（四川卷）2016年高考物理押题预测卷.doc

2016年高考押题卷（1）（四川卷）理科综合物理试题注意事项：1答题前，考生务必将自己的姓名、座位号、报名号填写在答题卡上，并将条形码贴在答题卡上对应的虚线框内2第卷每小题选出答案后，用2b铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号第卷用0.5mm黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效3考试结束，监考人只将答题卡收回第卷（选择题，共42分）一、选择题（本题共7小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15小题只有一个选项正确，第67小题有多个选项正确。全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力f作用下处于静止状态，则下列判断正确的是a天花板与木块间的弹力可能为零 b天花板对木块的摩擦力可能为零 c推力f逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力增大d推力f逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力不变【答案】d考点：物体的平衡，受力分析.2水晶柱体的圆形横截面置于空气中，圆半径r=2cm，pq是一条通过圆心的直线，如图所示，一束激光平行于pq射向水晶柱体，b为入射点，i和r分别是入射角和折射角。已知点b到直线pq的距离为cm，cd为出射光线，cd与pq所成的角=30，下列说法正确的是ai60 b水晶柱体的折射率为 c水晶柱体的折射率为 d激光从b点传播到c点的时间为【答案】c3如图所示为电能输送的简化电路图，发电厂的输出电压为u，用r表示两条输电线上的电阻，用r表示负载电阻，当与二极管并联的开关s断开时，输电线路中的电流为i1，在输电线与负载电阻之间连有一理想变压器，变压器的输出电压为u1，流入负载的电流为i2，假设二极管的正向电阻为零，反向电阻无穷大，则当开关s闭合后，下列说法正确的是a输电线上的电流i1变为原来的2倍b输电线上损失的电压变为原来的2倍c输电线上损失的规律变为原来的4倍d输电线路上的电流i1与流入负载的电流i2的比值一定不变【答案】c【解析】根据变压器原理有可知，变压器原副线圈的电压比一定等于匝数比，但由于开关s闭合后二极管被短路，故流过负载电阻的电流由半波变为正弦波，所以副线圈的电流变大，从而影响原线圈电流也变大，则输电线上损失电压变大，由此影响到变压器的输出电压，再影响到负载电阻上的电流，形成循环影响，故输电线上的电流、损失电压和损失功率都不会是整数倍变化，故选项a、b、c都错误；不管负载电阻的工作情况如何，根据能量守恒，在只有一个副线圈的情况下，原副线圈的电流比一定为匝数反比，故选项d。4图甲为一列简谐横波在 t=0.10s时刻的波形图，p是平衡位置为x=1 m处的质点，q是平衡位置为 x=4 m处的质点，图乙为质点q的振动图象，则a该波沿x轴向右传播bt=0.10 s时，质点p的速度方向向下ct=0.10 s时，质点p的加速度逐渐减小d若这列波的波源正在远离观察者，则观察者接收到的频率小于波源发出的频率【答案】 d5已知一质量为m的物体静止在北极与赤道对地面的压力差为n，假设地球是质量分布均匀的球体，半径为r。则地球的自转周期为a b c d【答案】a 【解析】 由于地球的自转所以两极，赤道，又因为重力等于压力，所以，则，a正确。6有一辆质量为170kg、输出功率为1440w的太阳能试验汽车，安装有约6m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为30w/ m2。若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为90km/h。假设汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比，则汽车a以最大速度行驶时牵引力大小为57.6nb起动时的加速度大小为0.24 m/s2c保持最大速度行驶1 h至少需要有效光照8 h d直接用太阳能电池板提供的功率可获得3.13 m/s的最大行驶速度【答案】ac考点：能量守恒定律、牛顿第二定律7如图所示两半径为r的圆弧形光滑金属导轨置于沿圆弧径向的磁场中，磁场所在的平面与轨道平面垂直。导轨间距为l，一端接有电阻r，导轨所在位置处的磁感应强度大小均为b，将一质量为m的金属导体棒pq从图示位置（导轨的半径与竖直方向的夹角为）由静止释放，导轨及金属棒电阻均不计，下列判断正确的是a. 导体棒pq有可能回到初始位置b. 导体棒pq第一次运动到最低点时速度最大c. 导体棒pq从静止到最终达到稳定状态，电阻r上产生的焦耳热为d. 导体棒pq由静止释放到第一次运动到最低点的过程中，通过r的电荷量【答案】cd 【解析】 导体棒运动过程中不断克服安培力做功，将机械能转化为电能，因此不可能回到初始位置，选项a错误；导体棒pq第一次运动到最低点时所受合力与速度反向，速度不可能最大，选项b错误；导体棒最后一定静止在最低点，根据能量守恒定律得电阻r上产生的焦耳热等于重力势能的减少量为，选项c正确；导体棒pq从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，选项d正确。第卷（非选择题 共68分）8（17分）（6分）在“探究加速度与质量的关系”时，保持砝码和小桶质量不变，改变小车质量m分别测得小车的加速度a与对应的质量m数据如下表根据上表数据，为进一步直观反映f不变时a与m的关系，可在坐标系中选择物理量_和_为坐标轴建立坐标系并作出图线（选填表格中的物理量名称），该小车受到的拉力f为_n。【答案】a 0.5考点：考查了验证牛顿第二定律实验（11分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标卡尺测量其长度的刻度部分如图甲所示，由图可知其长度为 mm。（2）用螺旋测微器测量其直径的刻度部分如图乙所示，由图可知其直径为 mm。（3）选用多用电表“10”电阻挡，按正确的操作步骤测量此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值为 。（4）该同学想用伏安法更精确的测量其电阻r，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆同柱体r 直流电源e（4v，内阻不计）电流表a1（量程04ma，内阻约50）电流表a2（量程010ma，内阻约30）电压表v1（量程03v，内阻约10k）电压表v2（量程015v，内阻约25k）滑动变阻器r1（015，允许通过的最大电流2.0a）滑动变阻器r2（02k，允许通过的最大电流0.5a）开关s，导线若干。为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选择 ，电压表应选择 ，滑动变阻器应选择 （选填仪器代号），请在方框中画出测量的电路图。【答案】（1）50.45（2分） （2）4.750（4.748-4.752）（2分） （3）240（2分） （4）a2（1分） v1（1分） r1（1分） （5）电路图如图所示（2分）考点：测量仪器的读数、电阻的测量。9.（15分）如图所示，ab是竖直平面内半径为r的圆上的水平方向的直径。该圆处在电场强度为e的匀强电场中，圆平面与电场线平行， 已知重力加速度为g。在圆周平面内将一质量为m、电荷量为的带正电小球从a点以相同的初速度v0抛出，抛出方向不同时，小球会经过圆上不同的点，在这些所有点中，到达c点时小球的动能最大。已知，试求：（1）电场强度的方向和小球在c点时的动能。（2）a与b两点的电势差uab和小球通过b点时的动能。【答案】（1）（2），【解析】（1）带电小球在运动的过程中受到重力和电场力作用，将重力和电场力的合力f等效为一个重力f=mg/，因为小球到达c点时小球的动能最大，所以c点为等效重力场中“最低点”，即重力与电场力的合力方向一定沿着oc方向，如图所示。因为，作出如图所示的矢量图，由图可知电场力的方向与ac平行，所以电场强度的方向与ac平行，即与水平成30角斜向右下方向。（1分）由图可知合力的大小为：（2分）由a到c根据动能定理可得： （2分）解得：（2分）（2）由a到b根据动能定理可得： （2分）由a到b重力不做功，电场力做功（2分）解得：（2分）（2分）10.（17分）如图所示，无限宽广的匀强磁场分布在xoy平面内，x轴上下方磁场均垂直xoy 平面向里，x轴上方的磁场的磁感应强度为b，x轴下方的磁场的磁感应强度为4b/3。现有一质量为m，电荷量为-q带负电粒子以速度v0从坐标原点o沿y方向进入上方磁场。在粒子运动过程中，与x轴交于若干点。不计粒子的重力。求：（1）粒子在x轴上方磁场做匀速圆周运动的轨道半径r1。（2）如把x轴上方运动的半周与x轴下方运动的半周称为一周期的话，则每经过一周期，在x轴上粒子右移的平均速度及在与x轴的所有交点中粒子两次通过同一点的坐标位置。【答案】（1）；（2）；（式中k取1、2、3）【解析】（1）粒子在x轴上方磁场做匀速圆周运动半径r1，下方磁场中做匀速圆周运动半径r2。由bqv0=m（2分）解得r1=，r2=（2分）（2）在磁场中运动轨迹如图所示，如把x上方运动的半周与x下方运动的半周称为一周期的话，则每经过一周期，在x轴上粒子右移x=2r1-2r2=（2分）在第4周期刚结束时粒子第二次经过x1=2r1的这一点，以后每过一周期将会出现符合要求的点故x1=2r1+=r1=（式中k取1、2、3）（3分）x上方的周期为t1，x下方的周为t2，t1=（2分），t2=（2分）先后通过的时间间隔t=t1+2t2=（2分）在x轴上粒子右移的平均速度=（2分）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动11.（19分）如图1所示，长度l=2.5m的水平传送带与紧靠的四分之一光滑圆弧轨道bc相切于b点，圆心o与b的连线处于竖直方向。皮带轮以角速度顺时针匀速转动。现有一小物块（视为质点）以水平速度0从a点滑上传送带，过b点沿轨道bc运动一段时间后落到水平地面上。保持物块的初速度0不变，多次只改变皮带轮的角速度大小，依次测量物块离开轨道bc的速度大小，得到如图2所示的图象，其中cd与轴平行，bc为曲线。当=10rad/s时物块在传送带上恰好一直做匀加速直线运动。若物块与传送带间的动摩擦因数=0.14，取重力加速度g= 10m/s2，通过b处时动能损失不计，求：（提示：在圆周运动过程中任一点，物块所受的向心力与其速率的关系为f向=m。）（1）圆弧轨道bc的半径r和初速度0大小；（2）当 = 20rad/s时物块过b点开始到落地的时间t及落地点与圆心o间的距离s；（3）当 = 10rad/s时物块离开轨道bc时的速率2。【答案】（1）1m/s （2）t=0.4s，s=m （3）m/s【解析】 （1）由题图2可知，当=2m/s时即物块经过b点时重力刚好提供向心力，即mg=m（2分）得r=0.8 m（1分）由题意可知，当=10rad/s时物块匀加速运动到b处时的速度刚好为1=2m/s（1分）根据牛顿第二定律，物块在传送带上的加速度大小a=1.4m/s2（1分）由12 02=2al（1分）得0=1m/s（1分）（2）由于20rad/s10rad/s，所以当=20rad/s时物块过b点后做平抛运动，其初速度为 1=2m/s，则s=1t，r=gt2（2分）bo mgc p得t=0.4s，s=m（2分）（3）由题意得皮带轮的半径r=0.2m（1分）当=10rad/s时传送带的