2023学年广东省韶关市物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，用细绳系一小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，不计空气阻力，关于小球的受力正确的是（ ）A只受重力B只受绳子拉力C受重力、绳子拉力D受重力、绳子拉力和向心力2、自由摆动的秋千，摆动的幅度越来越小。在这个过程中，下列说法正确的是A能量正在消失B动能不断减少C动能和势能相互转化，机械能守恒D总能量守恒，减少的机械能转化为内能3、如图所示，A、B是某点电荷电场中的一条电场线。在电场线上P处自由释放一个负检验电荷时，它沿直线向B点运动。对此现象，下列判断正确的是（不计电荷重力）（）A电荷向B做匀速运动B电荷向B做加速度越来越小的运动C电荷向B做加速度越来越大的运动D电荷向B做

3、加速运动，加速度的变化情况不能确定4、如图所示，木箱放在传送装置的水平台阶上，在木箱随台阶向上做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（）A木箱受到的合外力不为零B木箱受到的支持力大于重力C台阶对木箱没有摩擦力作用D台阶对木箱的作用力方向斜向上5、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）A安培力的方向可以不垂直于直导线B安培力的方向总是垂直于磁场的方向C安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半6、 “能源分类相关图”如图所示，四组能源选项中全部符合图中阴影部分的能源是（）A煤炭、石油、潮汐能B水能、氢能、天然气C

4、太阳能、风能、沼气D地热能、海洋能、核能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个相同的带电导体小球所带电荷量的比值为1：3，相距为r时库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为（）ABCD8、如图所示，将平行板电容器与电池组相连，下板接地，两极板间的A处固定了一个带负电的电荷q.若将电容器的上板稍上移一些，其他条件不变，则()A电容器的带电荷量减少B电容器两极板间的场强减小C板间A处的电势升高D电荷q的电势能变大9、关于电势，下列说

5、法正确的是 ()A电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷由该点移动到零电势点时，电场力所做的功B电场中某点的电势与零电势点的选取有关C由于电势是相对的，所以无法比较电场中两点的电势高低D电势是描述电场能的性质的物理量10、在如图所示电路中，闭合电键 S，当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用 I、U1、U2和 U3表示，电表示数变化量的绝对值分别用 I、U1、U2和 U3表示下列说法正确的是 （ ）AU1变小，U2变大，U3变小，I变大BU1变大，U2变小，U3变大，I变大CU1/I 不变，U2/I 变小，U3/I 变小DU1/I 不变，U2/I

6、 不变，U3/I 不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为1.5V，内阻小于1.0）B电流表A1（量程为03mA，内阻Rg1=10）C电流表A2（量程为00.6A，内阻Rg2=0.1）D滑动变阻器R1（020，10A）E.滑动变阻器R2（0200，1A）F.定值电阻R0（990）G.开关和导线若干 (1)某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个实验电路，其中合理的是_图所示的电路；在该电路中，为了操作方便

7、且能准确进行测量，滑动变阻器应该选_（填写器材前的字母代号）(2)图乙是该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出I1-I2图像（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，且I2的数值远大于I1的数值），则由图像可得被测电池的电动势E=_V，内阻r=_；(结果保留到小数点后两位)(3)若将图像的纵坐标改为_，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为被测电池的电动势12（12分）某同学想设计一个粗测金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：螺旋测微器，游标卡尺，万用电表（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为_ mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为_ mm(2)用多用电

8、表粗测金属棒的阻值：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用_ 挡（填“1”或“100”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为_ 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的装置，在加速电场U1内放置一根塑料管AB（AB由特殊绝缘材料制成，不会影响电场的分布），紧靠其右侧的是两块彼此平行的水平金属板，板长为L，两板间距离为d一个带负电荷的小球，恰好能沿光滑管壁运动小球由静止开始加速，离开B端后沿金属板中心线水平射入两板中，若给两水平金属板加一电压U2，当上板为正时

9、，小球恰好能沿两板中心线射出；当下板为正时，小球射到下板上距板的左端L/4处，求：（1）U1：U2的比值大小；（2）若始终保持上板带正电，为使经U1加速的小球，沿中心线射入两金属板后能够从两板之间射出，两水平金属板所加电压U的范围是多少？（请用U2表示）14（16分）水平地面与半径为的竖直光滑圆弧轨道相接于点，点位置处于圆心的正下方，距地面高为的平台边缘的点，质量为的小球以水平飞出，到达点恰好沿圆弧轨道无碰撞进入轨道，空气阻力不计，重力加速度为，试求：(1)由到过程的平抛运动水平距离；(2)段圆弧所对的圆心角；(3)小球在点时，对轨道的压力。15（12分）一个电流表G的内阻=l k，满偏电流为

10、=500uA，现要把它改装成量程为15 V的电压表，求：（1）串联的分压电阻；（2）50uA刻度处对应的电压值为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：该小球在运动中受到重力G和绳子的拉力F，拉力F和重力G的合力提供了小球在水平面上做匀速圆周运到的向心力；向心力是沿半径方向上的所有力的合力，所以受力分析时，不要把向心力包括在内C正确考点：考查了受力分析，向心力2、D【解析】A.自由摆动的秋千，摆动的幅度越来越小，说明秋千受到空气阻力作用，机械能不断减少，但总能量守恒，故A错误；B.秋千向下摆动

11、时动能是增大的，故B错误；C.秋千在运动的过程中，要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能不守恒，故C错误；D.任何形式的能在转化为其他形式能的过程中，能的总量都是保持不变的，即总能量是守恒的，减少的机械能转化为内能，故D正确；3、D【解析】电荷自由释放必定在电场力作用下加速运动；加速度由电场力决定，电场强度大小未知，力的大小未知，加速度变化情况未知。故选D。4、C【解析】木箱随台阶向上做匀速直线运动，受合力为零，即木箱所受的重力和支持力平衡，不受摩擦力作用，台阶对木箱的作用力竖直向上；故C正确，ABD错误。故选C。5、B【解析】试题分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与

12、磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsin，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，让其中的一半与磁场的方向平行，安培力的大小将变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小

13、一定变为原来的，故D错误故选B【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL6、C【解析】A煤炭、石油是化石能源，不是新能源，潮汐能不是来自太阳能，故A错误；B天然气是化石能源，不是新能源，故B错误；C太阳能、风能、沼气都是来自太阳能的可再生能源，所以C选项正确；D地热能、核能不是来自太阳能，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】若两个相同的带电导体小球带

14、异种电荷，设一个小球带电量为大小Q，则另一个为大小3Q，根据库仑定律，两球接触前接触再分开后，两球带同种电荷，因此两球带电量大小分别为由库仑定律，此时库仑力的大小若两个相同的带电导体小球带同种电荷，两球接触前接触再分开后，两球带同种电荷，两球带电量大小分别为2Q，由库仑定律，此时库仑力的大小故AD正确，BC错误。故选AD。8、ABD【解析】平行板电容器与电池组相连，两端的电势差不变，当A极板上移后，d增大，根据C=S4kd，电容C减小，则由Q=CU可知，电荷量减小；故A正确；B、因电势差不变，根据E=Ud可知，两极板间的场强减小，故B正确；C、因电场强度E减小，而P点到下极板间距也不变，得出A

15、点的电势减小，故C错误；D、因A点电势减小，电荷带负电，则根据EA=qA知点电荷的电势能变大，故D正确；故选：ABD。【点睛】电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，A极板向上移动一小段距离稳定后，电容发生变化，根据Q=CU判断带电量的变化，根据E=Ud，判断电场强度的变化，可以根据U=Ed判断P点与正极板间电势差的变化，从而得出P点电势，及电势能的变化解决本题的关键知道电容器与电源始终相连，两端间的电势差不变.电容器与电源断开，电容器的电量保持不变9、ABD【解析】电势是描述电场能的性质的物理量；电势是相对的，是相对于零电势点而言的，而电势差是绝对的；【详解】A根据电势的定义可知，电场中某点

16、的电势，其大小等于单位正电荷从该点移动到零电势点时，静电力所做的功，故A正确；B电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，故B正确；C电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，而电场中某两点间的电势差与零电势点选取无关，任意选取0势能点都可以比较电场中两点的电势高低，故C错误；D根据电势的物理意义可知，电势是描述电场能的性质的物理量，故D正确故选ABD。【点睛】本题要理解电势的相对性和电势差的绝对性，运用类比的方法分析电势、电势差与零电势点的关系10、CD【解析】试题分析：当滑动变阻器R2的滑动触头P向上滑动，其阻值变小，总电阻变

17、小，电流表示数I变大，路端电压U3减小，R1的电压U1增大，故R2的电压U2减小故AB错误因R1是定值电阻，则有，不变因为，R2变小，变小；=R1+R2，变小故C正确根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir，则，不变U2=E-I（R1+r），则=R1+r，不变，故D正确故选CD考点：电路的动态分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、b D 1.48（0.04） 0.84（0.03） I1（R0+Rg1） 【解析】（1）1没有电压表，可利用电流表改装，给的定值电阻阻值为990，电压表量程应能准确测的1.5V电压即可，与电源电动势接近，故应将电

18、流表A1与定值电阻串联使用，故合理的是b图；2电源电动势约为1.5V，内阻约为1欧姆，为方便实验操作, 滑动变阻器应选D（2）34由电路图可知,在闭合电路中,电源电动势:，则:,由图象可知,图象的截距:，则电源电动势为: 图象斜率:；电源内阻为:(3)5由闭合电路欧姆定律可知，在图线中,图线与纵坐标轴的交点的物理含义即为电动势的大小，故当图线的纵坐标改为时，图线与纵坐标轴的交点的物理含义即为电动势的大小【点睛】难度较大，掌握一些基本仪器的读数规则，如果电学试验中没有电压表或合适的电流表，要立刻能够想到利用电表的改装问题，本题的难点在于图乙的利用12、6.126mm； 10.230cm； 1；

19、10 【解析】(1)螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，(2)由欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。【详解】(1) 由图示螺旋测微器可知，其示数为：6mm+12.60.01mm=6.126mm，由图示游标卡尺可知，其示数为：102mm+60.05mm=102.30mm=10.230cm；(2) 用欧姆表“10”挡时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应该换用1挡，挡并进行一系列正确操作，由图3所示可知，则金属棒的阻约为101=10。【点睛】螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器需要估读，游标卡尺不需要估读。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（