率η＝×100%＝×100%＝80%。答：（1）低挡工作时加热器的电功率为440W；（2）R1的电阻为27.5Ω；（3）求电加热器高挡位工作的加热效率为80%。六、综合能力题。（6分+8分+5分＝19分）22.【答案】解：(1)汽油完全燃烧释放出的能量：Q放=mq汽油=2kg×4.6×107J/kg=9.2×107J；

(2)由η=WQ放可知，用于驱动汽车行驶和蓄电池充电的总能量W=ηQ放=40%×9.2×107J=3.68×107J；

根据题意可知，驱动汽车行驶的能量：W机械=W−E=3.68×10【解析】(1)知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq计算出汽油完全燃烧释放出的能量；

(2)利用效率公式计算出汽油完全燃烧转化为蓄电池充电的能量E和驱动汽车行驶的能量W之和，据此可求出驱动汽车行驶的能量W；

(3)利用P=Wt23．7000C20小3.8【解析】（1）[1]轿厢的重力G轿厢=mg=500kg×10N/kg=5000N电梯半载时载重配重的重力G配=G轿厢+