广东省衡水2026-2027学年高三上学期10月阶段检测物理试题（含答案）

本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 物理第1页(共8页)ABCD物理第2页(共8页)物理第3页(共8页)11.(8分)物理第4页(共8页)每个小方格所代表的冲量大小为I₆=0.010N·s,曲线与时间轴所围的总格数为n=75格(含半格计)。则碰掩过程中力传感器对滑块的冲量大小I=N·s12.(8分)(2)为更准确测量一定光照条件下光敏电阻的阻值，小组决定用伏安法测电阻。已知电压表的量程为0～3V(内阻约为3kΩ)和电流表的量程为0～0.3A(内阻约为0.1Ω)。若要求尽量减物理第6页(共8页)(1)若该车以预定功率在水平路面上匀速行驶，求汽车的速度v及10分钟内牵引力做的功W;回收装置(电磁制动力为恒力),车辆制动后经1=8s停下物理第7页(共8页)15.(16分)参考答案及解析高三10月巩固性训练n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可以向外辐射6种不同频率的光，但只有2种光为可见光，B项错误；有可能使其发生跃迁，C项正确；氢原子从越高的能D项错误。2.B【解析】图丙中t=0时刻电压为零，说明此时线圈位于中性面，不对应图乙所示位置，故A项错误；由U-t图像可知，电压完成一次周期性变化的时间(周期)T=0.02s,则频率为,故B项正确；根据可知线圈转动的角速度w=值小于虚线电压有效值，虚线电压的最大值为200V,则有效值为,故D项错误。3.D【解析】小球速度最大时应该满足电场力和重力等大反向，在O点电场力为零，在重力作用下小球仍加速向下运动，O点不是速度最大的点，故A项错误；由于小球受到的最大电场力和重力的大小关系不是运动的最低点，故B项错误；若电场强度最大点在C点上方，根据等量同种点电荷电场分布特点可知从C点到D点电场强度先减小冉增大，所以电场力先点到O点过程电场强度先增大再减小，O点到D点过程电场强度先增大再减小，电场力大小也随电场强度有相同的变化，故C项错误；小球经过O点后若重力一直大于电场力，则小球可以一直向下加速运动，所以电场力可能一直做负功，故D项正确。4.C【解析】单车从刹车到停下的位移30m,故不会撞上小猫，单车停止时与小猫的距离5.C【解析】由题意可知，高尔夫球在水平方向受恒定,解得项错误；高尔夫球在水平方向做匀减速直线运动，说明v²x图像是一条斜率为负值的直线，根据匀变速直线运动规律，球穴A距击球点的水平距离6.C【解析】当卡盘始终接通高压电源时，极板电压U不变，由可知极板间电场强度不变，吸附力不强度减小，吸附力减小，B项错误；当卡盘断开电源时，极板电荷量不变，电容器的电容,Q=根据a=rw²可知a₃>a4,B项错误；运行在L₁、L₃两点的航天器角速度相等，r₃>r,根据v=rw可知v₃地球，则有,即8.BC【解析】物体的固有频率由自身质量、等效弹性结构(钢缆、浮体刚度)决定，与外界驱动力(海浪)的期(频率)与振子固有周期(频率)相等时，系统发生共的速度方向与加速度方向有时相同，有时相反，D项错误。9.AC【解析】在探头接触空气的情况下，由sinC=可得光线在探头内发生全反射的临界角正弦值,故此情况下临界角小于45°(∠C≈42°),故A项正确；光线发生全反射需要同时于临界角”这两个条件，因发射管射出的光线在锥面上入射角为45°,大于临界角C,且光学玻璃的折射率大于空气折射率，故接触空气情况下光线会发生全发探头接触水的情况下，虽然光学玻璃的折射率大于水此情况下发生全反射的临界角63°,故光线不能发生全反射，会发生折射现象，此时接收管收到光的强度正确。可得,因两段电流图像斜率相同，火车刚进入线圈时，线圈中电流大小I₁=0.25A,又因为感应电动势E₁=nBdv₁=I₁R,所以火车刚进入线圈时的速度v₁=0.6m/s,B项错误；因为火车做匀加速直线运动，所以磁场区域的长度L=v₁△t₁+,线圈的长度=).4m,C、D项正确。11.(1)5.20(2分)(2)2.60(2分)(3)0.750(2分)(4)一0.720(1分)合外力的冲量等于物体动量的变化量(1分)【解析】(1)20分度的游标卡尺的分度值为0.05mm,则读数为d=0.5cm+4×0.05mm=5.20mm。(2)由可得(3)F-1图像与时间轴围成的面积表示冲量，则I=nl=75×0.010N·s=0.750N·s。(4)规定初速度方向为正，初动量po=Mvo=0.200×2.60kg·m/s=0.520kg·m/s,末=-0.200×1.00kg·m/s=-0.200kg·m/s;动量变化量△p′=p一po=-0.720kg·m/s;动量变化量的大小|△p'|=0.720kg·m/s,传感器测得缓冲力的冲量I=0.750N·s,因此在误差允许的范围12.(1)×1k(1分)6000(1分)(2)3(1分)(4)实物图如图所示(2分)参考答案及解析物理(5)6×10³(2分)3×10³(1分)【解析】(1)多用电表的指针偏角过小，表明电阻大，(2)待测电阻为大电阻，为了减小误差，应该选电流(5)由欧姆定律可得,可得13.【解析】(1)初始胎压p₁=200kPa,初始温度T₁=对于左前轮胎，温度升高到T,根据查理定律可得(2分)故当报警器刚好响起时，左前轮胎内气体的温度为42℃(2分)(2)缓慢放气过程左前轮胎温度不变，根据玻意耳定律可得p左V₀=p₁V(2分)放出气体和原来气体的质量(1分)(1分)由功率公式PFv,解得v40m/sF₁一f=ma可得v₁=20m/s设匀加速运动时间为t₁,则(1分)(1分)v₁=at₁(1分)解得L₁=20s(1分)解得a—5m/s²,s=160m解得F电=8×10³N则制动过程中装置回收的电能为(1分)(1分)(1分)(1分)(1分)(1分)(1分)(1分)eE=cvB₁(1分)又(1分)联立可得(1分)(2)①质子恰好打到F点时磁感应强度B₂最大，由几何关系可得r₁=L由洛伦兹力提供向心力可得(1分)解得(1分)②质子恰好打到C点时磁感应强度B₂最小，由几何关系可得r²=(r₂—L)²+(2L)²(1分)由洛伦兹力提供向心力可得(1分)解得(1分)综合上述可知能使质子打到病灶区域的偏转磁场的物理