物理-河南湘豫名校联考高三上学期2026年10月质量检测

10月高三物理注意事项：一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.如图所示为我国古代的马车，马拉着一辆平板车在平直的路面上匀速行驶，快到站时，在马车向前做减速运动的过程中A.车受到地面的摩擦力向前B.马拉车的力小于车拉马的力C.马拉车的力小于地面对车的摩擦力D.马车的惯性逐渐减小2.2026年7月22日上午10点54分，引力一号遥四运载火箭在东海海上发射场发射，搭载火箭一箭九星升空。若卫星在超低轨道绕地球做匀速圆周运动的周期为T,已知地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,忽略地球自转的影响，不计空气阻力，则超薄碟形卫星距地球表面的高度为BB物理试题第1页(共8页)物理试题第2页(共8页)3.民间打马锣，就是手握马锣，敲一下然后“抛锣”。即在演奏过程中把马锣竖直向上抛出再接住，继续敲击，若马锣可抽象为质点，其受到的空气阻力与速率成正比，从抛出开始计时，以竖直向上为正方向，下列描述马锣速度随时间变化的图像可能正确的是4.如图所示为我国运动员举重比赛中举起杠铃稳定时的情景。已知运动员和杠铃的质量分别为m、M,运动员双腿与地面间的夹角均为θ=53°,重力加速度为g,假设运动员双腿可看成轻杆，已知sin。则地面对该运动员每条腿的作用力大小为5.2026年5月24日，神舟二十三号载人飞船成功发射。飞船人轨后，采用自主快速交会对接技术，成功与空间站天和核心舱径向端口对接，形成了三舱三船组合体。飞船发射后经过变轨成功进入轨道Ⅲ的圆轨道，轨道Ⅱ是椭圆轨道，轨道I是近地圆轨道，如图所示。若卫星在轨道I、Ⅱ上的P点和轨道Ⅱ、Ⅲ上的Q点运行的线速度大小分别为v₁、Up、UQ、v₃。下列说法正确的是A.神舟二十三号飞船在轨道Ⅱ上各点的速度均小于7.9km/sB.神舟二十三号飞船在三个轨道上的周期大小关系为TmC.神舟二十三号飞船在轨道Ⅱ上经过Q点的加速度小于在轨道Ⅲ上经过Q点的加速度D.卫星在轨道I、Ⅱ上的P点和轨道Ⅱ、Ⅲ上的Q点运行的线速度大小大小关系为vp>v₁>v₃>vQ6.如图，半径为3R的固定的半球形碗中，有两个半径均为R的质量分布均匀的球a、b,球a、b的质量分别为2m、m。现对b球施加大小及方向合适的推力F,使a、b球心处于同一高度。不计一切摩擦，重力加速度为g,则推力F的最小值为B7.如图，某田间安装有一种自动浇水装置，由于出水口的自动调节，水柱可以从水平方向到竖直方向间的任一夹角射出，已知出水口离水平地面的高度为h,水柱从出水口射出和落地的速度大小分别为2√gh、√6gh,不计空气阻力，重力加速度为g,则自动浇水过程中水柱水平射程的最大值为B.2√3h二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.假如航天员乘坐宇宙飞船到达某行星，他在该行星表面附近水平抛出一个小球，经过时间t小球落地。已知小球平抛运动的位移为L,与水平面的夹角为30°,行星半径为R,引力常量为G。根据这些信息，可以求出A.该行星表面的重力加速度大小为B.该行星的第一宇宙速度为C.该行星的质量为D.该行星的平均密度为物理试题第3页(共8页)9.如图，电动餐桌中心的圆盘上沿半径方向放置水杯A和B,B的质量是A的两倍，A恰在圆盘的边缘，B到圆盘中心O点的距离是圆盘半径的一半，水杯与圆盘间的动摩擦因数均为μ。已知A的质量为m,B到圆盘中心O的距离为r,重力加速度为g,接通开关，在电动机的带动下，圆盘从静止开始缓慢地加速转动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是A.两水杯未与桌面发生相对滑动，A所受静摩擦力大于B所受静摩擦力B.当圆盘的角速度w逐渐增大时，B先滑动C.若A、B均不从圆盘上滑落，圆盘转动的角速度的最大值为 D.当圆盘转动的角速度为时，A所受静摩擦力的大小为10.如图，2026年4月19日在北京亦庄举办的人形机器人半程马拉松比赛中，一机器人在平直赛道上从静止开始，先做加速直线运动，达到某一速度做匀速直线运动，在途中接近某补给站时开始做减速运动，做减速运动25s后到达补给站，此时速度为零。已知机器人在部分时间段的位移如下表所示，该机器人在上述运动过程中时间(s)……位移(m)…79…A.匀速运动的速度大小为10m/sB.加速阶段所用的时间为25sC.加速阶段的位移与减速阶段的位移之比为4:5D.加速阶段的平均速度小于减速阶段的平均速度物理试题第4页(共8页)11.(6分)某兴趣小组为完成“探究向心力大小的表达式”实验，设计了如图甲、乙所示的两种不同圆周运动的实验装置。若两种情况下小球的质量为m,球心到悬点O的距离为1,小球的直径为d,重力加速度为g,忽略空气(1)图甲中让小球在水平面内做圆锥摆运动，小球圆周运动的圆心为O′,0与O′间的距离用H表示。①用秒表测量小球运动n圈的总时间t,则小球所需要的向心力为 ;(用题中已知量表示)②若用秒表记录不同H对应的圆锥摆的周期T,要证明小球所受到的和力F与所需要的向心力F。大小相等，只需证明(用题中已知量表示)图像为一条过原点的倾斜直线。(2)图乙中将小球拉离竖直方向一定角度后由静止释放，摆动过程中，测得小球通过光电门的时间为t′,力传感器对应测得细线的最大拉力为F,若要证明向心力大小的表达式，则必要证明F-mg=(用题中已知量表示)。12.(9分)某同学利用如图甲所示的装置完成了“探究加速度与外力的关系”甲(1)实验得到如图乙所示的纸带，相邻计数点间有4个点未画出，打点计时器所用交流电源的频率为50Hz,则打第4个计数点时小车的速度v4= m/s;小车的加速度大小为m/s²。(结果均保留3位有效数字)。乙(2)若滑轮的质量可以忽略，则在实验过程砂和砂桶的加速度与小车的加速度之比为(3)若小车动滑轮的质量不能忽略，保持小车质量不变，改变拉力多次测量可得小车运动的加速度a和力传感器示数F的a-F图线如图丙所示，已知小车的质量M=1.8kg。由图可知滑轮的质量0丙(4)若该同学忘记了平衡摩擦，多次改变砂桶内细砂的质量绘出a-F图像如图丁所示。已知该图线斜率为k,重力加速度为g。则小车与长木板间的动摩擦13.(10分)如图，在一次空地联合军事演习中，无人机将一枚炮弹从距地面高为H=180m处以初速度vo=20m/s水平投放，炮弹在空中受到与初速度方向相反的风力作用，已知风力大小恒为20N,炮弹质量为10kg,重力加速度g取10m/s²,求：(1)炮弹从发射到落地的时间和这段时间内的水平位移大小；(2)炮弹落地时的速度大小；14.(12分)如图，粗糙水平面左侧与光滑圆弧轨道在B点相切，右侧与竖直面内的光滑半圆形导轨在C点相切。在天花板上用长为L=0.6m的细线系着一质量为m=1kg的小球在水平面内做圆周运动，缓慢增大角速度，在小球细线与竖直方向夹角为α=60°时运动到P点，此时细线突然断开，小球飞出后恰好从A点沿切线进入左侧光滑圆弧轨道，经过水平面后再进入右侧与C点相切的竖直平面内的光滑半圆形轨道。已知左侧圆弧轨道的半径r=0.6m,圆心角θ=53°,右侧半圆形轨道的半径R=0.4m,D点与(1)小球运动到P点时的速度v。的大小；(3)若小球进入半圆形轨道后，脱离轨道的位置与轨道最低点的高度差为,求小球脱离轨道时的速度v的大小。15.(17分)如图，某物流公司通过传送带把货物装运到卡车上。倾斜传送带AB与水平面的夹角θ=37°,长度L=5.8m,传送带与水平面间平滑连接，传送带以vo=4m/s顺时针方向匀速转动。若质量为m的货物从传送带顶端A由静止开始下滑，经过一段时间货物滑上静止的卡车，恰好到达卡车的D端。若将卡车视为平板车模型，其质量M=4m,CD段长度x=3.6m,已知货物与传送带以及卡车上表面间的动摩擦因数均为μ₁=0.5,BC段光滑，卡车与EF水平面间的动摩擦因数μ2=0.1。已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g取10m/s²。(1)求货物滑到B点时的速度大小。(2)求货物在卡车上运动的时间。(3)若卡车与EF段的动摩擦因数μ2=0.02,试判断货物能否到达卡车的D端；若不能到达，求货物最终到卡车左端的距离。FF10月高三物理参考答案123456789CDCADBA一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.C【解析】车受到的摩擦力向后，A项错误。马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等，方向相反，B项错误。马车向前减速运动，合外力向后，所以马拉车的力小于地面对车的摩擦力，C项正确；物体的惯性与运动状态无关，D项错误。2.D【解析】卫星受到的万有引力提供向心力，,忽略地球自转有,解得)项正确。3.C【解析】由题意，根据牛顿第二定律上升阶段mg+kv=mai,下降阶段mg—kv=ma2,可得小球在上升和下降阶段加速度大小分别为以,上升阶段v逐渐减小，则a|逐渐减小，下降阶段v逐渐增大，则a₂也逐渐减小，即v-t图像的斜率始终减小，直至减为零，C项正确。4.A【解析】对运动员和杠铃整体受力分析如图甲，根据平衡可得2Fɴ=(M+m)g。取运动员左腿为研究对象，受力分析如图乙所示g,A项正确。甲乙5.D【解析】神舟二十三号飞船在轨道I上半径近似为地球半径R,则飞船在轨道I运行的速度等于第一宇宙速度，即7.9km/s,飞船在轨道I上的P点加速，做离心运动进入轨道Ⅱ,故飞船在轨道Ⅱ上P点的速度大于在轨道I上P点的速度，即大于7.9km/s,A项错误。根据开普勒第三定律,可得T₁<T<Tm,B项错误。根据牛顿第二定律,解得,可知飞船在轨道Ⅱ上Q点的加速度等于在轨道Ⅲ上Q点的加速度，C项错误。卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有 ,解得卫星绕地球做匀速圆周运动的线速度,由此可知v₁>vs,由于卫星在轨道I的P点需要点火加速到轨道Ⅱ,则有vp>v₁,同理，在Q点有v₃>vQ,综上所述，vp>vi>v>vQ,D项正确。物理参考答案第1页(共5页)物理参考答案第3页(共5页)25s后到达补给站速度为零，其减速过程可看作是反向的匀加速直线运动，设匀速直线运动的速度为vm,则vm=a₂t,可得最大速度大小为vm=10m/s,A项正确；加速阶段所用的时间为s,B项错误；根据匀变速直线运动规律v2=2aix1,v²=2a₂x2,所以,C项正确；加速阶段的平均速度为71=,减速阶段的平均速度为,可知加速阶段的平均速度等于减速阶段的平均速度，D项错误。三、非选择题：本题共5小题，共54分。【解析】①小球运动n圈的总时间为t,则周期为,则,=√Z²—H²,小球做匀速圆周运动所需的向心力为②由几何关系知，细绳与竖直方向的夹角的正切为,小球受到重力和细绳的拉力，小球在运动时受到的向心力为F=mgtanθ,结合上述解得,小球做匀速圆周运动，则有Fₙ=F,结合上述解得,即t²-H图像为一条过原点的倾斜直线。(2)小球经过最低点时的速度大小,根据向心力公式可知【解析】(1)每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，因此相邻两计数点间的时间间隔为T=0.1s,打计数点4时小车的瞬时速度等于计数点3～5间的平均速度，则有根据△x=aT²,运用逐差法得(2)根据实验装置图可知小车与砂和桶通过滑轮连接，他们之间的速度满足vy=2v本，根据初速度为零的匀变速直线运动规律可知a巧=2a本(3)对小车和滑轮，由牛顿第二定律可得2F=(mo+M)a,整理可得可知a-F图线的斜率为k=1,所以,解得mo=0.2kg。(4)对滑块和动滑轮整体，根据牛顿第二定律有2F—μMg=Ma,则有图丁直线与y轴的截距为yo=—bk,故结合图像有μg=bk,解得物理参考答案第2页(共5页)6.B【解析】如图，a、b球心处于同一高度时，三个球心构成正三角形，碗对a、b球弹力方向均与竖直方向夹角θ=30°。球a受力矢量三角形如图所示，可知b对a的弹力0对球b受力分析，a对b弹力大小方向水平向右。碗对b弹力方向不变，b受到4个力的作用，其合力为0,4个力构成首尾相连的矢量多边形，可知当外力F与碗对b弹力方向垂直时最小，最小值,B项正确。7.A【解析】设初速度方向与水平面的夹角为α,水柱喷出后做斜上抛运动，将水柱的运动分为水平和竖直两个方向的分运动，水平方向x=votcosα,竖直方向△v=gt。作出水柱的初速度vo、末速度v以及速度的变化量△v的矢量关系图，其满足的几何关系如图。可得x=移为A项正确。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.BD【解析】由几何关系可知，小球在竖直方向上的位移为,根据自由落体运动规律，得该行星表面的重力加速度,A项错误。根据G可得该行星的质量；,C项错误。根据,该行星的第一宇宙速度为,B项正确。该行星的平均密度为项正确。9.CD【解析】两水杯未与桌面发生相对滑动时，两水杯一起随桌面转动，两水杯各自所受摩擦力提供向心力，可列fA=mu²·2r,fB=2mc²r,则水杯A所受静摩擦力始终等于水杯B所受静摩擦力，A项错误。根据famn=μmg=mwả·2r,fBmx=p2mg=2moBr,可分别求出A、B两水杯与地面恰好发生相对滑动的临界角速度分别为,则水杯A先达到最大静摩擦力，先滑动，B项错误。为保证水杯与圆盘不发生相对滑动，圆盘角速度的最大值为,C项正确。当圆盘转动的角速度时，fA=mw2r=,D项正确。10.AC【解析】由题可知，设x₁=7m,x2=9m,x₃=11机器人开始时做匀加速直线运动；同理x₈一x₇=x7一₆=x₆一xs=—1.6m,机器人接近补给站时做匀减速直线运动。设加速阶段的加速度为a₁,则由△x=a₁T²=2m,可得a₁=0.5m/s²;同理，设减速阶段的加速度为a₂,则由△x=a₂T²=-1.6m,解得az=0.4m/s²;因物理参考答案第4页(共5页)13.(10分)【解析】(1)炮弹在竖直方向做自由落体运动，则有2(1分)解得s(1分)根据牛顿第二定律，风力作用产生的加速度为2m/s²(2分)因炮弹在水平方向做匀减速运动，2(1分)代入数据得炮弹的水平位移x=84m(1分)(2)落地时竖直方向速度v1=gt(1分)解得vL=60m/s落地时水平方向速度v₂=vo—at(1分)解得v₂=8m/s所以炮弹运动到地面的速度为v=√v²+z2=4√229m/s(2分)14.(12分)【解析】(1)小球做圆周运动时，对小球进行受力分析，细线弹力的水平分力提供向心力水平方向上有(2分)竖直方向上有Tcos60°=mg(1分)解得vo=3m/s(1分)(2)小球在P、A之间做平抛运动，设A点的竖直分速度为vy,则53°(1分)在竖直方向上做自由落体运动，则有v²=2ghpA(1分)hAB=r-rcos53°=0.24m(1分)所以hp=hA+hAB=1,04m(1分)(3)设小球最高到达O点，QO′与DO′的夹角为α由几何关系可知(1分)在最高点，根据牛顿第二定律有(2分) 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