【解析】全国高考物理冲刺卷（一）Word版含解析

1、2016年全国高考物理冲刺卷（一）一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法正确的是（）A物体的速度越大，其惯性越大B速度很大的物体，其加速度一定很大C一对作用力与反作用力大小相等，性质相同D做曲线运动的物体其所受到的合外力方向与加速度方向一定不在同一直线上2如图所示为四分之一圆柱体OAB的竖直截面，半径为R，在B点上方的C点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在D点与圆柱体相切，OD与OB的夹角为60，则C点到B点的距离为（）ARBCD3对于环绕地球做圆周运动的

2、卫星说，它们绕地球做圆周运动的周期会随着轨道半径的变化而变化，某同学根据测得的不同卫星做圆周运动的半径r与周期T关系作出如图所示图象，则可求得地球质量为（已知引力常量为G）（）ABCD4如图，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C和B的距离分别是L1，和L2不计三质点间的万有引力，则A和C的比荷（电量与质量之比）之比应是（）A（）2B（）3C（）2D（）35两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图，不计粒子的重力，则下列说法正确的是（）Aa粒子带正电

3、，b粒子带负电Bb粒子动能较大Ca粒子在磁场中所受洛伦兹力较大Db粒子在磁场中运动时间较长6如图所示，小球从A点以初速度v0沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A，C为AB的中点下列说法中正确的是（）A小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B小球从A到C与从C到B的过程，减少的动能相等C小球从A到C与从C到B的过程，速度的变化相等D小球从A到C与从C到B的过程，损失的机械能相等7如图所示，水平长直导线MN中通以M到N方向的恒定电流，用两根轻质绝缘细线将矩形线圈abcd悬挂在其下方，开始时线圈内不通电流，两细线内的张力均为T，当线圈中通过的电流为I时，两细线内的张力均减小为T，下

4、列说法正确的是（）A线圈中通过的电流方向为adcbaB线圈中通过的电流方向为abcdaC当线圈中电流变为I时，两细线内的张力均为零D当线圈中电流变为I时，两细线内的张力均为零8如图所示，一个电阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1连接成闭合回路线圈的半径为r1在线圈中半径为r2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图（b）所示图线与横、纵轴的交点坐标分别为t0和B0导线的电阻不计在0至t1时间内，下列说法正确的是（）AR1中电流的方向由a到b通过R1B电流的大小为C线圈两端的电压大小为D通过电阻R1的电荷量二、非选择题：包括必考题和选

5、考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共47分）9某同学利用自己设计的弹簧弹射器测量弹簧的弹性势能装置如图所示水平放置的弹射器将质量为m的静止小球弹射出去测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t，甲、乙光电门间距为L，忽略一切阻力小球被弹射出的速度大小v=，求得静止释放小球时弹簧弹性势能EP=；（用题目中的字母符号表示）由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果影响（选填“有”或“无”）10在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用电流表内阻约为几欧，电压表内阻约为十几千欧实验中得到了多组数据，

6、通过描点连线在IU系中得到了小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示（1）在虚线框中画出实验电路原理图，并在图乙中用笔画线代替导线连接电路（2）根据图甲，可确定小灯泡的功率P与U2和P与I2的关系，图丁示意图中合理的是（3）将被测小灯泡、定值电阻R和电源串联成如图丙所示的电路，电源电动势为6.0V，内阴为1.0若电路中的电流为0.40A，则定值电阻R所消耗的电功率为W11如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数 =0.2，小车足够长（取g

7、=10m/s2）求：（1）经多长时间两者达到相同的速度？（2）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小12如图，有3块水平放置的长薄金属板a、b和c，a、b之间相距为L紧贴b板下表面竖直放置半径为R的半圆形塑料细管，两管口正好位于小孔M、N处板a与b、b与c之间接有电压可调的直流电源，板b与c间还存在方向垂直纸面向外的匀强磁场当体积为V0、密度为、电荷量为q的带负电油滴，等间隔地以速率v0从a板上的小孔竖直向下射入，调节板间电压Uba和Ubc，当Uba=U1、Ubc=U2时，油滴穿过b板M孔进入细管，恰能与细管无接触地从N孔射出忽略小孔和细管对电场的影响，不计空气阻力，重力加

8、速度为g求：（1）油滴进入M孔时的速度v1；（2）b、c两板间的电场强度E和磁感应强度B的值；（3）当油滴从细管的N孔射出瞬间，将Uba和B立即调整到Uba和B，使油滴恰好不碰到a板，且沿原路与细管无接触地返回穿过M孔，请给出Uba和B的结果（二）选考题（共15分）【物理-选修3-4】13一列简谐横波，在t=0.6s时刻的图象如图甲所示，此时，P、Q两质点的位移均为1cm，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是（）A这列波沿x轴正方向传播B这列波的波速是m/sC从t=0.6 s开始，紧接着的t=0.6 s时间内，A质点通过的路程是10 mD从t=0.6 s开始，质点P比质点Q早0.

9、4 s回到平衡位置E若该波在传播过程中遇到一个尺寸为30 m的障碍物，不能发生明显衍射现象14如图所示，ABC为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料的折射率n=2，AC为一半径为R的圆弧，O为圆弧面圆心，ABCO构成正方形，在O处有一点光源若只考虑首次从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，从点光源射入圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，求这部分光照射圆弧的弧长2016年全国高考物理冲刺卷（一）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错

10、的得0分1下列说法正确的是（）A物体的速度越大，其惯性越大B速度很大的物体，其加速度一定很大C一对作用力与反作用力大小相等，性质相同D做曲线运动的物体其所受到的合外力方向与加速度方向一定不在同一直线上【考点】作用力和反作用力；惯性【分析】惯性大小的量度是质量；加速度是速度的变化率；相互作用力关系：等值、反向、共线、异体【解答】解：A、惯性大小的唯一量度是质量，惯性大小与速度无关，故A错误；B、加速度是速度的变化率，表示速度变化的快慢；速度大，加速度不一定大，如高速巡航的飞机，故B错误；C、根据牛顿第三定律，一对作用力与反作用力大小相等，性质相同，故C正确；D、根据牛顿第二定律，加速度与合力方向

11、一定相同，故D错误；故选：C2如图所示为四分之一圆柱体OAB的竖直截面，半径为R，在B点上方的C点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在D点与圆柱体相切，OD与OB的夹角为60，则C点到B点的距离为（）ARBCD【考点】平抛运动【分析】由几何知识求解水平射程根据平抛运动的速度与水平方向夹角的正切值得到初速度与小球通过D点时竖直分速度的关系，再由水平和竖直两个方向分位移公式列式，求出竖直方向上的位移，即可得到C点到B点的距离【解答】解：由题意知得：小球通过D点时速度与圆柱体相切，则有 vy=v0tan60小球从C到D，水平方向有 Rsin60=v0t竖直方向上有 y=，联立解得 y=，故C点到B点的距

12、离为 S=yR（1cos60）=故选：D3对于环绕地球做圆周运动的卫星说，它们绕地球做圆周运动的周期会随着轨道半径的变化而变化，某同学根据测得的不同卫星做圆周运动的半径r与周期T关系作出如图所示图象，则可求得地球质量为（已知引力常量为G）（）ABCD【考点】万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供向心力，得到轨道半径与周期的函数关系，再结合图象计算斜率，从而可以计算出地球的质量【解答】解：由万有引力提供向心力有：，得：，由图可知：，所以地球的质量为：，故B正确、ACD错误故选：B4如图，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C和B的距离

13、分别是L1，和L2不计三质点间的万有引力，则A和C的比荷（电量与质量之比）之比应是（）A（）2B（）3C（）2D（）3【考点】库仑定律；向心力【分析】B恰能保持静止，根据平衡条件列出等式A、C做匀速圆周运动，根据受到的库仑合力提供向心力列出等式求解【解答】解：根据B恰能保持静止可得： k=kA做匀速圆周运动，根据A受到的合力提供向心力，有： kk=mA2L1，C做匀速圆周运动，有： kk=mC2L2，联立解得A和C的比荷（电量与质量之比）之比： =故选：B5两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图，不计粒

14、子的重力，则下列说法正确的是（）Aa粒子带正电，b粒子带负电Bb粒子动能较大Ca粒子在磁场中所受洛伦兹力较大Db粒子在磁场中运动时间较长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】a、b两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子以不同的速率对向射入圆形匀强磁场区域，偏转的方向不同，说明受力的方向不同，电性不同，可以根据左手定则判定从图线来看，a的半径较小，可以结合洛伦兹力提供向心力，写出公式，进行判断，之后，根据公式，再判定动能和运动的时间【解答】解：A、粒子向右运动，根据左手定则，b向上偏转，应当带正电；a向下偏转，应当带负电，故A错误B、根据qvB=，r=，半径较大的b粒子速度大，动能也大故B正

15、确C、b粒子速度较大，根据F=qvB，电量相同，速度较大的洛伦兹力较大，故C错误D、根据t=，两粒子的周期相同，a的圆心角较大，则a的运动时间较长，故D错误故选：B6如图所示，小球从A点以初速度v0沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A，C为AB的中点下列说法中正确的是（）A小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B小球从A到C与从C到B的过程，减少的动能相等C小球从A到C与从C到B的过程，速度的变化相等D小球从A到C与从C到B的过程，损失的机械能相等【考点】动能定理的应用；机械能守恒定律【分析】要求动能的减少量可以根据动能定理求合外力对物体所做的功；要求速度的变化量可以根据公式

16、v=at来求；而机械能的损失等于除重力外其他力所做的负功【解答】解：A、位移是从初位置指向末位置的有向线段故小球从A出发到返回A，位移为0，但整个过程中摩擦力的方向与小球运动的方向始终相反，故整个过程中摩擦力对物体做负功故A错误B、设A到C的高度和从C到B的高度为h，AC的距离为s，斜面的倾角为，则有ssin=h根据mghmgscoss=EK可知小球从A到C过程中与从C到B过程合外力对物体做的功相同，故小球减少的动能相等故B正确C、故AC段的平均速度=CB段的平均速度CB=因为VAVCVB故又因为sAC=sCB由s=t可知tACtCB根据v=at可知vACvCB故C错误D、克服除重力之外其它力

17、做多少功物体的机械能就减少多少，根据mgscos=E可得小球从A到C过程与从C到B过程，损失的机械能相等故D正确故选：BD7如图所示，水平长直导线MN中通以M到N方向的恒定电流，用两根轻质绝缘细线将矩形线圈abcd悬挂在其下方，开始时线圈内不通电流，两细线内的张力均为T，当线圈中通过的电流为I时，两细线内的张力均减小为T，下列说法正确的是（）A线圈中通过的电流方向为adcbaB线圈中通过的电流方向为abcdaC当线圈中电流变为I时，两细线内的张力均为零D当线圈中电流变为I时，两细线内的张力均为零【考点】楞次定律；安培力【分析】通过线圈处于平衡，根据共点力平衡判断安培力的方向，从而确定磁场的方向

18、，根据右手螺旋定则确定电流的方向；通过安培力的公式分别求出线框所受的安培力，根据物体的平衡或者牛顿第二定律可正确解答【解答】解：A、B、当MN通以强度为I的电流时，两细线内的张力均减小为T，知此时线框所受安培力合力方向竖直向上，则ab边所受的安培力的向上，cd边所受安培力方向向下，根据安培定则知线圈处磁场方向垂直纸面向里，则I方向为abcda，故A错误，B正确；C、当MN内不通电流时，根据线框处于平衡状态有：2T0=mg，当MN中通过电流为I时，设线框中的电流为i，ab到MN的距离是r1，cd到电流MN的距离是r2，ab处的磁感应强度是B1，cd处的磁感应强度是B2，根据题意，结合电流的磁场的

19、磁感应强度的表达式可知：ab所受安培力为：cd所受安培力为：此时两细线内的张力均减小为T，则有：2T+（F1F2）=mg=2T当绳子中的张力为零时，此时导线中的电流为I1，则有：（F1F2）=mg=2T联立解得：，故C正确，D错误故选：BC8如图所示，一个电阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1连接成闭合回路线圈的半径为r1在线圈中半径为r2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图（b）所示图线与横、纵轴的交点坐标分别为t0和B0导线的电阻不计在0至t1时间内，下列说法正确的是（）AR1中电流的方向由a到b通过R1B电流的大小为C线圈

20、两端的电压大小为D通过电阻R1的电荷量【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律【分析】线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小【解答】解：A、由图象分析可知，0至t1时间内有，由法拉第电磁感应定律有：E=n=ns面积为：s=r22由闭合电路欧姆定律有：I1=联立以上各式解得，通过电阻R1上的电流大小为：I1=由楞次定律可判断通过电阻R1上的电流方向为从b到a，故A错误，B正确；C、线圈两端的电压大小为U=I12R=，故C错误；D、通过电阻R

21、1上的电量为：q=I1t1=，故D正确；故选：BD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共47分）9某同学利用自己设计的弹簧弹射器测量弹簧的弹性势能装置如图所示水平放置的弹射器将质量为m的静止小球弹射出去测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t，甲、乙光电门间距为L，忽略一切阻力小球被弹射出的速度大小v=，求得静止释放小球时弹簧弹性势能EP=；（用题目中的字母符号表示）由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果无影响（选填“有”或“无”）【考点】弹性势能【分析】（1）由图

22、可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度，由此可得速度，再由能量守恒可得弹性势能（2）由图中给的数据带入弹性势能表达式可得劲度系数（3）由力作用的独立性可知，对结果无影响【解答】解：（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度：，由能量守恒得：（2）由力作用的独立性可知，重力不影响弹力做功的结果，有没有重力做功，小球的水平速度不会变化故答案为： 无10在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用电流表内阻约为几欧，电压表内阻约为十几千欧实验中得到了多组数据，通过描点连线在IU系中得到了小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示

23、（1）在虚线框中画出实验电路原理图，并在图乙中用笔画线代替导线连接电路（2）根据图甲，可确定小灯泡的功率P与U2和P与I2的关系，图丁示意图中合理的是D（3）将被测小灯泡、定值电阻R和电源串联成如图丙所示的电路，电源电动势为6.0V，内阴为1.0若电路中的电流为0.40A，则定值电阻R所消耗的电功率为0.64W【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路图（2）根据图甲所示图象判断灯泡电阻随电压变化的关系，然后根据电功率公式分析答题（3）由图甲所示图象求出电流为0.4时，灯泡两端电压，然后根据图象求出灯泡两端电压，最后由闭合电路欧姆定律与

24、电功率公式P=UI求出电阻消耗的功率【解答】解：（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由图甲所示图象可知，灯泡电阻约为R=14.6，电流表内阻约为几欧，电压表内阻约为十几千欧，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）由图甲所示图象可知，随灯泡电流与电压的增大，电压与电流的比值增大，即随灯泡电流与电压的增大，灯泡电阻增大；A、由于灯泡电阻随U的增大而增大，由P=可知，灯泡电阻随U2增大PU2斜率减小，故AB错误；C、由于灯泡电阻随电流增大电阻R增大，由P=I2R可知，PI2

25、图象斜率增大，故C错误，D正确；（3）由图甲所示图象可知，电流为0.4A时，灯泡两端电压为4V，电阻两端电压UR=EIrUL=60.414=1.6V，电阻消耗的电功率P=URI=1.60.4=0.64W故答案为：（1）实验电路图与实物电路图如图所示；（2）D；（3）0.6411如图所示，质量M=8kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数 =0.2，小车足够长（取g=10m/s2）求：（1）经多长时间两者达到相同的速度？（2）从小物块放上小车开始，经

26、过t=1.5s小物块通过的位移大小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）利用牛顿第二定律求的各自的加速度，利用运动学公式求的时间；（2）当小物块放上小车后，在水平方向上受向右的摩擦力，所以小物块做匀加速直线运动，小车在水平方向上受推力和物块的摩擦力也做匀加速直线运动求出两者速度相等时所经历的时间，判断物块和小车能否保持相对静止，一起做匀加速直线运动判断出物块和小车的运动情况，根据运动学公式求出物块的位移【解答】解：（1）小物块的加速度=2 m/s2小车的加速度=0.5 m/s2由amt=v0+aMt解得t=1 s（2）在开始1 s内小物块的位移s1=此时其速度v=

27、at=2 m/s在接下来的0.5 s小物块与小车相对静止，一起做加速运动且加速度a=0.8 m/s2这0.5 s内的位移s2=vt1+at=1.1 m则小物块通过的总位移s=s1+s2=2.1 m答：（1）经1s两者达到相同的速度（2）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为2.1m12如图，有3块水平放置的长薄金属板a、b和c，a、b之间相距为L紧贴b板下表面竖直放置半径为R的半圆形塑料细管，两管口正好位于小孔M、N处板a与b、b与c之间接有电压可调的直流电源，板b与c间还存在方向垂直纸面向外的匀强磁场当体积为V0、密度为、电荷量为q的带负电油滴，等间隔地以速率v0从a板

28、上的小孔竖直向下射入，调节板间电压Uba和Ubc，当Uba=U1、Ubc=U2时，油滴穿过b板M孔进入细管，恰能与细管无接触地从N孔射出忽略小孔和细管对电场的影响，不计空气阻力，重力加速度为g求：（1）油滴进入M孔时的速度v1；（2）b、c两板间的电场强度E和磁感应强度B的值；（3）当油滴从细管的N孔射出瞬间，将Uba和B立即调整到Uba和B，使油滴恰好不碰到a板，且沿原路与细管无接触地返回穿过M孔，请给出Uba和B的结果【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）油滴开始下落的过程中有重力、电场力做功，根据动能定理求出油滴进入M孔的速度（2）油滴进入电场、磁场

29、共存区域，恰与细管无接触地从N孔射出，知电场力等于重力，洛伦兹力提供向心力，根据平衡求出电场强度的大小，根据洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度的大小（3）若油滴恰不能撞到a板，且再返回并穿过M点速度为零，根据动能定理求出Uba的大小，返回到N孔时速度大小不变，现向左偏转做匀速圆周运动，则磁感应强度的大小不变，方向改变【解答】解：（1）油滴进入电场后，重力与电场力均做功，设到M点时的速度为v1，由动能定理：mv12mv02=mgL+qU1考虑到m=V0得：v1=（2）油滴进入电场、磁场共存区域，恰与细管无接触地从N孔射出，须电场力与重力平衡，有：mg=qE得：E=油滴在半圆形细管中运动时，洛伦兹力

30、提供向心力，有：qv1B=得：B=（3）若油滴恰不能撞到a板，且再返回并穿过M点，由动能定理，有：0mv12=mgLqUba得：Uba=U1+考虑到油滴返回时速度方向已经相反，为了使油滴沿原路与细管无接触地返回并穿过M孔，磁感应强度的大小不变，方向相反，即：B=B答：（1）油滴进入M孔时的速度为（2）b、c两板间的电场强度为，磁感应强度为（3）U1和B分别为：U1+、B（二）选考题（共15分）【物理-选修3-4】13一列简谐横波，在t=0.6s时刻的图象如图甲所示，此时，P、Q两质点的位移均为1cm，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是（）A这列波沿x轴正方向传播B这列波的波速是m