【尖子生特训】专题10 物体的内能 分类练习（含解析）-2026-2027学年浙教版科学九年级上册

【尖子生特训】专题10物体的内能分类练习题型一：物体内能的改变方法1．汽车紧急刹车时，轮胎温度急剧升高，内能增大。以下四个事例中改变物体内能的方式与之相同的是()A．B．C． D．2．下列情况物体的内能增加且改变内能的方法只是热传递的是()A．用打气筒给自行车打气时，气筒壁发烫B．用砂轮磨刀时，刀具发烫C．冬天用热水袋捂手时，手会感到暖和D．贮气罐里的气体向外喷泻时，气罐壁的温度变低3．下列描述中的“发热”现象，其改变内能的方式与其他三个不同的是()A．铁锤敲打铁片发热 B．铁丝反复弯折后发热C．阳光下路面发热 D．搓手时手掌发热4．2025年4月19日，全球首届人形机器人半程马拉松比赛在北京开赛，全程约21km。如图所示。机器人全身共有18个靠电机驱动的关节，在奔跑过程中，腿部关节温度会上升。下列实例中，改变内能的方式与“关节温度上升”相同的是（）A．野外烤火御寒 B．古人钻木取火C．用热水袋取暖 D．冰袋冷敷降温5．篆体中“煮”的写法如右图所示，表示用火烧煮食物，下列实例与“煮”在改变物体内能的方式上相同的是()A．钻木取火 B．弯折铁丝C．水蒸气顶起壶盖 D．可乐中加冰题型二：温度、热量与内能的关系6．如图为做功改变物体内能的改进实验，往内推活塞时，会看到温度显示器上的温度发生变化。下列有关此过程的说法正确的是()A．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度降低B．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度升高C．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度降低D．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度升高7．对下面图片所描述的物理过程，分析正确的是()A．图甲：厚玻璃管内的空气被压缩时，空气内能增大，管壁温度升高B．图乙：瓶子内的气体推动塞子跳起时，气体对塞子做功，气体温度升高C．图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气内能增大，(s导致试管口出现白雾D．图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动时，内燃机将机械能转化为内能8．如图所示，仔细观察甲、乙、丙三杯水，判断下列说法中，正确的是()A．甲杯中水的内能最大 B．乙杯中水的内能最大C．丙杯中水的内能最大 D．乙、丙杯中水的内能一样大9．如图所示，开启这样的起泡酒，木塞离开瓶颈时，对应的气流速度已经超过了音速，而且还能观察到二氧化碳随之结晶并变幻出缕缕薄雾。下列关于这一过程的说法正确的是A．瓶内气体对瓶塞做功时机械能转化为内能B．瓶内气压降低，二氧化碳溶解度减小逸出C．瓶内气体的温度降低，二氧化碳吸热结晶D．薄雾是二氧化碳晶体熔化形成的小液滴10．关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是（）①物体的温度越高，所含的热量就越多②物体温度越低，内能越小，0℃的物体没有内能③两物体相互接触时，热量总是从温度高的物体转移到温度低的物体④物体吸收热量，温度不一定升高A．①③ B．②③ C．①② D．③④11．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是()A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高B．一般物体都具有内能，但超低温物体没有内能C．物体内能减少时，温度不一定降低，但一定是放出了热量D．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加12．炎热的夏天，小明将一瓶饮料放在泡沫箱中的冰块上，两者的温度随时间变化如图。下列说法正确的是（）A．甲是冰块 B．0~t1内，乙在吸收热量C．t1后，两者不再发生热传递 D．t2后，两者的内能均为0焦题型三：比热容13．在两个相同的烧杯中分别装有质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的酒精灯对其加热，每隔一段时间用温度计分别测量它们的温度，并画出了温度随时间变化的图像如图，可知()A．a液体比热容小B．b液体比a液体更适合作发动机的冷却液C．0~3min内a液体吸收的热量少D．升高相同的温度时，b液体吸收的热量少14．用相同的加热装置对a、b、c三种物质加热，它们的温度随时间变化的图像如图所示，其中a、c质量相同。下列对图像的分析，正确的是()A．t1~t2时间内物质a的温度不变，所以内能不变B．若a、b是同种物质，则b的质量大于a的质量C．温度从T1升高到T2时，物质a和物质b吸收的热量相等D．物质b的比热容大于物质c的比热容15．A．若c1＝c2，则m1＜m2 B．若c1＞c2，则m1＞m2C．若m1＝m2，则c1＜c2 D．若m1＜m2，则c1＞c216．如表是一些物质的比热容[J/（kg•℃）]，根据表中数据，下列判断正确的是（）水4.2×103铝0.88×103干泥土0.84×103煤油、冰2.1×103铜0.39×103砂石0.92×103A．不同的物质，比热容一定不相同B．在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢C．因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大D．质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多二、填空题17．如图所示是甲、乙两种质量相等的不同晶体，均匀加热，在相同时间内吸收相同热量的条件下，两种晶体熔化前后温度随时间变化的图象。则单位质量的两种晶体熔化过程中吸收的热量相比较，Q甲Q乙；液态甲的比热容液态乙的比热容。（填“大于”、“小于”或“等于”）18．如图为热水与冷水混合后的温度随时间变化的图像，不考虑热量散失，热水质量10kg，请回答下列问题：（1）当冷、热水混合后，达到热平衡时的温度为℃；（2）热水放出的热量与冷水吸收的热量（选填"相等"或"不相等"）。（3）由图可知，冷水的质量（选填"大于""小于"或"等于"）10kg。题型四：热量的计算、燃料的热值19．小建家安装了电锅炉地暖设备，通过加热管内循环流动的水来提升室内温度。已知水的比热容为4.2×10（1）加热管中的液体选用水，主要是利用水的较大的特性。（2）该设备工作一段时间使水温度升高5∘C，管内80kg的水吸收的热量为（3）管中热水循环一段时间，室内空气温度升高，是通过方法增加空气的内能。20．小兵利用图示装置测算酒精的热值。燃烧皿中酒精的质量为12g，烧杯中水的质量为200g，初温为23℃，点燃酒精，当水温升高到43℃时，立即熄灭火焰。该过程水吸收的热量Q＝J。他想利用Q放＝Q计算酒精的热值，还需进行的实验操作是，他所测算出的热值与真实值相比偏。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]21．随着乡村振兴的持续推进，以天然气为燃料的燃气灶逐渐取代了以干木材为燃料的土灶，保护了生态环境。将质量为3kg、初温为23℃的水加热到98℃，土灶燃烧了干木材0.315kg，则该土灶的热效率为%；若用热效率为60%的燃气灶，则需要消耗天然气m3（结果保留小数点后两位）。干木材热值取1.2×107J/kg，天然气热值取3.9×107J/m3，水的比热容4.2×103J/（kg•℃）。22．如图甲所示为大家常见的普通煤炉，通过燃烧煤将壶中的水进行加热。现在1标准大气压下，壶中装有质量为5kg温度为20℃的水，已知q（1）计算烧开壶中的水需要吸收的热量；（2）已知图甲煤炉烧水效率为30%，若用该煤炉烧开壶中的水，计算需要完全燃烧煤的质量；（3）小组将普通煤炉（如图甲所示）设计成了双加热煤炉（如图乙所示），在给壶内水加热的同时，还可将炉壁间的水加热。双加热煤炉相对于普通煤炉有利于____。A．提高煤的热值 B．煤的充分燃烧 C．提高炉子的热效率23．电热水壶与燃气灶是家庭中常用的两种加热装置，某实验小组针对电热水壶与燃气灶的加热效率与使用成本进行了实验。实验小组分别使用燃气灶与电热水壶将质量为2kg、初温为20℃的水加热到沸腾（标准大气压下），记录的相关数据如表所示（未给全）。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]电热水壶燃气灶额定加热功率（W）1800天然气热值（J/m3）3.4×107①600②30电价[元/（kW•h）]0.6气价（元/m3）3.4（1）若要比较电热水壶和燃气灶的加热效率，表中测量的物理量：①；②。（要求带单位）（2）某成员观察到实验前后电能表的示数如图所示（电路中仅电热水壶工作），则电热水壶的实际功率与额定功率的大小关系是P实P额选填“＞”“＜”或“＝”）。

（3）该实验中，每次加热过程中水吸收的热量为J。（4）经过计算可以发现的加热效率更高，使用加热更经济。（均选填“电热水壶”或“燃气灶”）24．为了给同学解释“沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区尽夜温差小”这一现象，小尉采用计算的方法来解释。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），干泥土的比热容为0.84×103J/（kg•℃）。（1）求10kg的水升高5℃需要吸收的热量；（2）若这些热量全部被等质量的干泥土完全吸收，求干泥土升高的温度。25．太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一，如图为某品牌太阳能热水器，每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在4小时的有效照射时间内，可将热水器中水的质量为200kg、初温为20℃的水温度升高到30℃，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），试求：（1）热水器中的水吸收的热量Q吸。（2）热水器的效率η。（3）若改用燃气灶来加热这些水，燃气灶的效率η为40%，则需要完全燃烧多少m3煤气（煤气的热值q＝4.2×107J/m3）。26．一家庭用的燃气热水器，将20kg水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4×107J/m3。试求：（1）煤气完全燃烧放出的热量；（2）水吸收的热量；（3）该热水器烧水的效率。27．某网红加热杯垫可以迅速将一杯冷水加热到55℃。（1）通电后，杯垫温度不断升高，但与杯垫串联的导线却不热，这是因为（选填“导线中的电流”、“导线的电阻”或“通电时间”）较小引起的。（2）若不考虑一切热量损失，则该加热杯垫要将一杯200克温度为15℃的冷水加热到55℃需要吸收J的热量。[c水=4.2×103J/（kg·℃）]

答案解析部分1．【答案】A【知识点】物体内能的改变方法【解析】【分析】做功和热传递都能改变内能，前者的本质为能量的转化，后者的本质为能量的转移。

【解答】汽车刹车时，轮胎与地面之间发生剧烈摩擦，摩擦力做功将机械能转化为轮胎的内能，导致温度升高。这种改变内能的方式是通过做功实现的。

A.钻木取火时，通过摩擦将机械能转化为内能，使木头温度升高而燃烧，属于做功改变内能，故A符合题意；

B.食物放入冰箱内，冰箱的制冷剂吸收食物的热量，然后将热量带到外面释放，属于热传递改变内能，故B不合题意；

C.冬天用热水袋取暖，即人体吸收热水的热量，属于热传递改变内能，故C不合题意；

D.金属勺放在热汤中吸收汤的热量温度升高，属于热传递改变内能，故D不合题意。

故选A。2．【答案】C【知识点】物体内能的改变方法【解析】【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是热量从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种式。

【解答】A、用打气筒给自行车打气时，气筒壁发烫。这是因为压缩气体做功，对气体做功，气体的内能增加，温度升高，通过热传递气筒壁温度也升高，此过程主要是通过做功的方式改变物体内能，而不是单纯的热传递，所以A选项不符合要求。

B、用砂轮磨刀时，刀具发烫。这是由于刀具与砂轮之间相互摩擦，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，使刀具的内能增加，温度升高，这是通过做功改变物体内能，并非热传递，所以B选项不符合。

C、冬天用热水袋捂手时，手会感到暖和。热水袋温度较高，手的温度较低，热量从热水袋传递到手上，使手的内能增加，这一过程中是通过热传递的方式改变手的内能，符合题目中物体内能增加且改变内能的方法只是热传递的要求，所以C选项符合。

D、贮气罐里的气体向外喷泻时，气罐壁的温度变低。这是因为气体膨胀对外做功，内能减小，温度降低，气罐壁的温度也随之变低，是通过做功的方式改变物体内能，不符合题意，所以D选项不符合。

故答案为：C。3．【答案】C【知识点】物体内能的改变方法【解析】【分析】改变物体内能的方式有两种：一是做功，二是热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。

【解答】A.用锯条锯木头时锯条发热，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；

B.反复弯折铁丝时，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；

C.阳光下路面发热，路面从阳光中吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能；

D.搓手时手掌发热，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；

综上分析可知，改变内能的方式与其他三个不同的是B。

故选C。4．【答案】B【知识点】物体内能的改变方法【解析】【分析】首先明确改变内能的两种方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移，机器人奔跑过程中，腿部关节温度上升，是因为电机驱动关节运动时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变内能；

【解答】A.野外烤火御寒：人从火焰吸收热量，是通过热传递改变内能，和题干方式不同，故A错误；

B.古人钻木取火：钻木时克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使木头温度升高达到着火点，是通过做功改变内能，故B正确；

C.用热水袋取暖：人体从热水袋吸收热量，是通过热传递改变内能，故C错误；

D.冰袋冷敷降温：人体的热量传递给冰袋，是通过热传递改变内能，故D错误；5．【答案】D【知识点】物体内能的改变方法【解析】【分析】改变物体内能的两种方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。

【解答】“煮”表示用火烧煮食物，烧煮食物时，食物吸收热量，内能增加，是通过热传递改变内能。

A．钻木取火时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功方式改变内能，故A不符合题意；

B．弯折铁丝时，机械能转化为内能，是通过做功改变内能，故B不符合题意；

C．水蒸气顶起壶盖，水蒸气对壶盖做功，内能转化为机械能，是通过做功改变内能，故C不符合题意；

D．可乐中加冰，可乐会放出热量，是通过热传递改变可乐的内能，故D符合题意。

故选：D。6．【答案】B【知识点】内能；温度、热量与内能的关系【解析】【分析】外界对气体做功，机械能转化为内能，气体内能增大、温度升高；气体对外做功，内能转化为机械能，气体的内能减小，温度降低。

【解答】AB、活塞对瓶内气体做功，气体内能增大，温度升高，即显示器上的温度升高，故A正确，B错误；

CD、向内推活塞，是活塞对气体做功，不是气体对活塞做功，故CD错误。

故答案为：B。7．【答案】A【知识点】内能；温度、热量与内能的关系；物体内能的改变方法【解析】【分析】外界对气体做功时，机械能转化为气体的内能，气体内能增大，温度升高；气体对外做功时，内能转化为机械能，气体内能减小，温度降低。

【解答】A、压缩空气时，对空气做功，机械能转化为内能，空气的温度升高，管壁吸热，温度升高，故A正确；

B、瓶子内的气体推动塞子跳起时，气体对塞子做功，气体的内能转化为塞子的机械能，气体内能减小，温度降低，故B错误；

C、试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气内能减小，温度降低，水蒸气液化，导致试管口出现白雾，故C错误；

D、汽缸内的气体推动活塞向下运动时，内燃机将内能转化为机械能，是做功冲程，故D错误。

故答案为：A。8．【答案】C【知识点】内能；温度、热量与内能的关系【解析】【分析】（1）内能的影响因素：物体的内能与质量、温度等因素有关（同种物质下），质量越大、温度越高，内能越大。

（2）同种物质的内能比较：对于同种物质（水），温度相同时，质量越大内能越大；质量相同时，温度越高内能越大。

【解答】由图可知，甲和丙杯中水的温度高于乙杯，但丙杯中水的质量大于甲杯，因为物体的质量和温度越大，物体的内能越大，所以丙杯中水的内能最大；

故答案为：C。9．【答案】B【知识点】内能；温度、热量与内能的关系；物体内能的改变方法【解析】【分析】（1）气体对外做功的内能变化与气体溶解度规律：物体对外做功时，内能会转化为机械能，自身内能减小、温度降低（如瓶内气体推动木塞时，内能转化为木塞的机械能）。

气体的溶解度随压强减小而减小：当瓶内气压降低时，溶解在液体中的气体（如二氧化碳）溶解度减小，会从液体中逸出。

（2）物态变化的吸放热规律：凝华是气态直接变为固态的过程，需要放热；升华是固态直接变为气态的过程，需要吸热。

液化是气态变为液态的过程，需要放热（如水蒸气遇冷液化成小液滴）。

【解答】A、瓶内气体对瓶塞做功时，是内能转化为机械能，并非机械能转化为内能，故该选项错误。

B、开启起泡酒时，瓶内气压降低，根据气体溶解度随压强减小而减小的规律，二氧化碳的溶解度减小，从而逸出，故该选项正确。

C、瓶内气体对外做功，温度降低，二氧化碳是放热凝华（而非吸热）形成固态，故该选项错误。

D、薄雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，并非二氧化碳晶体熔化形成的，故该选项错误。

故答案为：B。10．【答案】D【知识点】内能；温度、热量与内能的关系；物体内能的改变方法【解析】【分析】热量是热传递过程中转移的能量，是一个过程量，不能说物体“含有”热量。热量与温度是两个不同的概念。温度是物体内部分子热运动的剧烈程度的量度，而热量是能量转移的量。内能是物体内所有分子热运动的动能和分子势能的总和

【解答】温度是物体内部分子热运动的剧烈程度的量度，而热量是能量转移的量。因此，①的说法是错误的。内能是物体内所有分子热运动的动能和分子势能的总和。任何物质在任何温度下都具有内能，因此，②的说法是错误的。两物体相互接触时，热量总是从温度高的物体转移到温度低的物体，因此，③的说法是正确的。晶体熔化时吸收热量，但温度保持不变，因此，④的说法是正确的。

故答案为：D。11．【答案】D【知识点】内能；温度、热量与内能的关系【解析】【分析】（1）内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体在任何温度下都具有内能。

（2）改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式在改变物体内能上是等效的。物体吸收热量时，内能增加，但温度不一定升高（如晶体熔化）；物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功。物体内能减少时，可能是放出了热量，也可能是对外界做了功，且温度不一定降低（如晶体凝固）。

【解答】A、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，比如晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度保持不变，故该选项错误。

B、一切物体，不论温度高低，都具有内能，超低温物体也有内能，故该选项错误。

C、物体内能减少时，温度不一定降低，比如晶体在凝固过程中，内能减少，但温度不变；同时，物体内能减少，可能是放出了热量，也可能是对外界做了功，故该选项错误。

D、物体温度升高，内能一定增加；物体温度升高，不一定是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故该选项正确。

故答案为：D。12．【答案】B【知识点】内能；温度、热量与内能的关系【解析】【分析】热传递的条件是存在温度差。

【解答】A、饮料的温度高于冰的温度，所以饮料和冰接触后，饮料的温度降低，冰的温度升高，所以甲是饮料，乙是冰块，故A错误；

B、0-t1内，乙的温度升高，说明乙在吸热，故B正确；

C、t1后两者的温度不同，仍会发生热传递，t2后两者的温度相同，不再发生热传递，故C错误；

D、任何物体都具有内能，所以t13．【答案】D【知识点】比热容；热量的计算【解析】【分析】AD、由Q=cm∆t可知，质量和温度变化量一定时，比热容大的物质，吸收的热量更多，所以需要加热更长的时间。

B、冷却液应使用比热容大的液体，吸热能力强。

C、吸收热量的多少取决于加热时间的长短，加热时间长，吸收热量多。

【解答】A、升高相同的温度，由图可知a液体加热时间更长，即吸收的热量更多，由c=Qm∆t可知，a液体的比热容更大，故A错误；

B、a液体的比热更大，由Q=cm∆t可知，吸热能力更强，所以a更适合作发动机的冷却液，故B错误；

C、使用相同的热源，加热相同的时间，可知放出的热量相同，则两种液体吸收的热量也相同，故C错误；

D、由图可知，温度均由15℃升高至35℃，b加热时间更短，可知b吸收的热量更少，故D正确。14．【答案】B【知识点】比热容【解析】【分析】（1）液体的沸腾或晶体的熔化过程吸热温度不变；

（2）根据Q=cm△t分析解答；

（3）吸收热量的多少通过加热时间的长短来表现；

（4）根据Q=cm△t分析bc比热容的大小。【解答】A、根据图像可知，t1~t2时间内物质a的温度不变，但是由于不断吸热，所以内能增大，故A错误。B、若a、b为同种物质，则比热容相等，当加热时间都为t1时，二者吸收的热量相同，此时升高的温度b小于a，根据Q=cm△t可知，升高的温度与物体的质量成反比，即b的质量大于a，故B正确。C、根据图像可知，从T1升高到T2时，a用的时间小于b的时间，即物质a吸收的热量小于b，故C错误。D、因为不知道b的质量，所以b与c的比热容无法比较，故D错误。

故选B。15．【答案】D【知识点】比热容；热量的计算【解析】【分析】（1）给物质A、B加热相同的时间，两物质吸收的热量相同，则有Q吸A＝Q吸B，已知物质A、B的质量和比热容，根据Q吸＝cm△t可分别表示出物质A、B吸收的热量，然后列出等式c1m1△tA＝c2m2△tB；（2）由图像可知，加热相同时间，物质A、B升高的温度关系△tA＜△tB，则有c1m1＞c2m2；然后按照选项分情况讨论，得出正确结论。【解答】给物质A、B加热相同的时间，两物质吸收的热量相同；由Q吸＝cm△t可知，物质A吸收的热量为Q吸A＝c1m1△tA，物质B吸收的热量为Q吸B＝c2m2△tB；则有Q吸A＝Q吸B，即c1m1△tA＝c2m2△tB；由图像可知，加热相同时间，物质B升高的温度较大，即△tA＜△tB；则有c1m1＞c2m2；A．若c1＝c2，则m1＞m2，故A错误；B．若c1＞c2，则质量关系无法判断，故B错误；C．若m1＝m2，则c1＞c2，故C错误；D．若m1＜m2，则c1＞c2，故D正确。故选：D。16．【答案】D【知识点】比热容【解析】【分析】比热容是物质的一种特性，表示物质的吸热和放热本领，不同物质的比热容一般不同，比热容还与物质的状态有关。热量的计算公式为：Q＝cmΔt。【解答】A、根据表中数据，冰和煤油的比热容相同，故不同的物质，比热容有可能相同，故A错误；B、在同样的阳光照射下，干泥土吸收的热量和湿泥土吸收的热量相同，但湿泥土中含有较多的水，因水的比热容大，故干泥土的比热容小于湿泥土的比热容，根据∆t=QC、内陆地区多砂石，而砂石的比热容小于水的比热容，吸收或放出相同的热量，根据∆t=QD、因铝的比热容大，根据Q＝cmΔt得，质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝吸热多，故D正确。故选：D。17．【答案】小于；大于【知识点】比热容；热量的计算【解析】【分析】本题主要考查对探究比热容实验的了解和用控制变量法分析比热容大小的能力。【解答】（1）由题知，在相同时间内物质吸收的热量相同，则加热时间越长，吸收热量越多；由图像可知，甲晶体在熔化过程所用的加热时间比乙晶体熔化过程的加热时间短，所以可知晶体熔化过程中吸收的热量Q甲小于Q乙。（2）两种晶体的质量相等，由图像可知当甲、乙两种液态物质吸收的热量相同时（即加热相同的时间），液态乙升高的温度多，所以液态乙的比热容比液态甲的比热容小。故答案为：小于；大于。18．【答案】（1）40（2）相等（3）大于【知识点】比热容；热量的计算【解析】【分析】（1）热平衡状态下，相互接触的物体温度会趋于一致，此时的温度即为热平衡温度，可从温度-时间图像中读取两条曲线重合后的稳定温度。

（2）热传递过程中，若不考虑热量散失，高温物体放出的热量会全部被低温物体吸收，即热水放出的热量与冷水吸收的热量相等。

（3）根据热量计算公式Q=cmΔt，在Q和比热容c相同时，温度变化量Δt与质量m成反比，可通过热水和冷水的温度变化量比较两者的质量大小。

【解答】（1）由图像可知，冷、热水混合后，温度曲线在400s后稳定在40℃，说明达到热平衡时的温度为40℃。

（2）题目明确说明不考虑热量散失，因此热水放出的热量会全部被冷水吸收，即热水放出的热量与冷水吸收的热量相等；

（3）热水的初温为70℃，末温为℃，温度变化量

Δt热=70℃−40℃=30℃；冷水的初温为30℃末温为30∘C，

温度变化量Δt冷=40℃−30℃=10℃。

根据Q=cmΔt，Q与c相同时，m与Δt成反比，Δt热>Δt冷，

因此m冷>m热=10kg，即冷水的质量大于10kg。

故答案为：（1）40；

（2）相等；

（3）大于。19．【答案】（1）比热容（2）1.68×10（3）热传递【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容；热量的计算；化学能与内能的转化【解析】【分析】（1）比热容是反应物质吸热或放热本领的大小的物理量；比热越大，吸热能力越强，升温越慢，降温也越慢，比热小，吸热能力越弱，升温快，降温也快；

（2）根据公式Q=cm∆t进行计算分析；

（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。

【解答】（1）比热容反映了物质吸热放热能力，水的比热容比常见物质大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时可以吸收更多的热量，因此地暖加热管中用水作为传热介质，正是利用了水比热容较大的特性，故答案为：比热容。

（2）根据公式得到水吸收的热量Q=20．【答案】1.68×104；测出剩余酒精的质量；小。【知识点】热量的计算；燃料的热值【解析】【分析】根据Q＝cmΔt计算水吸收的热量；已知Q放时，由q=Q由于存在热量损失，酒精燃烧放出的热量没有被水全部吸收，再根据q=Q【解答】根据题意可得，水吸收的热量Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）]×200×10﹣3kg×（43℃﹣23℃）＝1.68×104J；根据题意可知，Q放已知，由q=Q由于存在热量损失，酒精燃烧放出的热量没有被水全部吸收，即Q＜Q放，又因为燃烧掉酒精的质量是一定的，根据q=Q故答案为：1.68×104；测出剩余酒精的质量；小。21．【答案】25；0.04。【知识点】热量的计算；燃料的热值【解析】【分析】（1）知道水的质量、水的比热容，求出水的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；知道完全燃烧干木材的质量、热值，利用Q放＝mq求天然气完全燃烧放出的热量；燃气灶的热效率等于水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比；（2）根据η=Q吸Q【解答】水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（98℃﹣23℃）＝9.45×105J；干木材完全燃烧放出的热量：Q放＝mq气＝0.315kg×1.2×107J/kg＝3.78×106J；燃气灶的热效率：η=Q天然气完全燃烧放出的热量：Q放'=Q吸η'由Q放＝Vq得，烧开这壶水需要天然气的体积：V=Q放'故答案为：25；0.04。22．【答案】（1）根据题意可知，水需要吸收的热量Q吸=c水m（2）燃料完全燃烧放出的热量为Q放则完全燃烧煤的质量为m煤=Q（3）C【知识点】热量的计算；燃料的热值【解析】【分析】（1）根据公式Q吸=c水m水△t1计算水吸收的热量；

（2）根据Q放=煤的燃烧程度不会受到是否双锅炉的影响，故B不合题意；

双加热煤炉，可有效的防止热量的散失，使燃料的有效率提高，故C符合题意。故选C。23．【答案】（1）加热时间（s）；消耗天然气的体积（L）（2）＜（3）6.72×105（4）电热水壶；燃气灶【知识点】能量利用效率；热量的计算；电功率计算公式的应用【解析】【分析】（1）要比较电热水壶和燃气灶的加热效率，要测量加热时间和消耗天然气的体积。（2）根据P=W（3）根据吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）进行计算。（4）通过计算电热水壶和燃气灶的加热效率和价格进行分析和比较。【解答】（1）通过比较电热水壶和燃气灶的加热效率和使用成本，需要测量加热时间（s）和消耗天然气的体积（L），计算水吸收的热量，并比较两种加热方式的效率和经济性。（2）600s内电热水壶消耗的电能W＝653.50kW•h﹣653.25kW•h＝0.25kW•