2020届高考化学总复习专题九第四单元生命中的基础有机化学物质有机合成教案苏教版.docx

第四单元生命中的基础有机化学物质有机合成教材基础自热身1油脂(1)组成和结构油脂是高级脂肪酸与甘油反应所生成的酯，由C、H、O三种元素组成，其结构可表示为(2)性质油脂的水解(以硬脂酸甘油酯为例)a酸性条件下b碱性条件下皂化反应油脂的氢化烃基上含有双键，能与H2发生加成反应。2糖类(1)分类含义组成元素代表物的名称、分子式、相互关系单糖不能再水解生成其他糖的糖C、H、O二糖1 mol糖水解生成2 mol单糖的糖C、H、O多糖1 mol糖水解生成多摩尔单糖的糖C、H、O(2)性质葡萄糖：多羟基醛CH2OH(CHOH)4CHO二糖：在稀酸催化下发生水解反应，如蔗糖水解生成葡萄糖和果糖。多糖：在稀酸催化下发生水解反应，水解的最终产物是葡萄糖。3蛋白质和氨基酸(1)蛋白质的组成蛋白质由C、H、O、N、S(至少五种)等元素组成，蛋白质分子是由氨基酸分子连接成的高分子化合物。(2)蛋白质的性质 知能深化扫盲点类别条件水解通式卤代烃NaOH的水溶液，加热酯在酸溶液或碱溶液中，加热二糖无机酸或酶多糖酸或酶油脂酸、碱或酶蛋白质或多肽酸、碱或酶对点练1下列有关物质水解的说法正确的是()A蛋白质水解的最终产物是多肽B淀粉水解的最终产物是氨基酸C纤维素不能水解成葡萄糖D油脂水解产物之一是甘油解析：选D蛋白质水解的最终产物是氨基酸，A错误；淀粉最终水解产物是葡萄糖，B错误；纤维素水解的最终产物也是葡萄糖，C错误；油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，在酸性条件下水解生成高级脂肪酸和甘油；在碱性条件下，完全水解生成高级脂肪酸盐和甘油，D正确。(1)2种不同氨基酸脱水可形成4种二肽(可以是相同分子之间，也可以是不同分子之间)，如甘氨酸与丙氨酸混合后可形成以下4种二肽：(2)分子间或分子内脱水成环(3)氨基酸分子缩聚成高分子化合物对点练2下列物质是由3种氨基酸分子脱水缩合生成的五肽的结构简式：解析：选D根据一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，水解原理是羰基接羟基，氨基接氢可得水解产物为NH2CH2COOH。题点全练过高考题点一油脂的结构及性质1(2018西安模拟)下列有关油脂的叙述不正确的是()A油脂属于酯类B油脂没有固定的熔沸点C油脂是高级脂肪酸的甘油酯D油脂属于天然高分子化合物解析：选D油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，属于酯类，A、C正确；油脂属于混合物，没有固定的熔沸点，B正确；油脂的碳原子数较少，不属于天然高分子化合物，D错误。2下列关于油脂和乙酸乙酯的比较中，正确的是()A油脂和乙酸乙酯都是纯净物，在室温下都是液体B油脂和乙酸乙酯都能水解生成羧酸和醇C油脂和乙酸乙酯都不能使溴水褪色D油脂和乙酸乙酯都不溶于水和有机溶剂解析：选B油脂是混合物，乙酸乙酯是纯净物，A错误；油脂和乙酸乙酯都属于酯类，都能水解生成羧酸和醇，B正确；乙酸乙酯(CH3COOCH2CH3)不含有不饱和的碳碳双键，不能使溴水褪色，而有的油脂结构中含有不饱和的碳碳双键，可以使溴水褪色，C错误；油脂和乙酸乙酯都属于酯类，都不溶于水，而易溶于有机溶剂，D错误。题点二糖类的组成、结构与性质3(2018石家庄模拟)下列实验能达到预期目的的是()A向葡萄糖溶液中加入足量NaOH溶液后，再加入新制氢氧化铜悬浊液，加热，可观察到产生黑色沉淀B向米汤中加入含碘的食盐，观察是否有颜色的变化，检验含碘食盐中是否含碘酸钾C向淀粉溶液中加入稀硫酸，加热后再用NaOH溶液中和并做银镜反应实验，检验淀粉是否水解D向油脂中加入NaOH溶液再蒸馏，提纯油脂解析：选CA项，葡萄糖溶液与新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀，错误；B项，遇淀粉变蓝是碘单质的性质，不能用米汤检验含碘食盐中是否含碘酸钾，错误；C项，向淀粉溶液中加入稀硫酸，加热后再用NaOH溶液中和并做银镜反应实验，若产生银镜则淀粉发生水解，正确；D项，油脂在NaOH溶液中完全水解生成高级脂肪酸钠和甘油，错误。4检验淀粉、蛋白质、葡萄糖溶液，依次可分别使用的试剂和对应的现象正确的是()A碘水，变蓝色；浓硝酸，变黄色；新制Cu(OH)2，砖红色沉淀B浓硝酸，变黄色；新制Cu(OH)2，砖红色沉淀；碘水，变蓝色C新制Cu(OH)2，砖红色沉淀；碘水，变蓝色；浓硝酸，变黄色D碘水，变蓝色；新制Cu(OH)2，砖红色沉淀；浓硝酸，变黄色解析：选A根据淀粉、蛋白质、葡萄糖的特征反应对它们进行鉴别，淀粉遇碘变蓝、蛋白质遇浓硝酸变黄、葡萄糖可与新制Cu(OH)2悬浊液作用，生成砖红色沉淀，故选A。题点三氨基酸、蛋白质的结构及性质5下列说法不正确的是()A毛巾、口罩等个人用品要经常用开水蒸煮，被褥要放在太阳光下直射，其目的都是使病毒蛋白质变性B用浓Na2SO4使蛋清液发生盐析，进而分离、提纯蛋白质C蛋白酶是蛋白质，它不仅可以催化蛋白质的水解反应，还可以催化淀粉的水解反应D甘氨酸(H2NCH2COOH)既有酸性，又有碱性，是最简单的氨基酸解析：选C酶具有专一性，蛋白酶只能催化蛋白质的水解反应，不能催化淀粉的水解反应，C错误。6下列有关说法正确的是()氨基酸、淀粉均属于高分子化合物蛋白质是结构复杂的高分子化合物，分子中都含有C、H、O、N若两种二肽互为同分异构体，则二者的水解产物不一致用甘氨酸(NH2CH2COOH)和丙氨酸()缩合最多可形成四种二肽ABC D解析：选D淀粉属于高分子化合物，氨基酸不属于高分子化合物，错误；蛋白质是由氨基酸缩合而成的高分子化合物，都含有C、H、O、N，有的也含S，正确；如甘氨酸和丙氨酸缩合形成的两种二肽互为同分异构体，但水解产物相同，错误；两种物质自身缩合可形成两种二肽，交叉缩合又可形成两种二肽，故最多能形成四种二肽，正确。7已知氨基酸可发生如下反应：且已知：D、E的相对分子质量分别为162和144，可发生如下物质转化关系，如下图所示：(1)写出B、D的结构简式：B_，D_。(2)写出CE的化学方程式：_。(3)写出CD的化学方程式：_。 教材基础自热身1有机高分子的组成(1)单体：能够进行聚合反应形成高分子化合物的低分子化合物。(2)链节：高分子化合物中化学组成相同、可重复的最小单位。(3)聚合度：高分子链中含有链节的数目。2合成高分子化合物的两个基本反应(1)加聚反应小分子物质以加成反应形式生成高分子化合物的反应，如氯乙烯合成聚氯乙烯的反应，其化学方程式为。(2)缩聚反应单体分子间缩合脱去小分子(如H2O、HX等)生成高分子化合物的反应。如己二酸与乙二醇发生缩聚反应，其化学方程式为3高分子化合物的分类其中，塑料、合成纤维、合成橡胶又被称为“三大合成材料”。知能深化扫盲点推断单体时，一定要先判断是加聚产物还是缩聚产物，并找准分离处。(1)加聚产物的主链一般全为碳原子，按“凡双键，四个碳；无双键，两个碳”的规律画线断键，然后半键闭合、单双键互换。如的单体为CH2=CH2和CH2=CHCN，的单体为CH2=CHCH3和CH2=CHCH=CH2。(2)缩聚产物的链节中不全为碳，一般有“、”等结构，在或画线处断键，碳原子上连OH，氧原子和氮原子上连H，即得单体。对点练填写下列空白：(1) 的单体是_和_。(2) 的单体是_。(3) 的单体是_和_。(4) 的单体是_和_。答案：(1) HOCH2CH2OH(2)CH3CH(OH)COOH(3) HCHO(4)H2N(CH2)6NH2HOOC(CH2)4COOH题点全练过高考题点一合成有机高分子化合物的性质和用途1(2018泰安模拟)下列关于高分子化合物的组成、结构、性质的说法错误的是()高分子化合物的相对分子质量都很大纯净的淀粉属于纯净物有机高分子化合物的结构分为线型结构和体型结构线型高分子化合物具有热固性高分子材料都不易燃烧ABC D解析：选D高分子化合物，是指那些由众多原子或原子团主要以共价键结合而成的相对分子质量在一万以上的化合物，正确；淀粉属于天然高分子化合物，属于混合物，错误；高分子化合物一般具有线型结构或体型结构，正确；线型高分子化合物具有热塑性，体型高分子化合物具有热固性，错误；大多数高分子材料易燃烧，如合成纤维、合成橡胶、塑料等，错误。2.由苯乙烯制得的聚苯乙烯可用于制造一次性餐具。(1)苯乙烯的分子式为_。(2)苯乙烯制取聚苯乙烯的化学方程式为_。.聚苯乙烯塑料性质稳定，会造成严重的“白色污染”。为此人们开发出一种聚乳酸塑料来替代聚苯乙烯。聚乳酸合成过程如下： (3)淀粉和纤维素的分子式均可表示为(C6H10O5)n，下列关于淀粉和纤维素的说法正确的是_。A互为同分异构体 B水解最终产物相同C纤维素是纯净物 D均是高分子化合物(4)乳酸分子所含官能团有_(填名称)。(5)根据结构推断聚乳酸可能发生的反应类型是_，并据此说明用聚乳酸塑料替代聚苯乙烯塑料的好处是_。(6)乳酸与足量Na反应的化学方程式为_。解析：(1)根据苯乙烯的结构简式可知其分子式为C8H8。(2)苯乙烯生成聚苯乙烯的化学方程式为n。(3)淀粉和纤维素的分子式均可表示为(C6H10O5)n，其中n不同，它们不是同分异构体，A错误；都是混合物，C错误；都是高分子化合物，D正确；淀粉和纤维素的最终水解产物均为葡萄糖，B正确。(4)乳酸分子的结构简式为CH3CH(OH)COOH，所含官能团为羟基和羧基。(5)乳酸发生缩聚反应得到聚乳酸，聚乳酸中有酯基，可以发生水解反应或取代反应，聚乳酸降解生成无毒无害物质，环保无污染。(6)乳酸与足量Na反应，乳酸中的羟基与羧基都能与钠反应生成氢气，反应的化学方程式为题点二高聚物单体的判断3(2018台州模拟)某高分子化合物干馏后分解为A，A能使溴水褪色，1 mol A和4 mol H2加成后生成化学式为C8H16的烃，则该高分子化合物是()解析：选BA能使溴水褪色，说明A中含有不饱和键；1 mol A和4 mol H2加成后生成化学式为C8H16的烃，所以应是芳香烃，根据A与氢气加成的物质的量之比判断A是苯乙烯，所以该高分子化合物为聚苯乙烯，答案选B。4(2018济宁模拟)某高分子材料的结构如图所示：已知该高分子材料是由三种单体聚合而成的，下列与该高分子材料相关的说法正确的是()A该高分子材料是体型高分子，合成它的反应是加聚反应B形成该高分子材料的单体中，所有原子可能处于同一平面内C三种单体中有两种有机物互为同系物D三种单体都可以使溴水褪色，但只有两种能使酸性高锰酸钾溶液褪色解析：选B该高分子材料是线型高分子，A错误；苯和乙烯都是平面型分子，故苯乙烯中所有原子可能处于同一平面内，B正确；合成该高分子的三种单体是CH3CH=CHCN、苯乙烯、苯乙炔，其中没有互为同系物的物质，它们都能被酸性高锰酸钾溶液氧化，C、D项错误。知能深化扫盲点1有机合成的任务2有机合成的原则(1)起始原料要廉价、易得、低毒性、低污染。(2)应尽量选择步骤最少的合成路线。(3)原子经济性高，具有较高的产率。(4)有机合成反应要操作简单、条件温和、能耗低、易于实现。3逆推法分析合成路线(1)基本思路逆推法示意图：在逆推过程中，需要逆向寻找能顺利合成目标分子的中间有机化合物，直至选出合适的起始原料。当得到几条不同的合成路线时，就需要通过优选确定最佳合成路线。(2)一般程序4有机合成中官能团的转化(1)官能团的引入官能团引入方法卤素原子烃、酚的取代；不饱和烃与HX、X2的加成；醇与氢卤酸(HX)的取代羟基烯烃与水加成；醛、酮与氢气加成；卤代烃在碱性条件下水解；酯的水解碳碳双键某些醇或卤代烃的消去；炔烃不完全加成；烷烃裂化碳氧双键醇的催化氧化；连在同一个碳上的两个羟基脱水；含碳碳三键的物质与水加成羧基醛基氧化；酯、肽、蛋白质、羧酸盐的水解(2)官能团的消除通过加成反应消除不饱和键(双键、三键、苯环)。通过消去、氧化或酯化反应等消除羟基。通过加成或氧化反应等消除醛基。通过水解反应消除酯基、肽键、卤素原子。(3)官能团的改变可根据合成需要(或题目中所给衍变途径的信息)，进行有机物官能团的衍变，以使中间产物向产物递进。有以下三种方式：利用官能团的衍生关系进行衍变，如RCH2OHRCHORCOOH。通过某种化学途径使一个官能团变为两个，如CH3CH2OHCH2=CH2ClCH2CH2ClHOCH2CH2OH。通过化学反应改变官能团的位置，如(4)有机合成中常见官能团的保护酚羟基的保护：因酚羟基易被氧化，所以在氧化其他基团前可以先使其与NaOH反应，把 OH变为 ONa(或OCH3)将其保护起来，待氧化后再酸化将其转变为OH。碳碳双键的保护：碳碳双键也容易被氧化，在氧化其他基团前可以利用其与HCl等的加成反应将其保护起来，待氧化后再利用消去反应转变为碳碳双键。氨基(NH2)的保护：如在利用对硝基甲苯()合成对氨基苯甲酸()的过程中应先把 CH3氧化成 COOH之后，再把NO2还原为 NH2，防止当KMnO4氧化 CH3 时，NH2(具有还原性)也被氧化。5中学常见的有机合成路线(1)一元合成路线RCH=CH2卤代烃一元醇一元醛一元羧酸酯(2)二元合成路线CH2=CH2XCH2CH2X二元醇二元醛二元羧酸(3)芳香化合物合成路线典例请设计以CH2=CHCH3为主要原料(无机试剂任用)制备CH3CH(OH)COOH的合成路线流程图(须注明反应条件)。例：由乙醇合成聚乙烯的反应流程图可表示为_题点全练过高考题点一给定合成路线的分析 (1)反应的化学方程式为_。(2)反应的条件为_。答案：(1) (2)酸性KMnO4溶液2化合物可由1氯丁烷经过四步反应合成：反应1的反应条件为_，反应2的化学方程式为_。解析：反应1为CH3CH2CH2CH2Cl的水解反应，反应条件为NaOH水溶液、加热，反应2为CH3CH2CH2CH2OH的催化氧化反应。答案：NaOH水溶液、加热2CH3CH2CH2CH2OHO22CH3CH2CH2CHO2H2O题点二给定原料的有机合成3请设计合理方案从合成(无机试剂任用，用反应流程图表示，并注明反应条件)。例：由乙醇合成聚乙烯的反应流程图可表示为提示：RCH=CH2RCH2CH2Br_题点三类比已知合成路线的有机合成4(2016北京高考)功能高分子P的合成路线如下：(1)A的分子式是C7H8，其结构简式是_。(2)试剂a是_。(3)反应的化学方程式：_。(4)E的分子式是C6H10O2。E中含有的官能团：_。(5)反应的反应类型是_。(6)反应的化学方程式：_。以乙烯为起始原料，选用必要的无机试剂合成E，写出合成路线(用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系， 箭头上注明试剂和反应条件)。解析：根据高分子P的结构和A的分子式为C7H8，可以推出，D为对硝基苯甲醇，那么A应该为甲苯，B为对硝基甲苯，C为一氯甲基对硝基苯。(1)A的结构简式为。(2)甲苯和浓硝酸在浓硫酸催化作用下生成对硝基甲苯，所以试剂a为浓硫酸和浓硝酸。(3)反应是一氯甲基对硝基苯在氢氧化钠的水溶液中发生取代反应生成对硝基苯甲醇，反应的化学方程式为NaCl。(4)E为CH3CH=CHCOOC2H5。E中含有碳碳双键和酯基。(5)反应为加聚反应。(6)反应为酯的水解反应。(7)乙烯和水可以直接加成生成乙醇，乙醇经催化氧化生成乙醛，乙醛发生已知条件中的反应即可以使碳链增长，3羟基丁醛发生消去反应即可得到2丁烯醛，2丁烯醛再被氧化生成2丁烯酸，该羧酸和乙醇发生酯化反应，即可得到物质E。(4)碳碳双键、酯基(5)加聚反应根据转化关系推断未知物有机综合推断题常以框图或变相框图的形式呈现一系列物质的衍变关系，经常是在一系列衍变关系中有部分产物已知或衍变条件已知，因而解答此类问题的关键是熟悉烃及各种衍生物之间的转化关系及转化条件。(1)甲苯的一系列常见的衍变关系(2)二甲苯的一系列常见的衍变关系对点练1菠萝酯F是一种具有菠萝香味的赋香剂，其合成路线如下： (1)A的结构简式为_，A中所含官能团的名称是_。(2)由A生成B的反应类型是_，E的某同分异构体只有一种相同化学环境的氢，该同分异构体的结构简式为_。(3)写出D和E反应生成F的化学方程式_。(4)结合题给信息，以溴乙烷和环氧乙烷为原料制备1丁醇，设计合成路线(其他试剂任选)。合成路线流程图示例：CH3CH2ClCH3CH2OHCH3COOCH2CH3解析：(1)根据题目所给信息，1,3丁二烯与丙烯醛反应生成CHO，根据结构简式可知该有机物含有碳碳双键和醛基。(2)A中碳碳双键和醛基与H2发生加成反应；根据有机合成路线推出E为CH2=CHCH2OH，E的某同分异构体只有一种相同化学环境的氢，该同分异构体的结构简式为。(3)D和E发生酯化反应生成F。(4)根据题目所给信息，溴乙烷与Mg在干醚条件下反应生成CH3CH2MgBr，CH3CH2MgBr与环氧乙烷在H条件下反应即可生成1丁醇。答案：(1) 碳碳双键、醛基2(2018江西九江十校第二次联考)以重要的化工原料A(C2H2)合成有机物E和的路线如图所示，部分反应条件及产物略去。其中D在一定条件下可被氧化成酮。回答下列问题：(1)B的系统命名是_；已知C是顺式产物，则C的结构简式为_。(2)的反应类型是_，E含有的官能团的名称是_。(3)反应产物与新制Cu(OH)2反应的化学方程式为_。(4)符合下列条件肉桂酸()的同分异构体共_种。分子中含有苯环和碳碳双键，能够发生银镜反应，遇FeCl3溶液显紫色。写出其中核磁共振氢谱图有六组峰，且峰面积之比为111122的结构简式：_。(5)参照上述合成路线，设计一条由丙炔和甲醛为起始原料制备的合成路线。解析：A的分子式为C2H2，A是乙炔；根据NaCCNaB(C4H6)，可推出B是CH3CCCH3；由BC(C4H8)，可知C是CH3CH=CHCH3；由C生成D(C4H10O)，D在一定条件下可被氧化成酮，可知D是CH3CH2CH(OH)CH3；，E是酯类，结构简式为；根据，可知F是HOCH2CH=CHCH2OH。(4)分子中含有苯环和碳碳双键，能够发生银镜反应，说明含有醛基，遇FeCl3溶液显紫色，说明含有酚羟基，符合条件的同分异构体有 (包括邻、间、对3种)、 (包括邻、间、对3种)、，共16种，其中核磁共振氢谱图有六组峰，且峰面积之比为111122的结构简式。(5)根据题述合成路线，由丙炔和甲醛生成，再与H2生成CH3CH=CHCH2OH，再被MnO2氧化生成CH3CH=CHCHO，再加聚生成。答案：(1)2丁炔(2)取代反应(或酯化反应)碳碳双键、酯基依据特征反应、性质及现象推断1根据试剂或特征现象推知官能团的种类(1)使溴水褪色，则表示该物质中可能含有“”或“”结构。(2)使KMnO4(H)溶液褪色，则该物质中可能含有“”“ ”或“CHO”等结构或为苯的同系物。(3)遇FeCl3溶液显紫色，或加入溴水出现白色沉淀，则该物质中含有酚羟基。(4)遇浓硝酸变黄，则表明该物质是含有苯环结构的蛋白质。(5)遇I2变蓝则该物质为淀粉。(6)加入新制的Cu(OH)2悬浊液，加热煮沸有红色沉淀生成或加入银氨溶液加热有银镜生成，表示含有CHO。(7)加入Na放出H2，表示含有OH或COOH。(8)加入NaHCO3溶液产生气体，表示含有COOH。2根据反应条件推断反应类型(1)在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应也可能是卤代烃的水解反应。(2)在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应。(3)在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等。(4)能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应。(5)能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛、酮的加成反应或还原反应。(6)在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应。(7)与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是 CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇醛羧酸的过程)(8)在稀H2SO4加热条件下发生酯、低聚糖、多糖等的水解反应。(9)在光照、X2(表示卤素单质)条件下发生烷基上的取代反应；在Fe粉、X2条件下发生苯环上的取代反应。3根据有机反应中定量关系推断(1)烃和卤素单质的取代：取代1 mol 氢原子，消耗1 mol 卤素单质(X2)。(2) 的加成：与H2、Br2、HCl、H2O等加成时按物质的量比11加成。(3)含OH有机物与Na反应时：2 mol OH生成1 mol H2。(4)1 mol CHO对应2 mol Ag或1 mol CHO对应1 mol Cu2O(1 mol HCHO对应4 mol Ag和2 mol Cu2O)。(5)物质转化过程中相对分子质量的变化：对点练3席夫碱类化合物G在催化、药物、新材料等方面有广泛应用。合成G的一种路线如图所示：已知以下信息：；1 mol B经上述反应可生成2 mol C，且C不能发生银镜反应；D属于单取代芳烃，其相对分子质量为106；核磁共振氢谱显示F苯环上有两种化学环境的氢；。回答下列问题：(1)由A生成B的化学方程式为_，反应类型为_。(2)D的化学名称是_，由D生成E的化学方程式为_。(3)G的结构简式为_。(4)F的同分异构体中含有苯环的还有_种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱为4组峰，且面积比为6221的是_(写出其中一种的结构简式)。(5)由苯及化合物C经如下步骤可合成N异丙基苯胺：反应条件1所选用的试剂为_，反应条件2所选用的试剂为_。I的结构简式为_。解析：由C的性质及C与A、B之间的转化关系知C是丙酮，则B是，A是。由D的物质类型及相对分子质量可确定其分子式为C8H10，故D是乙苯。由信息知F的苯环上有NH2、C2H5 2个取代基且处于对位。再结合信息知G的结构简式为。(4)F的同分异构体中，若苯环上只有1个取代基，则这个取代基可能为 CH2CH2NH2、CH(NH2)CH3、CH2NHCH3、NHCH2CH3、N(CH3)2，共有5种；若苯环上有2个取代基，分别为 C2H5、NH2时有2种；为CH3、CH2NH2时有3种；为 CH3、NHCH3时有3种；若苯环上有3个取代基(2个 CH3、1 个 NH2)时有6种，故共有19种。其中符合题中核磁共振氢谱要求的是。(5)综合分析知，H应该是硝基苯，反应条件1所选用试剂为浓H2SO4和浓HNO3；I是苯胺，反应条件2所选用的试剂为Fe和稀盐酸。答案：(1)消去反应(2)乙苯(3)4(2018山西长治二中等四校联考)花焦毒素为植物毒素，可用于白癜风、牛皮癣等皮肤顽疾，其关键中间体H的合成路线如下：已知：CH2=CH2CH3CH2OH回答下列问题：(1)AB的反应类型是_，D中含氧官能团是_(填名称)。(2)E的结构简式是_。(3)FG反应的化学方程式是_。(4)W是D的同分异构体，W能与NaHCO3溶液反应，还能与FeCl3溶液发生显色反应，则W的结构共有_种，其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为_。(5)参照上述合成路线，写出以苯酚和ClCH2COOH为原料(无机试剂任选)制备的合成路线。解析：(2)E的分子式为C4H4O4，有3个不饱和度，再结合产物F，可确定E为。(3)FG发生了缩聚反应。(4)符合条件的D的同分异构体W有 (邻、间、对3种)、 (当OH和COOH互为邻位时有4种结构)、 (间位时有4种)、 (对位时有2种)，共13种。(5)模仿合成路线中的ABCD，抓住结构决定性质这一关键。答案：(1)取代反应羟基和醚键依据题目提供的信息推断常见的有机新信息总结如下：1苯环侧链引羧基如 (R代表烃基)被酸性KMnO4溶液氧化生成，此反应可缩短碳链。2卤代烃跟氰化钠溶液反应再水解可得到羧酸如CH3CH2BrCH3CH2CNCH3CH2COOH；卤代烃与氰化物发生取代反应后，再水解得到羧酸，这是增加一个碳原子的常用方法。3烯烃通过臭氧氧化，再经过锌与水处理得到醛或酮RCH=CHR(R、R代表H或烃基)与碱性KMnO4溶液共热后酸化，发生双键断裂生成羧酸，通过该反应可确定碳碳双键的位置。4双烯合成如1,3丁二烯与乙烯发生环化加成反应得到环己烯，这是著名的双烯合成，是合成六元环的首选方法。5羟醛缩合有H的醛在稀碱(10% NaOH)溶液中能和另一分子醛相互作用，生成羟基醛，称为羟醛缩合反应。对点练5顺丁橡胶、制备醇酸树脂的原料M以及杀菌剂N的合成路线如下：.RCH=CHRRCHORCHO(R、R代表烃基或氢)(1)CH2=CHCH=CH2的名称是_。(2)反应的反应类型是(选填字母)_。a加聚反应B缩聚反应(3)顺式聚合物P的结构式是(选填字母)_。(4)A的相对分子质量为108。反应的化学方程式是_。1 mol B完全转化成M所消耗H2的质量是_g。(5)反应的化学方程式是_。(6)A的某些同分异构体在相同的反应条件下也能生成B和C。写出其中一种同分异构体的结构简式_。解析：(1)CH2=CHCH=CH2分子中含有2个，属于二烯烃，根据系统命名法原则，其名称为1,3丁二烯。(2)CH2=CHCH=CH2分子中含有，具有烯烃的化学性质，能发生加成反应和加聚反应等，该有机物经反应生成顺式聚合物P，则反应为加聚反应。(3)迁移应用课本中顺反异构体知识，推测顺式聚合物P分子中连接在两端碳原子的同种基团处于双键的同侧，故b项正确。(4)结合题给信息中加成反应(成环反应)原理，推测反应为2分子CH2=CHCH=CH2在加热条件下发生加成反应(成环反应)生成A。又知A的相对分子质量为108，从而确定A的结构简式为，反应的化学方程式为。结合信息中反应原理，在O3、Zn/H2O作用下，发生开环反应，生成和HCHO，结合M的结构简式可知，B为，C为HCHO。1 mol B含有3 molCHO，可与3 mol H2完全加成，消耗H2的质量为6 g。(5)N的分子式为C13H8Cl4O2，而C的分子式为CH2O，的分子式为C6H4Cl2O，由酚羟基邻位上的氢原子较活泼，可推出N的结构简式为。所以反应的化学方程式为 (6)A的结构简式为，其同分异构体在O3、Zn/H2O 作用下，也能生成和HCHO，根据该反应的原理，逆向推理知A的同分异构体的结构简式可能为。答案：(1)1,3丁二烯(2)a(3)b6 (6)6有机化合物X、Y、A、B、C、D、E、F、G之间的转化关系如图所示。已知：X在催化剂作用下可与H2反应生成化合物Y；化合物F的核磁共振氢谱图中只有一个吸收峰。请回答下列问题：(1)X的含氧官能团的名称是_，X与HCN反应生成A的反应类型是_。(2)酯类化合物B的分子式是C15H14O3，其结构简式是_。(3)X发生银镜反应的化学方程式是_。(4)G在NaOH溶液中发生水解反应的化学方程式是_。(5) 的同分异构体中：能发生水解反应；能发生银镜反应；能与氯化铁溶液发生显色反应，满足上述条件的同分异构体共有_种(不考虑立体异构)，写出核磁共振氢谱图中有五组吸收峰的同分异构体的结构简式：_。(6)写出以C2H5OH为原料合成乳酸()的路线(其他试剂任选，合成路线常用的表示方式为AB目标产物)。解析：由扁桃酸的结构简式及信息知，X是苯甲醛，含氧官能团为醛基，X与HCN反应生成A的反应类型是加成反应。进一步可推知C是苯甲酸、D是，由高分子产物结构简式及信息可推出F是HCHO，E是对甲基苯酚；G为。(2)由B的分子式及信息可推出Y是苯甲醇，则B的结构简式为。(5)由、知分子中含HCOO，由知分子中含有酚羟基，当取代基有2种时，2种取代基(OH、HCOOCH2)在苯环上有3种位置关系，当取代基有3种时，3种取代基(HCOO、CH3、OH)在苯环上有10种不同的位置关系，故共13种同分异构体。当有五组吸收峰时，表明分子中存在一定的对称关系，故结构简式为。(6)乳酸分子比乙醇分子多一个碳原子，制备中需要通过醛基与HCN加成的方法向分子中引入CN，然后水解，因此需要先将乙醇氧化为乙醛。答案：(1)醛基加成反应课堂真题集训明考向1(2017江苏高考)根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是()选项实验操作和现象实验结论A向苯酚溶液中滴加少量浓溴水、振荡，无白色沉淀苯酚浓度小B向久置的Na2SO3溶液中加入足量BaCl2溶液，出现白色沉淀；再加入足量稀盐酸，部分沉淀溶解部分Na2SO3被氧化C向20%蔗糖溶液中加入少量稀H2SO4，加热；再加入银氨溶液，未出现银镜蔗糖未水解D向某黄色溶液中加入淀粉KI溶液，溶液呈蓝色溶液中含Br2解析：选B该实验中苯酚不能过量，否则生成的三溴苯酚会溶于苯酚中，没有生成白色沉淀可能是因为苯酚的浓度太大，A项错误；Na2SO3溶液与BaCl2溶液反应生成BaSO3白色沉淀，该沉淀可以溶于盐酸，若沉淀部分溶解，说明有BaSO4存在，即部分SO已被氧化成SO，B项正确；银镜反应需要在碱性条件下进行，操作中未出现银镜，不能说明蔗糖未水解，C项错误；该黄色溶液中还可能含有Fe3，Fe3可将I氧化成I2，I2遇淀粉变蓝，故原溶液中不一定含有Br2，D项错误。2(2017江苏高考)化合物H是一种用于合成分泌调节剂的药物中间体，其合成路线流程图如下：(1)C中的含氧官能团名称为_和_。(2)DE的反应类型为_。(3)写出同时满足下列条件的C的一种同分异构体的结构简式：_。含有苯环，且分子中有一个手性碳原子；能发生水解反应，水解产物之一是氨基酸，另一水解产物分子中只有2种不同化学环境的氢。(4)G的分子式为C12H14N2O2，经氧化得到H，写出G的结构简式：_。(5)已知： (R代表烃基，R代表烃基或H)请写出以和(CH3)2SO4为原料制备的合成路线流程图(无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干)。解析：(1)C中含有的“COC”为醚键，“COO”为酯基。(2)D中N原子上的H原子被CH2COCH3取代，故DE发生的是取代反应。(3)能水解，说明含有酯基；产物之一为氨基酸，即含有；对比C的结构简式知，除以上结构和苯环外，还有一个碳原子和一个氧原子；另一水解产物分子中只有2种不同化学环境的H原子，则符合条件的C的同分异构体中的两个取代基在苯环上应处于对位，且其水解产物之一具有对称结构，由此写出其结构简式为。(4)对比F和H的结构简式可知，F中的酯基转变成了醛基，已知G经氧化得到H，则G中含有醇羟基，由此写出G的结构简式为。(5)与HBr发生取代反应生成，模仿AB的反应可知：可转化成，硝基被还原生成氨基，氨基上的H原子与中的Br原子结合生成HBr，另一产物即为。答案：(1)醚键酯基(2)取代反应 (4)3(2016江苏高考)化合物H是合成抗心律失常药物决奈达隆的一种中间体，可通过以下方法合成：(1)D中的含氧官能团名称为_(写两种)。(2)FG的反应类型为_。(3)写出同时满足下列条件的C的一种同分异构体的结构简式：_。能发生银镜反应；能发生水解反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；分子中只有4种不同化学环境的氢。(4)E经还原得到F。E的分子式为C14H17O3N，写出E的结构简式：_。写出相应的合成路线流程图(无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干)。解析：(1)由D的结构简式可知，D中的含氧官能团有(酚)羟基、羰基和酰胺键。(2)由F、G的结构简式可知，F中的OH消失，出现了新的碳碳双键，FG应是醇羟基发生的消去反应。(3)能发生银镜反应，则同分异构体中含有醛基；能发生水解反应，且产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应，则该水解产物含有酚羟基，进一步可推知同分异构体中含