2026-2027学年人教版中考物理考前巩固提升卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理考前巩固提升卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.将电灯、开关和插座接入家庭电路中，如图各电路图接线正确的是(    )A. B.

C. D.2．某建筑工地上，一台起重机10s内将重1.5×104N的物体匀速提升3m。起重机吊臂上的滑轮组如图所示，下列分析不正确的是（）A．如图中的滑轮组是一个省力机械 B．有用功的大小为4.5×104J C．物体上升的速度为0.3m/s D．当吊起的物体质量增大时，滑轮组的机械效率将减小3.周末，小明帮妈妈洗菜时发现，放在盆中的茄子浮在水面如图甲所示，而西红柿沉在盆底如图乙所示，她用所学的物理知识对此现象作出一些分析，其中正确的是(

)A.茄子受到的浮力大于它受到的重力 B.茄子的密度小于西红柿的密度

C.西红柿排开水的重力等于自身的重力 D.放入西红柿前后水对盆底的压强不变4．如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从在某两点间滑动的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示，则下列判断正确的是（）A．图线A是电阻R1的I﹣U关系图象 B．电源电压为16V C．R1的阻值是20Ω D．当电流表的示数为0.8A的电流时，滑动变阻器消耗的功率为12.8W5．我国新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号M”的成功运行，标志着中国离“人造太阳”的梦想又近了一步。下列关于能源、现代信息技术说法不正确的是（）A．核能属于不可再生能源，只要做好技术保护，核能是没有污染的 B．光纤通讯是依靠电磁波来传递信息的 C．电能属于二次能源，现代技术无法将核能直接转化为电能 D．制作手机芯片的主要材料是超导体6．我国研发的63A式轻型水陆两栖坦克，既可以在陆地上行驶，也可以在水中浮渡行驶。它的质量为24t，陆地行驶时与水平地面的总接触面积为8m2，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．高速行驶的坦克速度大，所以其惯性大 B．坦克履带上凸起的棱是为了减小摩擦力 C．坦克静止停在水平地面上时，对地面的压强约为3×103Pa D．坦克在水中通过推进器喷水前进利用的是力的作用是相互的7．如图所示电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为8V，不考虑灯丝电阻随温度的变化。闭合S1，断开S2，当滑动变阻器的滑片在a、b端之间移动的过程中，电压表示数变化范围是0﹣8V，电流表示数变化范围是0.8﹣2.4A；闭合S2，断开S1，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光。在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是（）A．电源电压为10V B．闭合S1断开S2，R1消耗电功率的最小值为6.4W C．闭合S2断开S1，R2两端电压变化范围为4V﹣6V D．闭合S2断开S1，整个电路消耗的电功率范围为7.2W﹣9.6W二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.如图所示为2022年1月26日航天员叶光富在空间站用葫芦丝演奏《月光下的凤尾竹》的情景。“葫芦丝”是靠空气柱______发声的；按不同的孔，可以改变声音的______。9.是种化石燃料，一次能源，属于______能源；已无烟煤的值是3.4×17Jkg，完全燃烧6kg的无烟出热是______．10.如图所示，请分析小球在A一B一C的摆动过程中，机械能是如何转化情况是：______，小球在______位置动能最大。

11.小华看见沙漏中的沙子流下时，看上去是连续的，他经过放大后观察，发现沙子是______(连续的/不连续的)，这是因为沙子是由细小颗粒组成的。因此，他联想到水流，如果经过高倍放大后，水流应是______(连续的/不连续的)，这是因为水是由______组成的。12.完成下列单位换算：6×1011nm=______km；80mL=______L；54ms=______min13.如图15甲所示是一款早餐机实物图片，它轻巧方便，解决了许多上班族的早餐问题，其电路原理图如图15乙所示，R1、R2均为电热丝，电热丝电阻R1＝R2＝55Ω，早餐机有“加热”和“保温”两个挡位，当开关S1闭合、S2断开时，早餐机处于________挡位，此时早餐机的功率为________W.图1514．如图所示为我们实验室所用电流表的内部结构示意图，当接入电路，有电流通过线圈时，线圈带动指针偏转。该电流表的工作原理是__________。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.在图中画出小球漂浮在水面上的受力示意图。

16.某同学在游乐场游玩时从滑梯滑下，请画出该同学受到的重力和支持力的示意图。

17．一个双温电炉的电路图如图所示。虚框内的发热体由两个阻值相同的电阻及导线连接而成，A、B、C为三段引出线，A为高温挡，B为低温挡，且高温挡功率为低温挡功率的2倍。请将图中虚框内的电路图补充完整。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．如图1为小红同学探究平面镜成像特点的实验装置图。（1）小红用代替平面镜，以便于确定像的位置。（2）实验时点燃蜡烛A，从A一侧观察蜡烛B，缓慢移动蜡烛B直到与蜡烛A的像重合。用刻度尺和笔将A、B所在的位置连接起来，发现像和物的连线与玻璃板垂直，像和物到玻璃板的距离。（3）在生产、生活中平面镜的应用非常广泛，小红在检查视力时，视力表放在她头部的后上方，小红通过平面镜识别平面镜里的像。试在图2中准确画出：小红眼睛通过平面镜看到自己右脚上P点的光路图。此时，视力表的像距离小红m。19．在“探究杠杆平衡条件的实验”中。（1）如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了；（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应该B点挂个相同的钩码，某同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是：；（3）实验中小明发现用图丁方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议不宜采用这种方式，其主要原因为。A.一个人无法独立操作B.不方便测量力臂C.力和力臂数目过多，不易得出结论D.杠杆受力不平衡20．小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力。（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是；（2）加热10min，水吸收的热量（填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是℃，煤油的比热容是J/（kg•℃）【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（4）若本实验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是J．（q酒＝3.0×107J/kg）五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.智能制造是第四次工业革命的核心技术，如图所示是为圆柱体涂抹防护油的智能装置。其外壳是敞口的长方体容器，距容器底面h0=0.1m处固定一支撑板C，C的中心有面积为S孔=8×10−3m2的小圆孔，圆柱体放在支撑板C的正中央。容器的左下角有注油口，防护油能够匀速注入长方体容器内部，当油的深度h1=0.175m时，圆柱体刚好浮起离开支撑板C。随着液面升高，圆柱体竖直上浮，当油面上升到压力传感器时，停止注油，此时撑杆的P点对圆柱体有F压=20N的竖直向下的压力。已知圆柱体底面积S柱=2×10−2m2，重12N，支撑板C的厚度不计，g取10N/kg

22．小明的爸爸为爷爷买了一台新型电饭煲，电饭煲有两个加热挡位，其简化电路如图甲所示，电阻丝的阻值R1和R2不变，只闭合S时为低温挡，可以慢煮；再闭合S1时是高温挡，可以快煮。某天，小明的爷爷将电饭煲接入220V的家庭电路中，两个挡位交替正常使用30min，通过电饭煲的总电流I随时间t变化的图像如图乙所示。（1）求第10～15min电饭煲工作的电功率。（2）求R1和R2的阻值（3）求电饭煲在30min内消耗的电能。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．如图所示，一客车在秦岭盘山公路上匀速行驶，客车质量为7000kg，向上行驶过程中牵引力保持20000N不变。耗时15min行驶了5.4km的路程到达山顶，已知客车有八个轮子，每个轮子与地面的接触面积为250cm2.求：（g取10N/kg）（1）客车从山脚匀速行驶到山顶的过程中，重力势能___________（选填“增大”“减小”或“不变”）；（1分）（2）客车在山脚的水平公路上对地面的压强___________；（1分）（3）客车发动机的牵引力从山脚到山顶做的功及做功的功率___________；（1分）（4）已知该客车发动机效率为30%，客车从山脚到山顶消耗了多少千克的汽油___________。（汽油热值取q=4.0×107J/kg）（2分）24．厦门地铁2号线是我校师生出行的重要交通工具。如图是地铁2号线效果图，小叶解释：图中的地铁安全门可以防止乘客被卷向急驰的列车。请你用所学物理知识帮小明解释“乘客被卷向疾驰的列车”的原因。25.阅读短文，回答问颗。

航天器着陆的“平安之花”2022年4月16日上午，一朵“红白伞花”缓缓降落在内蒙古的东风着陆场，“神舟十三号”载人飞船成功着陆，3名航天员安全回家。

从距离地面300多公里的太空穿越大气层安全着陆，需要经历四次刹车。第一次刹车是发动机点火反推，让飞船脱离运行轨道，进入返回地球的轨道，飞船以无动力状态在地球引力的作用下自由下落。第二次刹车是在距离地面100km的时候，返回舱高速进入大气层后，强烈压缩其前面的空气，因此产生大量的热，造成温度急剧升高，温度可达2000℃左右。第三次刹车则是在距离地面10km的时候，开始用降落伞减速。科学家为开伞设计了一套程序，先是打开一个引导伞，引导伞工作16s，返回舱的下降速度可由180m/s减至80m/s，然后由引导伞拉出一具减速伞，再由减速伞带出主伞，主伞先开一个小口，慢慢地全部撑开，这时返回舱的下降速度逐渐由80m/s减至6m/s。第四次刹车是快到地面时，返回舱底部的反推发动机瞬间点火，最终把最后的一点速度也抵消掉，返回舱安全着陆。

(1)从“神舟十三号”返回情况来看，需要经历四次刹车，其中仅需要依靠地球引力作用自由下落是第______次刹车。

(2)在第二次刹车时，返回舱的温度升高的原因是通过______的方式改变了其内能；第三次刹车时，返回舱减小的机械能转化为______能。

(3)假如让你为后面的神舟飞船返回舱制作主伞，你制作的主伞应具备哪些特点？______(写出1条即可)。

参考答案及解析1.【答案】D【解析】解：根据安全用电的原则，开关接在火线上，开关和电灯要串联，且开关接在火线与灯泡之间；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；且三孔插座与电灯要并联，根据选项可知，D正确。

故选：D。

(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。

(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。对开关、灯泡、插座等用电器的正确连接方法必须熟练掌握。

2．（2分）某建筑工地上，一台起重机10s内将重1.5×104N的物体匀速提升3m。起重机吊臂上的滑轮组如图所示，下列分析不正确的是（）A．如图中的滑轮组是一个省力机械 B．有用功的大小为4.5×104J C．物体上升的速度为0.3m/s D．当吊起的物体质量增大时，滑轮组的机械效率将减小【解答】解：A、图中的滑轮组既可以省力又改变力的方向，故A正确；B、有用功：W有＝Gh＝1.5×104N×3m＝4.5×104J，故B正确；C、物体上升的速度：v＝＝＝0.3m/s，故C正确；D、不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝，所以用此滑轮组提升重物的质量增大时，滑轮组的机械效率增大，故D错误。故选：D。3.【答案】B

【解析】解：A、由图可知，茄子漂浮在水面，由物体的漂浮条件可知，茄子受到的浮力等于它受到的重力，故A错误；

B、由物体的浮沉条件可知，茄子漂浮在水面，茄子的密度比水的密度小，西红柿沉在水底，西红柿的密度大于水的密度，所以茄子的密度小于西红柿的密度，故B正确；

C、由阿基米德原理可知，西红柿受到的浮力等于它排开水的重力，由图可知，西红柿沉在水底，由物体的浮沉条件可知，西红柿受到的浮力小于它受到的重力，因此西红柿排开水的重力小于它自身的重力，故C错误；

D、由图可知放入西红柿后排开的水没有溢出容器，则水的深度变大，根据p=ρgh可知放入西红柿后水对盆底的压强变大，故D错误。

故选：B。

(1)根据物体的漂浮条件判断茄子受到的浮力与它受到的重力大小关系；

(2)根据物体的浮沉条件判断茄子和西红柿密度的大小关系

(3)根据物体的下沉条件和阿基米德原理分析判断西红柿排开水的重力与它受到的重力大小关系；

(3)根据p=ρgh判断放入西红柿前后水对盆底的压强变化。

本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理和二力平衡条件的应用，一定要掌握不同状态下(漂浮、悬浮、沉底)物体所受重力与浮力的大小关系。

4．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑动变阻器的电阻变大时，电路的总电阻变大，由I＝知电路中的电流变小，由U＝IR知定值电阻两端的电压变大，电压表的示数变大，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压减小，所以定值电阻两端电压变大时电流表的示数变大，滑动变阻器两端的电压减小时电流表示数增大，由图象可知，A为滑动变阻器R2的I﹣U关系图象，B为电阻R1的I﹣U图象，故A错误；（2）由I﹣U图象可知，当电路中的电流I＝0.8A，R1两端的电压U1＝16V，R2两端的电压U2＝2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压：U＝U1+U2＝16V+2V＝18V，故B错误；由I＝可得，定值电阻R1的阻值：R1＝＝＝20Ω，故C正确；此时滑动变阻器消耗的功率为：P＝U2I＝2V×0.8A＝1.6W，故D错误。故选：C。5．（2分）我国新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号M”的成功运行，标志着中国离“人造太阳”的梦想又近了一步。下列关于能源、现代信息技术说法不正确的是（）A．核能属于不可再生能源，只要做好技术保护，核能是没有污染的 B．光纤通讯是依靠电磁波来传递信息的 C．电能属于二次能源，现代技术无法将核能直接转化为电能 D．制作手机芯片的主要材料是超导体【分析】（1）不可能在短期内从自然界得到补充的能源是不可再生能源，只要做好技术保护，核能是没有污染的；（2）光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的；（3）无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源是二次能源；核电站的能量转化是：将核能转化为内能，内能转化为机械能，机械能最后转化为电能；（4）手机芯片主要由半导体制作而成。【解答】解：A、核能消耗后，不可能在短期内从自然界得到补充，故它是不可再生能源，只要做好技术保护，核能是没有污染的，故A正确；B、光导纤维是利用激光来传递信息的，故B错误；C、电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，是二次能源；现代技术无法将核能直接转化为电能，故C正确；D、制作手机芯片的主要材料是半导体，故D错误。故选：BD。【点评】能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，也是近几年中考的热点。这类知识都属于基础性的知识，要注意区分、识记。6．（2分）我国研发的63A式轻型水陆两栖坦克，既可以在陆地上行驶，也可以在水中浮渡行驶。它的质量为24t，陆地行驶时与水平地面的总接触面积为8m2，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．高速行驶的坦克速度大，所以其惯性大 B．坦克履带上凸起的棱是为了减小摩擦力 C．坦克静止停在水平地面上时，对地面的压强约为3×103Pa D．坦克在水中通过推进器喷水前进利用的是力的作用是相互的【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，质量是物体惯性大小的唯一量度，与物体的运动状态无关；（2）增大摩擦力的方法有增大压力和使接触面变粗糙；（3）坦克静止在水平地面时，根据F＝G＝mg得出对地面的压力，根据p＝求出坦克对地面的压强；（4）力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体力的作用，据此分析判断。【解答】解：A、惯性的大小仅由质量决定，与速度无关；坦克的惯性大，是因为坦克的质量大，而不是因为它的速度大，故A错误；B、坦克履带上的凸起的棱是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；C、坦克静止在水平地面时，对地面的压力F＝G＝mg＝24×103kg×10N/kg＝2.4×105N，坦克对地面的压强：p＝＝＝3×104Pa，故C错误；D、坦克在水中，推进器喷水时给水一个向后的作用力，由于物体间力的作用是相互的，所以水会给坦克一个向前的推力，使坦克前进，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了力作用的相互性、压强公式、惯性的大小以及增大摩擦的方法等知识，该题难度不大，属于基础题。7．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为8V，不考虑灯丝电阻随温度的变化。闭合S1，断开S2，当滑动变阻器的滑片在a、b端之间移动的过程中，电压表示数变化范围是0﹣8V，电流表示数变化范围是0.8﹣2.4A；闭合S2，断开S1，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光。在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是（）A．电源电压为10V B．闭合S1断开S2，R1消耗电功率的最小值为6.4W C．闭合S2断开S1，R2两端电压变化范围为4V﹣6V D．闭合S2断开S1，整个电路消耗的电功率范围为7.2W﹣9.6W【分析】（1）闭合开关S1、断开开关S2时，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电源的电压；当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等于即可求出电源的电压和R2的阻值；（2）闭合开关S1、断开开关S2时，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，根据P＝I2R可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，滑动变阻器消耗的功率最小；（3）根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，闭合开关S2，断开开关S1时，滑动变阻器R1和灯泡L串联，电压表测R1两端电压，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最大电流，此时灯泡两端的电压最大，整个电路消耗的电功率最大，根据P＝UI求出电路功率的最大值；根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡两端的电压最小，电路消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流和灯泡两端的最小电压，利用P＝UI求出电路消耗的最小电功率，然后得出灯泡两端电压变化范围和整个电路消耗的电功率范围。【解答】解：A．闭合开关S1、断开开关S2时，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，由欧姆定律可得，电源的电压U＝I大R2＝2.4A×R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，此时电路中的电流最小，电压表的示数最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U＝U1+I小R2＝8V+0.8A×R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②可得：U＝12V、R2＝5Ω，故A错误；B．闭合开关S1、断开开关S2时，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，根据P＝I2R可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，滑动变阻器消耗的功率最小为0W，故B错误；CD．滑动变阻器的最大阻值：R1＝＝＝10Ω，闭合开关S2，断开开关S1时，滑动变阻器R1和灯泡L串联，电压表测R1两端电压，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光，根据串联电路电压规律可得此时滑动变阻器两端的电压U1′＝U﹣UL＝12V﹣8V＝4V，则电路中的最大电流I大′＝＝＝0.8A，此时灯泡两端的电压最大，整个电路消耗的电功率最大，则P大＝UI大′＝12V×0.8A＝9.6W；灯泡的电阻RL＝＝＝10Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡两端的电压最小，电路消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得电路中的最小电流I小′＝＝＝0.6A，则灯泡两端的最小电压UL′＝I小′RL＝0.6A×10Ω＝6V，所以，灯泡两端电压变化范围为6V～8V，故C错误；电路消耗的最小电功率P小＝UI小′＝12V×0.6A＝7.2W，所以，整个电路消耗的电功率范围为7.2W～9.6W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，分清电路的连接方式和电路中的最大、最小电流是关键。8.【答案】振动

音调【解析】解：声音由物体的振动产生，“葫芦丝”是靠空气柱振动发声的；按不同的孔，改变了发声的空气柱的长度，可以改变声音的音调。

故答案为：振动；音调。

(1)声音由物体的振动产生。

(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

理解声音产生的条件，区分声音的三个特征，可解答此题。

9.【答案】不可再生；2.04×10【解析】解：一化燃料是一能源，使用后短时间内不再生，所以它是不可再生能源；

Q=mq6k×.×107J/g2.04×108J．

故答案为：不可再生；.×18J．

能从自然界中源源不断获的源属于可再生能源，用后短间内能再的能源称不可生能；

根据=mq求出无烟煤放热量．

题主考查的是学生对能源分、热值计算式的理和掌握，础性题目．10.【答案】从A到B，重力势能转化为动能，从B到C，动能转化为重力势能

B

【解析】解：从A点运动到B点的过程中，小球质量不变，高度下降，速度增加，则重力势能减少，动能增多，是重力势能转化动能；

从B点运动到C点的过程中，小球质量不变，高度上升，速度减小，则动能减少，重力势能增多，是重力势能转化动能。

由A到C，小球摆动的高度相同，说明没有能量损耗，即小球在摆动过程中机械能守恒，而B点最低，重力势能最小，故在B点时动能最大。

故答案为：从A到B，重力势能转化为动能，从B到C，动能转化为重力势能。

(1)重力势能的大小和物体的质量以及所处位置的高度有关，判断重力势能是否改变，看它的质量和高度是否变化就可以了；动能的大小和物体的质量以及运动的速度快慢有关，判断动能的大小看它的质量和运动快慢是否变化就可以了。

(2)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。

掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。11.【答案】不连续的

不连续的

分子

【解析】解：沙子是由细小颗粒组成的，因此，当我们用放大镜观察沙漏中的沙子流下时，发现沙子是不连续的；

由于联想到水流，如果经过高倍放大后，水流应是不连续的，这是因为水是由分子组成的，而且分子间还存在着间隙。

故答案为：不连续的；不连续的；分子。

物质都是由分子或原子组成的，分子之间有间隙，据此解答。

本题主要考查了我们对分子动理论知识的活学活用，用沙子和水流有类似之处，需要我们进行适当的联想。

12.【答案】0.6

0.08

9×10【解析】解：6×1011nm=0.6km；80mL=0.08L；54ms=9×10−4min。

故答案为：0.6；0.08；9×10−4。

13.保温440【解析】由图乙可知，当开关S1闭合、S2断开时，电热丝R1、R2串联接入电路，根据P＝eq\f(U2,R)可知，早餐机处于保温状态，此时早餐机的功率为P保温＝eq\f(U2,R1＋R2)＝eq\f(（220V）2,55Ω＋55Ω)＝440W.14．通电导线在磁场中受到力的作用【解析】由图中电流表的内部结构示意图可知，线圈位于永磁体的中间，当线圈通电时，通电导线在磁场中受到力的作用（或者说磁场对电流力的作用）使指针发生了偏转，电能转化为机械能。15.【答案】解：小球处于漂浮状态，受浮力和重力，浮力和重力是一对平衡力，具体画法如下：

【解析】首先根据小球的状态分析小球的受力情况，小球静止，受重力和浮力，而且二力平衡，重力和浮力的作用点都在小球的球心，所画线段的长度要相等，表示二力平衡，大小相等。

画一对平衡力的示意图时要注意两条线段是否相等，只有相等才能表示两个力大小相等。16.【答案】

【解析】重力方向竖直向下，滑梯对同学的支持力垂直滑梯向上，由此作图。

本题考查力的示意图的作图，画力的示意图的步骤：①确定受力物体；②在受力物体上画出力的作用点；③确定力的方向后沿力的方向画一条线段；④在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。17．【解答】解：由题可知，两电阻阻值相同，高温挡的功率为低温挡的2倍，电源电压一定，由P＝可知，高温挡电阻是低温挡电阻的，所以高温挡时只有一段电阻丝接入电路，低温挡时两电阻串联即可满足要求，如图所示：。故答案为：如上图。四、简答题（本题4分）18．（3分）如图1为小红同学探究平面镜成像特点的实验装置图。（1）小红用玻璃板代替平面镜，以便于确定像的位置。（2）实验时点燃蜡烛A，从A一侧观察蜡烛B，缓慢移动蜡烛B直到与蜡烛A的像重合。用刻度尺和笔将A、B所在的位置连接起来，发现像和物的连线与玻璃板垂直，像和物到玻璃板的距离相等。（3）在生产、生活中平面镜的应用非常广泛，小红在检查视力时，视力表放在她头部的后上方，小红通过平面镜识别平面镜里的像。试在图2中准确画出：小红眼睛通过平面镜看到自己右脚上P点的光路图。此时，视力表的像距离小红4.6m。【分析】（1）选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实验效果。研究物像的大小采用的是等效替代法，把蜡烛A的大小用蜡烛B来代替。（2）当蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。（3）①根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出物点P的像点P′的，连接P′与小红的眼睛镜，与镜面的交点为入射点，再画出入射光线PO。②根据平面镜成像特点：物体与像到镜面的距离相等，像与物体大小相等，即可解答此题。【解答】解：（1）要用玻璃板代替平面镜，既能像平面镜一样成像，还能透过平面镜观察对面的物体；（2）点燃A蜡烛，小心地移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止，发现：物像大小相等；物像连线与玻璃板垂直；物像到玻璃板的距离相等。（3）①作出物点P的像点P′的，连接P′与小红的眼睛，与镜面的交点为入射点O，再连接PO，画上箭头，如下图所示：②因为平面镜成像特点：物体与像到镜面的距离相等，已知视力表距平面镜2.5m，小红距离平面镜0.4m所以可得视力表在平面镜中所成的像距离平面镜为2.5m，小红与视力表在平面镜中的像的距离应该是5m﹣0.4m＝4.6m。故答案为：（1）玻璃板；（2）相等；（3）如图所示；4.6。【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循。19．（5分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中。（1）如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了便于测量力臂的大小；（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应该B点挂6个相同的钩码，某同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是：杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（3）实验中小明发现用图丁方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议不宜采用这种方式，其主要原因为C。A.一个人无法独立操作B.不方便测量力臂C.力和力臂数目过多，不易得出结论D.杠杆受力不平衡【解答】解：（1）如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂大小；（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA＝FBLB，即4G×3L＝FB×2L，解得FB＝6G，需挂6个钩码；（3）利用如图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（4）实验中小明的实验方式，杠杆支点左侧钩码数量过多，每个钩码对杠杆的拉力对应了每个拉力的力臂，力和力臂数目过多，不易得出结论，故选C。故答案为：（1）右；便于测量力臂的大小；（2）6；（3）杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（4）C。20．（5分）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力。（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是控制不同物质的质量相同；（2）加热10min，水吸收的热量等于（填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是98℃，煤油的比热容是2.1×103J/（kg•℃）【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（4）若本实验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是6.0×105J．（q酒＝3.0×107J/kg）【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）根据沸点回答；由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c＝在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，求出煤油的比热容；（4）已知质量和热值，根据Q放＝mq酒求放出的热量。【解答】解：（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是：控制不同物质的质量相同；（2）加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；（3）水沸腾时保持不变的温度叫沸点，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是98℃，由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c＝，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：×4.2×103J/（kg•℃＝2.1×103J/（kg•℃）。（4）若本实验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是：Q放＝mq酒＝0.02kg×3.0×107J/kg＝6.0×105J。故答案为：（1）控制不同物质的质量相同；（2）等于；（3）98；2.1×103J/（kg•℃）；（4）6.0×105。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比热公式、热值公式的应用，为热学中的重要实验。21.【答案】解：(1)注油前，圆柱体对支撑板C的压强为：

p=FS=GS柱−S孔=12N2×10−2m2−8×10−3m2=1000Pa；

(2)圆柱体刚好浮起离开支撑板C时浸入油中的体积为：

V排=S柱(h−h0)=2×10−2m2×(0.175m−0.1m)=0.0015m3；

圆柱体刚好浮起离开支撑板C时的浮力等于重力，即F浮=G=12N，

根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知，

油的密度为：ρ油【解析】(1)根据p=FS=GS柱−S孔算出注油前，圆柱体对支撑板C的压强；

(2)根据V排=S柱(h−h0)算出圆柱体刚好浮起离开支撑板C时浸入油中的体积；圆柱体刚好浮起离开支撑板C时的浮力等于重力，即F22．（9分）小明的爸爸为爷爷买了一台新型电饭煲，电饭煲有两个加热挡位，其简化电路如图甲所示，电阻丝的阻值R1和R2不变，只闭合S时为低温挡，可以慢煮；再闭合S1时是高温挡，可以快煮。某天，小明的爷爷将电饭煲接入220V的家庭电路中，两个挡位交替正常使用30min，通过电饭煲的总电流I随时间t变化的图像如图乙所示。（1）求第10～15min电饭煲工作的电功率。（2）求R1和R2的阻值（3）求电饭煲在30min内消耗的电能。【分析】（1）由图乙可知，第10～15min内电路中电流为2A，根据P＝UI即可求出电饭煲工作的电功率；（2）由电路图可知，只闭合S时电路为R1的简单电路，为低温挡，当闭合开关S、S1时，R1与R2并联，由图乙可知，读出低温挡和高温挡时的电流，根据并联电路的特点和I＝分别求出R1和R2的阻值；（3）据P＝UI求出高温挡时的电功率；由图得出两种情况下工作的时间，根据Q＝W＝Pt求出这30min内电饭锅产生的热量。【解答】解：（1）由图乙可知，第10～15min内电路中电流为2A，电饭煲工