山东省莱芜市2019年中考物理模拟试题二（含解析）.docx

2019年山东省莱芜市中考物理模拟试卷（二）一、单选题1.声音是一种常见的现象，与我们的生活密切相关。以下关于声现象的说法正确的是A.有些高科技产品，不振动也可以发出声音B.“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的C.市区内某些路段“禁鸣喇叭”这是在声音传播的过程中减弱噪音D.用超声波能粉碎人体内的“结石”说明声波具有能量【答案】D【解析】一切发声体都在振动，A错“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，B错市区内某些路段“禁鸣喇叭”这是在声音传播的声源处减弱噪音，C错用超声波能粉碎人体内的“结石”说明声波具有能量，D对2.（2分）光的色散说明白光是一种复色光，棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大图中能正确表示白光通过三棱镜发生色散的是ABCD【答案】B【解析】试题分析：光通过三棱镜时，发生了两次折射，每一次折射红光的偏折程度都最小，对紫光的偏折程度都最大，所以白光经三棱镜后，红光在最上面，紫光在最下方，正确的选项是B。考点：光的色散3.家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备。家庭电路漏电时，通过火线与零线的电流不相等，漏电保护器中有一特殊装置(在图中虚线框内，未画出)检测到这一差异后，便切断电源，起到保护作用。漏电保护器中还有试验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形，试验电路的连接符合要求的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】试题分析：根据题意可知，漏电保护器在检测到通过虚线框内火线与零线的电流不相等时，会切断电源，否则不会切断电源，据此选择符合题意的电路图解：AB、闭合开关S时，通过虚线框内火线和零线的电流相等，此时无法模拟漏电情形，故AB不正确；C、闭合开关时，通过虚线框内火线的电流小于通过该装置零线的电流，可以模拟漏电情形，故C正确；D、闭合开关时，虚线框内火线电流仍然等于零线电流，因为导线将电阻R短路，所以闭合开关不影响电路，故D不正确故选C4.下列事例中符合安全用电常识的做法是（）A.在电线上晾衣服B.电线起火马上用水扑灭C.电冰箱接在两孔插座上D.不靠近高压带电体【答案】D【解析】试题分析：安全用电的原则是：不靠近高压带电体（室外、高压线、变压器旁），不接触低压带电体；在电线上晾衣服，此时湿衣服属于导体，非常容易发生触电事故，故选项A错误；生活用水属于导体，电线起火必须切断电源，不能用水扑灭，故选项B错误；电冰箱应接在三孔插座上，是金属外壳与大地连接，防止金属外壳漏电，引起触电事故，故选项C错误；不靠近高压带电体，靠近高压带电体容易发生高压电弧触电和跨步电压触电，故选项D正确考点：安全用电常识5.已知R1：R2=2：3，将它们接在如图所示电源电压为12V的电路中，闭合S则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是（）A.I1：I2=3：2U1：U2=1：1B.I1：I2=3：2U1：U2=3：2C.I1：I2=2：3U1：U2=1：1D.I1：I2=1：1U1：U2=2：3【答案】A【解析】分析：（1）根据电路图可知R1和R2并联在电路中；（2）根据并联电路的特点与欧姆定律答题。解答：两电阻并联在电源上，它们两端的电压相等，都等于电源电压，则它们两端的电压之比，通过它们的电流之比故选A【点睛】本题考查了并联电路的特点及欧姆定律的应用，是一道基础题。6.现有量杯、小酒杯（能浮在量杯中的水面上）、水和形状不规则的小石块，通过实验测石块：体积，在水中受到的浮力，质量，在水中受到的压强。能完成的是A.B.C.D.【答案】C【解析】考点：密度的测量。分析：量筒加适量水，测出小石块浸没前后的体积，二者之差就是石头体积。小酒杯浮在量筒中记下体积，小石块放于小酒杯后仍让其浮在量筒下，记下体积，前后两次体积之差就是小石头排开水的体积，根据漂浮，从而算出石头质量。而在水中受到的压强随深度不同而不同，无法测量。7.对图中甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是A.甲：磁场中获得电流B.乙：开关闭合，小磁针N极将向右偏转C.丙：是发电机原理的装置D.丁：开关闭合，将有机械能转化为电能【答案】C【解析】试题分析：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项错误；B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，选项错误；C、而该装置演示的是，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，外边的电流表就是用来检测电路中有没有电流的，所以该装置的实验原理，应用于制造发电机，选项正确；D、电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，电动机原理的装置里，外边是有一个电源给导体提供电流的，装置是电能转化为机械能，故选项错误故选C考点：通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应点评：本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机、电动机的原理8.在一个装满水的容器中，放入一质量为20g的物块，从容器中溢出15g的水，则该物块在水中的浮沉情况和水对容器底部的压强应该是A.下沉，压强不变B.上浮，压强增大C.漂浮，压强减小D.悬浮，压强减小【答案】A【解析】【详解】物体所受浮力等于溢出水的重力，即F浮G排m排g0.015kg10N/kg0.15N。物体的重力Gmg0.02kg10N/kg0.2N，因GF浮，故物体会下沉；开始时水是满的，放入物体后水仍为满的，即水的深度h不变，故由p液gh得，压强保持不变。故选：A。9.如图所示。电源电压为4.5V，电流表量程为“00.6A”，滑动变阻器规格为“10，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。在保证通过小灯泡L的电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法中小灯泡的额定电流是0.5A电流表的示数变化范围是00.5A电压表的示数变化范围是2V3V滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是410A.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有正确【答案】D【解析】小灯泡的额定电流I0.5A，故正确；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5V,功率为1.25W,当灯泡正常发光时,串联电路总电压等于各分电压之和,此时电压表的最小示数U滑UUL4.5V2.5V2V，此时电路中的最大电流Imax0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小,最小为：R滑min4；滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：RL5,电路中的最小电流：Imin0.3A，电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故错误；此时灯泡分担的电压最小UL小IminRL0.3A51.5V，滑动变阻器两端的最大电压：U滑maxUUL小4.5V1.5V3V，即电压表最大示数，电压表的示数范围为2V3V，故正确；此时滑动变阻器的最大阻值Rmax10，所以滑动变阻器的范围是410，故正确。故选D.点睛：知道灯泡的额定功率和额定电压，根据PUI求出灯泡的额定电流；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值。10.用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组把重150N的物体匀速提升1m，不计摩擦和绳重，滑轮组的机械效率为60%则下列选项错误的是A.拉力大小一定是125NB.有用功一定是150JC.总功一定是250JD.动滑轮重一定是100N【答案】A【解析】【详解】一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，承重的绳子可能是两段，也可能是三段。（1）若承担物重的绳子股数n=3，对物体做的有用功：，总功为；，所以额外功为：；当不计绳重和摩擦，所以动滑轮重：，拉力F的大小：；（2）若承担物重的绳子股数n=2，对物体做的有用功：，总功：，额外功：，当不计绳重和摩擦，所以动滑轮重：，拉力F的大小：由以上计算可知，对物体做的有用功都是150J，总功都是250J，动滑轮重都是100N，故B、C、D都正确；但拉力不同，故A错误故选A。【点睛】解决本题的关键有两点：一是要知道一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，两种绕法n的确定，二是不计摩擦和绳重时，二、多选题11.关于力学知识下列说法正确的是A.大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快压强小B.匀速行驶的汽车，从斜坡向上行驶的过程中动能不变C.人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中动能转化为势能D.踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球没有受到力的作用【答案】AB【解析】【详解】A、大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快、压强小，两船外侧的水流速小、压强大，形成向内侧的压强差，故A正确；B、匀速行驶的汽车，质量和速度均不变，所以从斜坡向上行驶的过程中动能不变，故B正确；C、人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中，质量不变，相对高度减小，速度增大，所以势能转化为动能，故C错误；D、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故D错误。故选：AB。12.下列说法中正确的是A.物理学家法拉第发现了电流的磁效应B.物理学家欧姆研究并总结出电流跟电压和电阻的关系C.我国宋代的科学家沈括的突出贡献是最早记述了磁偏角D.司南是我国早期的指南针，静止时它的长柄指向南方，说明长柄是N极【答案】BC【解析】A、丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即发现了电流的磁效应，故A错误；B.物理学家欧姆研究并总结出电流跟电压和电阻的关系，正确；C.我国宋代的科学家沈括的突出贡献是最早记述了磁偏角，正确；D.司南是我国早期的指南针，静止时它的长柄指向南方，说明长柄是s极,故D错误；故选BC13.现实当中，人们的许多活动、做法都跟我们学过的物理知识有关，下列对涉及压强和浮力的事例论述正确的是A.石头扔进河里会沉入水底说明石头在水中不受浮力B.用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压强的作用C.用高压锅煮食物熟得快是因为锅内气压增大使液体（锅内的水）的沸点升高D.拦河坝坝堤筑成上窄下宽是因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大【答案】BCD【解析】【分析】解决本题的关键是知道物体的沉浮条件、液体沸点随大气压的改变而改变、液体的压强随着深度的增加而增大、大气压是存在的。【详解】A、石头扔进河里会沉进水底说明石头在水中受到的浮力小于石头的重力，故A错误；B、用吸管喝饮料时，外部压强大于盒内压强，外部大气压强把饮料压入嘴中，故B正确；C、因高压锅煮气压加大使液体（锅内的水）的沸点升高，所以用高压锅煮食物熟的快，故C正确；D、因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大，所以底部的坝受到的压强较大，所以拦河坝坝堤筑成上窄下宽，故D正确。故选：BCD。【点睛】此题型综合考查了液体压强和大气压强的特点、沸点与气压的关系，物体的浮沉条件及其应用，要联立分析。14.一根细长绳的下端系一个金属小球，上端固定，就制成一个摆。把小球拉离竖直位置松手，让它摆动起来，如图所示，可以观察到小球在摆动过程中摆动的幅度会逐渐减小，最终会停下来，对于小球在摆动过程中的能量转化情况，下列说法中不正确的是A.小球在摆动过程中，其机械能守恒B.小球依次经过最低点时，动能会逐渐减少C.小球从高处向低处摆动过程中，势能部分转化为动能D.球从低处向高处摆动过程中，线对小球的拉力做了功【答案】AD【解析】【详解】A.小球在摆动过程中，除重力做功外，还有空气阻力做功，所以机械能不守恒，故A错误；B.由于小球在摆动过程中，机械能越来越小，所以到达最低点的动能会逐渐减小，故B正确；C.小球从高处向低处摆动过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，所以是重力势能转化为动能，故C正确；D.小球从低处向高处摆动过程中，线对小球的拉力始终与运动方向垂直，故拉力不做功，故D错误。故选AD.【点睛】本题考查的知识点：（1）物体的动能由质量和速度决定，重力势能由质量和高度决定，分析摆动过程中质量、速度、高度的变化，判断出动能和重力势能的转化；（2）机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒15.如图甲所示，电源电压恒为15V，电流表量程为“00.6A”和“03A”，R0为定值电阻，可选滑动变阻器的规格分别为“252A”和“103A”。P置于中点A，闭合开关S，电流表指针指到满偏刻度的三分之二位置，然后将P从A移到最左端B，两表示数的IU关系图象如图乙所示。A.定值电阻R0的阻值为10B.电流表选择的量程为“00.6A”C.所用滑动变阻器的规格为“103A”D.定值电阻消耗的最小功率为2.25W【答案】BD【解析】由电路图知道，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。因为串联电路中总电压等于各分电阻之和，所以，当滑动变阻器P置于中点A时，电路中的电流是：IA=U/（R0+R/2），将P从A移到最左端B时，滑动变阻器连入的电阻为0，此时电路中的电流：IB=U/R0，由图乙知道：IA=2IB/3，即：U/（R0+R/2）=2U/3R0，解得：R=R0，由于P置于中点A，电流表指针指到满偏刻度的三分之二位置，即IA的可能值为0.4A或2A；根据IA=2IB/3可知：IB的可能值为0.6A或3A，因为电源电压恒为15V，所以，R与R0可能值是：R01=U/I1=15V/0.6A=25；R02=U/I2=15V/3A=5，即A错误；根据题意知道，若所选滑动变阻器的规格为“252A”，可知电流表选择的是00.6A量程，则R=R01=25，故B正确、C错误；由P=UI=I2R可知，当滑片P于最右端时，变阻器全部接入电路且与R串联时，则R=R0=25，所以UR=U0=U/2=15V/2=7.5V，此时R消耗的电功率最小，即P小=U2R/R=(7.5V)2/25=2.25W，故D正确，故选BD。点睛：本题考查的是串联电路的特点、欧姆定律及电功率公式的应用，解题的关键是会从图象中获取信息，根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流。三、填空题16.英语听力测试时，清晰的朗读声是通过_传入耳朵的；考试期间，考场周围禁鸣喇叭，这是在_减弱噪声；某种昆虫靠翅膀的振动发声，如果这种昆虫的翅膀在5s内振动了60次，它振动的频率是_Hz。【答案】(1).空气(2).声源处(3).12【解析】【详解】声音靠介质传播，清晰的朗读声是通过空气传入耳朵的；考场周围“禁鸣喇叭”是在声源处减弱噪声的；它振动的频率。17.某电热壶的电阻为40（假定恒定不变），工作时电流为5A一标准大气压下，用该电热水壶将0.5kg的水从20加热至100，最少需要吸收热量J，电热水壶至少要工作s【答案】1.68105；168。【解析】水吸收的热量：Q吸=cm（t2t1）=4.2103J/（kg）0.5kg（10020）=1.68105J；由于电热壶加热时的功率为P=I2R=（5A）240=1000W，且当电热水壶消耗的电能全部被水吸收时所用的加热时间最小，则最小加热时间为t=168s考点：热量及电功率的简单计算。18.在水平地面上，用60N的力沿水平方向拉着重为200N的小车，在10s内前进5m，在此过程中，拉力做功_J，拉力做功的功率是_W。【答案】(1).300(2).30【解析】【详解】拉力做的功：WFs60N5m300J；拉力做功的功率：P=30W。19.如图所示，电源电压不变，R15，R210，（1）当S1、S2都闭合，电表甲、乙都是电压表，则U甲：U乙_。（2）当S1闭合、S2断开，电表甲、乙都是电流表，则I甲：I乙_。【答案】(1).2:3(2).3:1【解析】【分析】（1）当S1，S2都闭合，电表甲，乙都是电压表，为串联电路，乙表测量电源电压，甲表测量R2两端的电压；已知两个电阻的阻值，根据串联电路各部分电压之比等于各电阻之比求出U1：U2，然后再根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和求出求出甲、乙两表的示数之比；（2）当S1闭合，S2断开，电表甲，乙都是电流表，为并联电路，乙测量通过R2的电流，甲表测量干路中的电流，跟据并联电路各支路电流之比等于各分电阻的反比求出I1：I2，然后再根据干路电流等于各支路电流之和求出甲、乙两表的示数之比【详解】(1)当S1,S2都闭合，电表甲，乙都是电压表，为串联电路，则U1:U2=R1:R2=5:10=1:2；又因为乙测量电源电压,甲测量R2两端的电压,所以U甲:U乙=U2:(U1+U2)=2:3；(2)当S1闭合,S2断开,电表甲,乙都是电流表,为并联电路;即I1:I2=R2:R1=10:5=2:1；又因为甲测量干路电流,乙测量R2中的电流,所以I甲:I乙=(I1+I2):I2=3:1.四、简答题20.在右图所示的电路图中，所在位置是电压表和电流表，请在其中填入字母V和A，使两灯并联。（）【答案】见解析所示【解析】【详解】闭合S后,两灯并联且均能发光,从电源正极流出的经开关后电流应分支分别流过L1和L2，所以右边的圈中应为电流表，然后两路汇合共同回到电源负极；故左边圈中为电压表。如图所示：【点睛】（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路21.将如图所示的实物电路连接成并联电路。要求：开关S1控制干路；开关S2控制灯L2。（）【答案】【解析】【详解】(1)根据题目要求可知,电流从正极流出,经过开关S1开始分支,一支经灯泡L1回到负极,另一支经开关S2、灯泡L2回到负极。如图：【点睛】（1）两灯泡并联，开关S1控制两个灯泡，开关S2只控制灯L2，说明开关S2与灯泡L1串联，开关S1在干路上五、作图题22.（3分）如图甲所示为市民在公园锻炼上肢力量的画面该器材相当于一根杠杆（杠杆自重不计），乙图为其简化图，锻炼时手在B点用力向上举手柄将A点的配重抬高，达到锻炼上肢的目的请在乙图中画出动力臂L1、阻力F2及力臂L2【答案】如图【解析】试题分析：阻力是阻碍杠杆转动的力，和杠杆运动方向相反；由题意锻炼时手在B点用力向上举手柄将A点的配重抬高，手柄上的力的方向向下，可知阻力的方向是向下的；从支点分别向力的作用线作垂线，垂线段即为力臂，答案如下图：考点：杠杆力臂的做法。六、实验题23.小峰同学在做“探究平面镜的成像特点”实验时，将玻璃板竖直放在水平桌面上，再取两段相同的蜡烛A和B一前一后竖直放在桌面上，点燃玻璃板前的蜡烛A，移动蜡烛B，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，如图。在此实验中：（1）用玻璃板代替平面镜，是为了能确定_；（2）如果有3mm厚和2mm厚的两块玻璃板，应选择_mm厚的玻璃板做实验；（3）用两段相同的蜡烛是为了比较像与物_的关系；（4）移去蜡烛B，在其原来的位置上放一光屏，光屏上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜所成的像是_（选填“虚”或“实”）像；（5）把蜡烛A远离玻璃板，发现所成像的大小_（选填“变大”、“变小”、“不变”）。【答案】(1).像的位置(2).2(3).大小(4).虚(5).不变【解析】【详解】（1）实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置。（2）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用2mm厚的。（3）两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两只蜡烛等长是为了比较像与物大小关系用的。（4）因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像。（5）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，将蜡烛逐渐远离玻璃板时，像的大小不会变化。24.在探究水的沸腾、海波和石蜡的熔化规律时，小琴记录的实验数据如表。请回答下列问题。加热时间/min0123456789101112石蜡的温度/40414244464748495152545659海波的温度/40424446484848484848505356水的温度/92939495969798999999999999（1）在上述三个探究实验中，都需要的测量仪器是_和_；（2）根据表中的实验数据可以判断：海波的温度达到53时，其状态是_；（选填“固态”或“液态”）（3）根据表中的实验数据可知：该实验中水的沸点是_。【答案】(1).温度计(2).秒表(3).液态(4).99【解析】【详解】（1）探究水的沸腾、海波和石蜡的熔化规律时，需要记录温度随时间的变化情况，所以需要记录温度的温度计和测量时间的秒表。（2）由表格中数据可以看出，海波有固定的熔化温度，故海波是晶体；海波在4到9分钟时间内温度保持48不变，所以海波的熔点是48，海波的温度达到53时，温度超过了熔点，说明此时已完全熔化完，为液态。（3）由表格中数据可知，当水的温度达到99时，温度不再发生变化，所以水的沸点是99。25.图所示，一长方体的木块放置在水平的长木板上，用弹簧测力计拉着木块在长木板上运动。（1）用弹簧测力计拉着木块在长木板上做_运动，此时测力计的读数为10N，则木块受到的摩擦力是_N。（2）若将50g的砝码放在木块上，用弹簧测力计拉着木块做匀速运动，此时木块受到的摩擦力一定_10N（填“小于”或“等于”或“大于”）（3）若将木块放置在水平的玻璃板上，用弹簧测力计拉着木块做匀速运动，则木块受到的摩擦力一定_10N（填“小于”或“等于”或“大于”）（4）若将木块侧放在长木板上，用测力计拉着木块做匀速运动，则木块受到的摩擦力_10N（填“小于”或“等于”或“大于”）（5）用弹簧测力计拉着木块在长木板上运动，木块运动的速度越来越快，则弹簧测力计的示数将_，木块受到的摩擦力将_（填“增大”或“减小”或“不变”）【答案】(1).匀速直线运动(2).10(3).大于(4).小于(5).等于(6).变大(7).不变【解析】【详解】（1）木块在水平方向受拉力F10N，滑动摩擦力f作用，用弹簧测力计拉着木块在长木板上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由平衡条件得：fF10N；（2）若将50g的砝码放在木块上，木块与木板间接触面的粗糙程度不变，物体间的压力变大，木块受到的滑动摩擦力变大，大于10N。（3）若将木块放置在水平的玻璃板上，物体间的压力不变，接触面的粗糙程度减小，木块受到的摩擦力变小，小于10N；（4）若将木块侧放在长木板上，接触面的粗糙程度、物体间的压力都不变，木块受到的滑动摩擦力不变，仍为10N。（5）用弹簧测力计拉着木块在长木板上运动，木块与木板间接触面粗糙程度不变，它们间的压力不变，木块受到的滑动摩擦力不变；木块运动的速度越来越快，木块做加速运动，受力不平衡，拉力大于摩擦力，则弹簧测力计的示数将变大。26.某小组同学在探究电流与电阻的关系时，选用如下器材：电源，050的滑动变阻器，电流表，电压表，开关，5、10、15、20的定值电阻各一个，导线若干，实验过程中控制定值电阻两端电压为2V不变。（1）图甲是连接的部分实验电路，请将电路补充完整。（）（2）开关闭合前需要将滑动变阻器的滑片调至_（填“A”或“B”）端；若闭合开关后，发现电流表有示数，电压表示数为零，则电路存在的故障可能是定值电阻_（填“短路”或“断路”）。（3）某次实验时，电流表的示数如图乙所示为_A，此时连入电路的定值电阻的阻值是_。（4）若将10换成15电阻时，需要将滑动变阻器滑片向_（填“A”或“B”）端调整，使电压表的示数为_V。（5）完成上面实验后，小组同学又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，但发现电流表已经损坏，于是他们又找来了两个开关，设计了如图丙所示的电路，已知电源电压为U，定值电阻的阻值为R0，请你完成下面实验步骤。_（填写S、S1、S2的通断情况），调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为_；_（填写S、S1、S2的通断情况），保持滑动变阻器的滑片不动，读出电出压表示数为U1；灯泡的额定功率的表达式为P额_。【答案】（2）B；短路；（3）0.2；10；（4）B；2；（5）闭合S、S1，断开S2；闭合S、S2，断开S1；U额【解析】试题分析：（1）探究电流与电阻关系时，需控制电压不变，根据定值电阻两端电压和最小定值电阻确定电路中的最大电流，从而确定电流表的量程，并将电流表串联在电路中；（2）为了安全起见，闭合开关前，需将滑片移到阻值最大处；闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路；电压表示数为零，电压表可能被短路，根据电压表测量的元件确定电路短路的具体位置；（3）根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数，根据欧姆定律的应用求出定值电阻的阻值；（4）将10的电阻换成了15的电阻时，电路中的总电阻变大，它两端的电压也随之变化，为保证结论的准确性，要通过调节滑片，使滑动变阻器两端的电压增大，从而使电阻两端的电压变为原来的值，根据串联电路的分压关系去调节即可；（5）由丙图可知：没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压为U额，然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率解：（1）电路中的最大电流：I最大=0.4A，因此电流表选择00.6A量程；将电流表0.6A接线柱与电源正极相连，如下图所示：（2）为了安全起见，闭合开关前，需将滑片移到阻值最大处，即将滑片移到B端；闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路；电压表示数为零，电压表可能被短路，而电压表测量定值电阻两端电压，因此可能为定值电阻短路；（3）已知电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；由I=可知，定值电阻的阻值：R=10；（4）将10的电阻换成了15的电阻时，串联电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，滑动变阻器分得的电压变小，电阻分得的电压增大，所以应调节滑片向B端移动，增大滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数为2V；（5）闭合S、S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为UU额；闭合S、S2，断开