2026-2027学年人教版中考物理强化训练卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理强化训练卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示，下面各图中，所画的两个力彼此平衡的是（）A． B． C． D．2.关于粒子和宇宙，下列认识正确的起(

)A.在探索比分子更小的微观粒子历程中，卢瑟福发现了电子，说明原子可以再分

B.摩擦起电中原子核束缚核外电子能力弱的容易带负电

C.银河系、地球、分子、原子核是按照尺度由大到小的顺序排列的

D.“破镜难重圆”是因为固体分子间存在着排斥力3．如图所示，是某次长征二号F火箭发射的场景，关于火箭发射及其能量的转化，下列说法正确的是（）A．发射火箭与热机做功冲程的能量转化相同B．火箭升空过程中与空气摩擦，这是通过热传递使火箭内能增加C．火箭加速升空的过程中，火箭搭载的卫星的机械能保持不变D．火箭发动机的效率可达100%4．在图甲电路中，电源电压恒定，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻。开关闭合后，将滑动变阻器的滑片从一端移至另一端的过程中，变阻器的电功率P随其阻值R1的变化关系如图乙所示。下列对电路的表述中，正确的是（）A．R2的阻值为5ΩB．电源电压为12VC．滑动变阻器的最大功率为9WD．电流表示数的变化范围为0.75～1.5A5．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，两个定值电阻的阻值R1＞R2，闭合开关S，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2，它们的实际电功率分别为P1、P2，相等时间内它们消耗的电能分别为W1、W2，下列判断中正确的是（）A．I1＞I2 B．U1＝U2 C．P1＞P2 D．W1＞W26.清池茶历史悠久，是金沙县“三宝”之一。清池茶，外形扁、平、直、光滑匀整；色泽翠绿油润；香气高爽持久；汤色黄绿、明亮；滋味鲜爽；叶底嫩绿、鲜明、匀齐完整。如图所示，一杯香茶端到客人面前，茶香四溢，下列说法正确的是(

)A.热的茶水含有的热量多

B.茶水冷却过程中，分子热运动越来越剧烈

C.茶水太烫，喝茶时用嘴吹一吹，使茶水的内能减少，温度降低

D.烧水时水蒸气将壶盖顶起是机械能转化为内能7．如图所示，支架OB固定于竖直墙面O点，且可绕O点在竖直面内转动，细绳BC与支架连接于B点，另一端固定在墙上C点，此时支架水平，细绳与支架夹角为30°，滑轮组悬挂于支架A处，OA＝2AB，重500N的工人用300N竖直向下的拉力拉动绳子自由端，使重540N的物体M在10s内匀速上升了5m。工人与水平地面的接触面积为500cm2，两个滑轮的质量相等，不计支架和细绳重力，不计滑轮组的绳重和摩擦。则下列说法正确的是（）A．滑轮对重物的拉力的功率为150WB．工人对地面的压强为4000PaC．细绳BC对支架的拉力1280ND．滑轮组的机械效率为80%二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．今年是中国共产党建党100周年，我市各地都开展了唱红歌比赛活动，男女演唱者时而“引吭高歌”，时而“低声吟唱”，十分感人！这里的“高”“低”描述的是声音的______（选填“响度”“音调”或“音色”）。9．桔棒（gāo）俗称“吊杆”“称杆”，是古代的农用汲水工具。如图所示，在水边架一个杠杆，前端系提水工具，后端坠重物，即可一起一落地汲水。人用力向下拉绳子时，桔槔相当于一个杠杆，竖直向上汲水时动力。（填“变大”“变小”或“不变”）10．如图所示，我市某广场安装有噪声自动监测显示屏，显示屏上的分贝数值指的是声音的（选填“音调”“响度”或“音色”），深夜跳广场舞的音乐声音属于，广场周边禁止汽车鸣笛是在处减弱噪声。11．(本题2分)图中小木块的长度是________cm；（2）体温计测量的体温是________℃。

12.如图所示，2021年12月9日，神舟十三号航天员在空间站进行“水膜张力”实验，实验原理是分子间存在

，水膜经注水变成水球，将颜料注入水球，最后颜色充满水球，这是说明分子在

。

13．如图所示是百米比赛运动员起跑时的情景，用力向后蹬起跑器，人就会获得向前的力，这说明；现场观众感觉运动员跑得飞快，选择的参照物是。14.______叫做压强．压强的计算公式是______，单位是______.压强的大小同时受______、______两个因素影响，压力大，______不一定大．三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．请在图中根据入射光线画出相对应的折射光线。16.一束光射向一块玻璃砖(如图)，并穿过玻璃砖，请你画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线。17．阅读短文回答问题返回舱的回家之旅经历了长达23天的飞行，在月球成功取样后，嫦娥五号返回舱于2020年12月17日凌晨1点精准地降落在内蒙古四王子旗地区。返回舱在返回过程中要应对多种挑战，首先要应对的是高温。返回舱在利用半弹道跳跃（打水漂）再次进入大气层时的速度约为7.9km/s，它与大气的剧烈摩擦最高可产生3000℃左右的高温，我们知道，在温度为1600℃时，就能熔化钢铁，在3000℃时，即使是金刚石也会熔化，为什么嫦娥五号的返回舱没有被烧毁，而仅仅只是被“烤至金黄”？这是因为我国的神舟系列飞船采用了自主研制开发的烧蚀防热技术，就是用先进的防热材料技术给返回舱穿上一层25mm厚的“防热衣”，防热材料在高温作用下，自身分解、熔化、蒸发和升华，在消耗表面质量的同时带走大量的热，使表面温度大幅下降；同时还有一层辐射式防热和隔热材料，使热量不能传递到舱内，最终可使返回舱内部的温度控制在30℃左右。除了高温，返回舱返回过程中还要经过一个距地面35km到80km的黑障区，返回舱通过黑障区时，外壳温度为2000℃左右，高温使返回舱周围的空气电离形成等离子体，屏蔽了电磁波的通过，因此会丧失与外界的无线电联系，这段时间地面人员无法得知返回舱的实时状况，也无法对返回舱进行控制，只能通过进入黑障前进行精准的调控，才能使它顺利通过黑障区。返回舱在到达地面前的最后一道难关是在距地面约10km处要用降落伞减速。嫦娥五号返回舱共有三把伞：引导伞、减速伞和主伞，其中主伞面积可以达到1200m2左右，只有让降落伞顺利开伞才能在巨大阻力作用下，在返回舱到达地面前减速到6m/s左右，确保返回舱安全着陆。嫦娥五号月球取样的成功，在世界面前彰显了我国航天科技的伟大成就，更让我们为祖国的强大而自豪。（1）为什么降落伞上伞的面积要做得尽量大一些？（2）返回舱经过稠密大气层时为什么会出现高温？如何使返回舱内部的温度保持在30℃左右？（3）返回舱返回过程中，地面工作人员与返回舱之间利用什么传送信号？当返回舱出现黑障时，为什么无法传送信号？四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在“探究萘熔化过程中温度的变化规律”的实验中，甲图是其实验装置，乙图是根据实验数据画出的水和萘的温度随时间变化的图象。（1）某时刻试管中温度计的示数如图甲所示，此时萘的温度是°C。（2）分析图象后可知：萘熔化过程中和水沸腾过程中的共同特点是吸热，温度。（3）实验过程中发现水沸腾后，试管中的液态并没有沸腾，这说明液态萘的沸点可能比水的沸点（选填“高”或“低”）。19.如图所示，是小明和小华在观察“水的沸腾”实验中的情景，通过酒精灯对水加热，使水沸腾，他们记录的数据如下表所示：时间/min…12345678910水温/℃…92939495969798999999(1)为了完成实验，除图上所示的器材外还需要的测量器材是______。

(2)继续实验，观察到水沸腾时的现象如图中的图______(选填“甲”或“乙”)，水沸腾吸收热量，温度______(选填“升高”、“不变”或“降低”)。

(3)本次实验中水沸腾时的温度为______。

(4)根据记录在图中画出水的沸腾图象。

(5)实验中发现，水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因可能是：______。(写一种原因)

(6)小明同学在家中观察水壶中的水沸腾时，从壶嘴喷出一股“白气”，“白气”是水蒸气还是小水珠？______，在最靠近壶嘴的地方反而看不见“白气”，这是由于______。20.(1)如图所示，为比较水和牛奶的比热容大小，实验小组进行了如下实验：将两支完全相同的试管分别装______相同的水和牛奶，然后将它们同时放入装有适量水的烧杯中，再对烧杯进行加热，最后通过比较______来比较水和牛奶的比热容。

(2)探究“动能大小与质量的关系”实验中，应控制______(选填“斜面”或“水平面”)是光滑的，原因是______。

五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．小乐利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的额定功率。小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定。（1）连接好电路后闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表和电流表均有示数，则出现该情况最有可能是。（2）移动滑动变阻器的滑片直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率P额＝W。（3）在电压表损坏的情况下，小乐又设计了如图丙所示电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率，其中定值电阻的阻值为R0；其实验步骤如下：①先闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表的示数为需要的值，此时小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电流表的示，泡的额定功率P额＝（用U0、I、R0表示）。22.现在市场上流行如图甲所示的新型电饭锅，采用“聪明火”技术，电脑智能控温、控压，使食物得到最佳的口感和营养。把电饭锅接入220V的电路中，某次煮饭电饭锅的电功率随时间变化的图像如图乙所示。

(1)电饭锅工作时电路中的电流最大是多少A？

(2)整个煮饭过程消耗了多少电能？

(3)一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅，发现家中标有“3000imp/kW⋅h”的电能表指示灯闪烁了150次刚好用时5min，求电饭锅此时的实际功率是多少？

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．学校新建了一所玻璃花房，小明小组根据所学知识给花房设计了自动加湿器，由控制电路和工作电路两部分组成（图甲、乙）。在控制电路中，他选用的电源电压恒为12V，R是可调电阻箱，RH为湿敏电阻，其阻值随相对湿度变化的对应关系如图丙所示（横轴为空气湿度，用百分数表示）。请分析并回答下列问题：（1）当空气湿度增大时，湿敏电阻阻值，通过通电螺线管的电流（两空均选填“增大”或“减小”）。当湿度增大到某一值时，电磁铁将上面的衔铁吸下来，加湿器停止工作。（2）花农要求当空气湿度达到或超过30%时，加湿器停止工作。小明经过测试，发现当控制电路电流达到0.15A时，电磁铁可将衔铁吸下来，他选用的电阻箱的阻值是多大？（3）为了保持花房更加湿润，要求加湿器能在更大的湿度值时就可进入工作状态，可采取的措施有哪些？

24．如图所示为某款微电脑电热水壶，其具有温度可控、自动抽水等优点，下表是该电热水业的部分参数【c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1×103kg/m3】求：额定电压加热功率频率容量220V1210W50Hz1.2L（1）该电热水壶正常加热时的电阻是多少？（2）用该电热水壶将1.2L的水从20℃加热到100℃，则这些水需吸收多少焦的热量？（3）某天用电高峰期，只使用该电热水壶加热6min，标有“1200r/（kW•h）”字样的家用电能表的转盘转了120转，此时电热水壶的实际功率是多少？

25．某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点，其等效电路如图所示，此时处于空挡状态，闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态：旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，洗衣机正常使用时，加热功率是2400W。求：（1）电热丝R2的阻值。（2）某次洗衣时，洗衣机内注入40L水，在额定电压下对水加热，水温由20℃升高到50℃，此时加热效率为84%，求加热时间。（3）关闭其它用电器，只让洗衣机处于保温洗涤状态，正常工作20min，标有“3000r/（kW•h）”的电能表转盘转过500转，求洗衣机电动机的功率。

参考答案及解析1．【解答】解：根据二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上。A、通过观察两个力，它们的大小相等、方向也相反、两个力在同一直线上、并在同一物体上，是一对平衡力，正确。B、B选项中的两个力，一个3N，一个4N，大小就不相等，所以不是一对平衡力，错误。C、C选项中的两个力不作用于同一直线上，所以不是一对平衡力，错误。D、D选项中的两个力也不是作用于同一直线上，所以不是一对平衡力，错误。故选：A。2.【答案】C

【解析】解：A、在探索比分子更小的微观粒子历程中，汤姆孙发现了电子，说明原子可以再分，故A错误。

B、摩擦起电现象中，对核外电子束缚能力弱的原子失去电子显正电，故B错误。

C、地球是太阳系中的行星之一；太阳系是处于银河系边缘的一个小星系；物质是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由原子核与核外电子构成的，由此可知，C正确。

D、“破镜难重圆”是因为镜子破碎处的固体分子间距离过大，分子间作用力太小，故D错误。

故选：C。

(1)汤姆孙通过阴极射线发现了电子，证明了原子是可分的。

(2)摩擦起电现象中，对核外电子束缚能力强的原子得到电子显负电，对核外电子束缚能力弱的原子失去电子显正电。

(3)地球是太阳系中的行星之一；太阳系是处于银河系边缘的一个小星系；物质是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由原子核与核外电子构成的。

(4)分子间作用力与分子间距离有关，距离越大，分子间作用力越弱。

本题是对我们基础知识、认知水平的考查，难度较低。3．【答案】A【知识点】机械能及其转化；做功改变物体内能；热机的效率；能量的转化或转移【解析】【解答】A、发射火箭与热机的能量转化相同，都是内能转化为机械能，故A正确；

B、火箭与空气摩擦发热，对火箭做功，火箭的内能变大，是通过做功改变内能的，故B错误；

C、火箭加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度变高，重力势能变大，火箭搭载的卫星的机械能变大；故C错误；

D、燃料的不完全燃烧，客服摩擦做功，都会造成能量损失，火箭发动机的效率小于100%，故D错误。

故选：A。

【分析】是内能转化为机械能做功冲程；对物体做功，物体的内能变大，是通过做功改变内能的；质量不变，速度变大，动能变大，高度变高，重力势能变大，火箭搭载的卫星的机械能变大；火箭发动机的效率小于100%。4．【答案】B【知识点】电功率的计算【解析】【解答】（1）由乙图知，当R1接入电路的阻值为4Ω时，R1的电功率为4W，由P=UI得I1=P1R1=4W4Ω=1A，电源电压为U=I1(R1+R2)=1A×(4Ω+R2)，由乙图知，当R1接入电路的阻值为16Ω时，R1的电功率为4W，由P=UI得I2=P1R1=4W16Ω=0.5A，电源电压为U=I2(R1+R2)=0.5A×(16Ω+R2)，联立以上两式即可求得R2=8Ω，U=12V，故A错误B正确

（2）当滑动变阻器的电阻等于R5．解：由图可知，闭合开关S后，电阻R1、R2并联，因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，则U1＝U2，故B正确；由题知，R1＞R2，且电压相等，由I＝可知I1＜I2；故A错误；因为U1＝U2，I1＜I2，所以由P＝UI可知，它们的电功率关系为：P1＜P2；故C错误；由W＝Pt可知，相同时间t内它们消耗的电能关系为：W1＜W2；故D错误。故选：B。6.【答案】C

【解析】解：A、热量是过程量，不能说含有热量的多少，只能说吸收和放出热量，故A错误；

B、茶水在冷却过程中，放出热量，温度降低，内能减少，分子热运动越来越平缓，故B错误；

C、茶水太烫，喝茶时用嘴吹一吹，加快了水的蒸发，蒸发带走热量，所以减少了茶水的内能，使茶水的温度降低，故C正确；

D、水壶里的水烧开时，水蒸气把壶盖顶起，水蒸气对壶盖做功，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，故D错误。

故选：C。

(1)热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；

(2)温度越高，分子运动越剧烈；

(3)蒸发是汽化的方式之一，蒸发吸热；

(4)气体膨胀对外做功，将内能转化为机械能。

本题考查了对热量概念的认识，对分子动理论的理解，对物体内能改变的掌握，有一定综合性，但难度不大。7．【答案】B,C【知识点】滑轮与功的综合题【解析】【解答】A、因为物体做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，滑轮对重物的拉力：F拉=G物=540N，滑轮对重物的拉力做的功：W拉=F拉h=540N×5m=2700J，

则滑轮对重物的拉力的功率：P=Wt=2700J10s=270W，故A错误；

B、工人对地面的压力：F压=G人-F=500N-300N=200N，工人对地面的压强：p=F压S=200N500×10−4m2=4000Pa，故B正确；

C、由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦时F=1n（G+G动），所以动滑轮的重力：G动=nF-G物=2×300N-540N=60N，两个滑轮的质量相等，由G=mg可知，定滑轮的重力：G定=G动=60N，

定滑轮对支架上A点竖直向下的拉力：FA=3F+G定=3×300N+60N=960N，由图可知，支架OAB可以看做以O为支点的杠杆，定滑轮对支架上A点的拉力的力臂LA=OA，

细绳与支架夹角为30°，由数学知识可知，细绳BC对支架拉力的力臂：LB=12OB=12×（OA+AB）=12×（OA+12OA）=34OA，

由杠杆平衡条件可知：FB×LB=FA×LA，

8．响度【解析】“响度”指声音的强弱或大小；“音调”指声音的高低或尖细；“音色”指声音的特色。“引吭高歌”和“低声吟唱”是指大声或小声歌唱，是声音的大小、强弱，所以这里的“高”“低”描述的是声音的响度。9．省力不变【详解】[1][2]当人用力向下拉绳子，用桔槔向上提水时，人的拉力小于汲器的重力，桔槔相当于一个省力杠杆，竖直向上汲水时动力不变。10．（3分）如图所示，我市某广场安装有噪声自动监测显示屏，显示屏上的分贝数值指的是声音的响度（选填“音调”“响度”或“音色”），深夜跳广场舞的音乐声音属于噪声，广场周边禁止汽车鸣笛是在声源处减弱噪声。【分析】（1）噪声监测器是用来监测噪声强弱的仪器，外界的噪声越大，也就是声音的响度越大，其所显示的数字就越大；（2）从环境保护的角度看，噪声是指妨碍人正常休息、学习和生活的声音以及对人们要听到的声音起干扰作用的声音；（3）噪声的防治主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。【解答】解：图中噪声监测器显示此时的噪声是63.0分贝，该装置是用来监测噪声强弱的仪器，所以测的是当时环境声音的响度；广场舞的音乐声音很有节奏感，对于跳舞的人来说不是噪声，但妨碍其他人的正常休息、学习和生活，对其他人来说属于噪声；广场周边禁止汽车鸣笛是从声源处减弱噪声。故答案为：（1）响度；（2）噪声；（3）声源。【点评】本题考查了学生对声音的特征、噪声的定义、防治噪声的途径等知识的了解，属于声现象基本规律的考查，是一道基础题。11．3.2036.8【详解】（1）[1]图中刻度尺的分度值为0.1cm，小木块从刻度尺的10刻度线开始测量，所以其长度是3.20cm。（2）[2]体温计的分度值是0.1摄氏度，测量的体温36.8℃。12.【答案】引力

不停地做无规则运动

【解析】解：在太空水膜依然完好，这说明分子间存在相互作用的引力；

水膜经由注水变成水球，将颜料注入水球，最后颜料充满水球，这是扩散现象，说明分子在不停地运动。

故答案为：引力；不停地做无规则运动。

(1)分子间存在引力和斥力；

(2)相互接触的两种物质，彼此进入对方的现象是扩散现象。

本题考查分子动理论的应用，属于基础题目。

13．（2分）如图所示是百米比赛运动员起跑时的情景，用力向后蹬起跑器，人就会获得向前的力，这说明力的作用是相互的；现场观众感觉运动员跑得飞快，选择的参照物是地面。【分析】（1）物体间力的作用是相互的；（2）物体的运动与静止是相对于参照物而言的，相对于参照物，位置发生了改变则运动了，没有改变则处于静止状态。【解答】解：运动员起跑时用力向后蹬腿，给起跑器一个向后的力，因力的作用是相互的，起跑器会给运动员一个向前的力，所以运动员会向前运动；相对于地面，运动员的位置一直在发生改变，所以以地面为参照物，会感到运动员跑得飞快。故答案为：力的作用是相互的；地面。【点评】本题难度较低，是对我们基础知识的考查。14.【答案】物体在单位面积上受到的压力；p=FS；Pa【解析】解：物体在单位面积上受到的压力叫压强．

物体受到的压强大小与压力和受力面积有关，所以计算公式为p=FS，单位为帕．

影响压力作用效果的因素是压力的大小和受力面积的大小．物理学中用压强来表示压力的作用效果，压力一定时，受力面积越小，压强就越大；受力面积一定时，压力越大，压强就越大，因此压力大，压强不一定大．

故答案为：物体在单位面积上受到的压力；p=FS；Pa；压力；受力面积；压强．

根据压强的定义、计算公式和单位进行填空．15．解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：16.【答案】

【解析】【分析】

当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角；当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。

解答本题要注意：光从空气斜射入玻璃和光从玻璃斜射入空气时，入射角和折射角的大小关系是不同的。

【解答】

过入射点先作法线，当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角，由此在法线右侧的玻璃中画出折射光线；

当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线。如图所示：

。

17．【解答】答：（1）降落伞受到的阻力与伞的面积有关，其它条件一定时，要使降落伞产生的阻力越大，伞的面积要做得尽量大一些；（2）返回舱经过稠密大气层时，与大气的剧烈摩擦，摩擦生热，机械能转化为内能，出现高温现象；返回舱表面涂满一层25mm厚的防热材料，在高温作用下，自身分解、熔化、蒸发和升华，在消耗表面质量的同时带走大量的热，使表面温度大幅下降；同时还有一层辐射式防热和隔热材料，使热量不能传递到舱内，最终可使返回舱内部的温度控制在30℃左右；（3）返回舱返回过程中，首先要经过真空区域，由声音的传播需要介质、电磁波的传播不需要介质可知，地面工作人员与返回舱之间利用电磁波传送信号；当返回舱出现黑障时，外壳会产生高温，高温使返回舱周围的空气电离形成等离子体，屏蔽了电磁波的通过，因此会丧失与外界的无线电联系。18．【答案】（1）88（2）不变（3）高【知识点】摄氏温度及其计算；熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件【解析】【解答】

（1）如图甲所示，此时萘的温度是88°C

（2）分析图象后可知：萘熔化过程中和水沸腾过程中的共同特点是吸热，温度不变

（3）实验过程中发现水沸腾后，试管中的液态并没有沸腾，这说明液态萘的沸点可能比水的沸点高

【分析】

（1）温度计的读数如图所示

（2）奈是晶体，熔化过程中是继续吸收热量，温度不变

19.【答案】秒表

乙

不变

99℃

水的初温低

液化

最靠近壶嘴的地方温度高，水蒸气不容易液化

【解析】解：(1)观察温度随吸收热量的变化，在火力不变的情况下，加热时间越长，吸收热量多少通过时间的长短来反映，需要秒表来记录。

(2)液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大，故水沸腾时的现象为图乙。

(3)液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度就是这种液体的沸点，是99℃。

(4)在图象上描出(1,92)(2,93)(3,94)(4,95)(5,96)(6,97)(7,98)(8,99)(9,99)(10,99)，用光滑的曲线连接起来，如下图。

(5)水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因很多，例如：容器中的水过多，水温过低，火力太小，用酒精灯的外焰加热等等，答案是不唯一的。

(6)“白气”是由于水蒸气液化形成的小水珠，而靠近壶嘴处温度较高，水蒸气不容易发生液化。

故答案为：(1)秒表；(2)乙；不变；(3)99℃；(4)见下图所示：

(5)水的初温低；(6)液化；最靠近壶嘴的地方温度高，水蒸气不容易液化。

(1)水吸收的热量不能直接看出，用水吸收热量的长短反映水吸收热量的多少，所以用秒表测量水吸收热量的时间。

(2)液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大。

(3)液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，不变的温度就是这种液体的沸点。

(4)在图象上画出时间和温度的对应点，然后用光滑的曲线连接起来。

(5)水从开始加热到沸腾的这段时间过长，造成这种现象的原因很多，例如：容器中的水过多，水温过低，火力太小，用酒精灯的外焰加热等等。

(6)首先搞清楚“白气”是小水珠，是由于水蒸气液化形成的，再考虑周围温度对水蒸气液化的影响。(1)实验中需记录温度随时间的变化，所以要用到温度计测量温度，用秒表来记录时间；

本题考查水的沸腾实验的灵活应用与变通，读懂题意，理论结合实验现象灵活变通是解决此类问题的关键。20.【答案】质量

升高的温度

斜面

实验中需要物体到达水平面时的初速度相同

【解析】解：(1)根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相等，故试管中水和牛奶的质量应该相同；由于没有直接测量比热容的仪器，因此这个实验是通过加热相同时间，通过观察升高的温度的变化来比较比热容的大小；

(2)探究“动能大小与质量的关系”实验中，应使物体从同一斜面的相同高度滑下，当斜面光滑时，物体到达水平面时的速度是相同的；若水平面光滑，则无法通过木块被撞击移动的距离判定动能的大小。

故答案为：(1)质量；升高的温度；(2)斜面；实验中需要物体到达水平面时的初速度相同。

(1)我们使用同一热源通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；

(2)探究“动能大小与质量的关系”实验中，需要控制速度相同，据此分析。

本题比较不同物质的吸热能力、影响动能大小的因素，考查控制变量法、转换法的应用，为重要的两个实验。21．（6分）小乐利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的额定功率。小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定。（1）连接好电路后闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表和电流表均有示数，则出现该情况最有可能是滑动变阻器接入电路的电阻过大或者电源电压太小了。（2）移动滑动变阻器的滑片直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率P额＝0.75W。（3）在电压表损坏的情况下，小乐又设计了如图丙所示电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率，其中定值电阻的阻值为R0；其实验步骤如下：①先闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表的示数为需要的值，此时小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电流表的示，泡的额定功率P额＝U0（I−U0R0）（用U【解答】解：（1）闭合开关，接通电路后，电流表、电压表工作正常，示数均不为零，说明电路是通路，可能是滑动变阻器接入电路的电阻过大，电路中电流过小，灯泡不能发光，或者电源电压太小了；（2）实验中移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，灯泡正常发光，由图电流表使用0﹣0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，所以灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（3）如图丙所示的电路，其中定值电阻的阻值为R0，小灯泡的额定电压为U0，测量时，先闭合开关S和S1，R0与灯并联，调节滑动变阻器滑片，使电流表的示数为U0然后将S1断开、S2闭合，读出电流表的示数为I，因通过定值电阻的电流保持不变，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：I额＝I−U则小灯泡的额定功率：P额＝U0（I−U故答案为：（1）滑动变阻器接入电路的电阻过大或者电源电压太小了；（2）0.75；（3）U0（I−U22.【答案】解：

(1)由乙图可知电饭锅的最大功率是660W，

由P=UI可得电饭锅工作时电路中的最大电流：I=P1U=660W220V=3A；

(2)整个煮饭过程消耗的电能分为两部分：

①以660W的功率工作，时间为15min，消耗的电能：W1=P1t1=660W×15×60s=5.94×105J，

②以440W的功率工作，时间为15min，消耗的电能：W2=P2t2=440W×15×60s=3.96×105J，

整个煮饭过程消耗的电能：W=W1+W2=5.94×105J+3.96×10【解析】(1)由乙图可知电饭锅的最大功率，根据电功率的变形公式可计算电饭锅工作时电路中的电流最大是多少；

(2)整个煮饭过程消耗的电能分为两部分：①以660W的功率工作，时间为15min，②以440W的功率工作，时间为15min，根据电功公式计算整个煮饭过程消耗了多少电能；

(3)3000imp/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求电能表指示灯闪烁150次消耗的电能，再利用23．（9分）学校新建了一所玻璃花房，小明小组根据所学知识给花房设计了自动加湿器，由控制电路和工作电路两部分组成（图甲、乙）。在控制电路中，他选用的电源电压恒为12V，R是可调电阻箱，RH为湿敏电阻，其阻值随相对湿度变化的对应关系如图丙所示（横轴为空气湿度，用百分数表示）。请分析并回答下列问题：（1）当空气湿度增大时，湿敏电阻阻值减小，通过通电螺线管的电流增大（两空均选填“增大”或“减小”）。当湿度增大到某一值时，电磁铁将上面的衔铁吸下来，加湿器停止工作。（2）花农要求当空气湿度达到或超过30%时，加湿器停止工作。小明经过测试，发现当控制电路电流达到0.15A时，电磁铁可将衔铁吸下来，他选用的电阻箱的阻值是多大？（3）为了保持花房更加湿润，要求加湿器能在更大的湿度值时就可进入工作状态，可采取的措施有哪些？【分析】（1）由丙图可知当空气湿度增大时，湿敏电阻阻值减小，两电阻串联接入电路，根据串联电路特点和欧姆定律可知通过电路的电流的变化；（2）由丙图可知当空气湿度达到30%时，湿敏电阻阻值的阻值，知道电磁铁将衔铁吸下来时通过电路的电流，由欧姆定律的变形公式计算湿敏电阻两端电压，根据串联电路电压规律计算电阻箱两端电压，根据欧姆定律的变形公式计算电阻箱的阻值；（3）由图知，湿度变大，湿敏电阻变小，根据电阻的串联和欧姆定律可得通过电路的电流I＝，据此分析讨论。【解答】解：（1）由丙图可知当空气湿度增大时，湿敏电阻阻值减小，两电阻串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路总电阻减小，由欧姆定律可知通过电路的电流增大，串联电路各处电流相等，所以通过通电螺线管的电流增大；（2）当空气湿度达到30%时，湿敏电阻阻值为20Ω，电路电流达到0.15A时，电磁铁可将衔铁吸下来，由I＝可得湿敏电阻两端电压为：UH＝IRH＝0.15A×20Ω＝3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电阻箱两端电压为：UR＝U﹣UH＝12V﹣3V＝9V，所以电阻箱的阻值为：R＝＝＝60Ω；（3）根据电阻的串联和欧姆定律可得：通过电路的电流：I＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，根据丙图知，湿度变大时，湿敏电阻的阻值变小，当控制电路电流达到0.15A时，电磁铁可将衔铁吸下来，为了能在较大的湿度值时开始启动加湿器进入工作状态，即在湿敏电阻较小的情况下，控制电路电流也达不到0.15A，加湿器仍处于工作状态，由①知，在电源电压不变的情况下，故可适当增大电阻箱的电阻，或在R不变时，因湿敏电阻的阻值变小，可减小电源电压U。综上，为了能在较大的湿度值时开始启动加湿器进入工作状态，可采取的措施有：可增大电阻箱的电阻，或减小电源电压。答：（1）减小；增大；（2）电阻箱的阻值为60Ω；（3）为了能在较大的湿度值时开始启动加湿器进入工作状态，可采取的措施有：可增大电阻箱的电阻，或减小电源电压。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律、电磁铁的应用，关键是从题中获取有效的信息。24．（9分）如图所示为某款微电脑电热水壶，其具有温度可控、自动抽水等优点，下表是该电热水业的部分参数【c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1×103kg/m3】求：额定电压加热功率频率容量220V1210W50Hz1.2L（1）该电热水壶正常加热时的电阻是多少？（2）用该电热水壶将1.2L的水从20℃加热到100℃，则这些水需吸收多少焦的热量？（3）某天用电高峰期，只使用该电热水壶加热6min，标有“1200r/（kW•h）”字样的家用电能表的转盘转了120转，此时电热水壶的实际功率是多少？【分析】（1）由家用电热壶的铭牌可知额定电压和额定功率，由P＝UI＝可得电热壶的电阻；（2）由ρ＝得出水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（3）家用电能表上标有1200r/（kW•h），表示每消耗1kW•h的电能，电能表转1200圈，据此求出消耗的电能，根据P实＝求出此时消耗的实际功率。【解答】解：（1）由电热壶的铭牌可知，额定电压U＝220V，加热功率为P＝1210W，由P＝UI＝可得，电热壶的电阻：R＝＝＝40Ω