高考物理一轮复习 第九单元 恒定电流单元A卷.doc

第九单元 恒定电流注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2b铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、 (本题共10小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1下列关于电流的说法中正确的是( )a. 导体棒中电子运动的速率越大，电流越大b. 单位时间内通过导体横载面的电荷量越多，导体中的电流越大c. 因为电流既有大小也有方向，所以是矢量d. 导体中通过一定的电荷量所用的时间越短，电子速度越大，电流就越大2一根粗细均匀的导线，两端加上电压u时，通过导线中的电流强度为i，导线中自由电子定向移动的平均速度为v。若导线均匀拉长，使其半径变为原来的，再给它两端加上电压u，则( )a. 通过导线的电流为 b. 通过导线的电流为c. 自由电子定向移动的平均速率为 d. 自由电子定向移动的平均速率为3如图所示，a、b是两块水平放置的平行金属板，一带电小球垂直于电场线方向射入板间，小球将向a极板偏转，为了使小球沿射入方向做直线运动，可采用的方法是( )a. 将带正电的小球改为带负电b. 将变阻器滑片p适当向左滑动c. 适当增大小球所带电量d. 将极板间距适当增大4如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的u甲、u乙及r甲、r乙之间的关系正确的是()au甲2u乙 bu甲u乙 cr甲2r乙 dr甲r乙5如图是某温度检测和光电控制加热装置的原理图，rt为热敏电阻(温度升高，阻值减小)，用来探测加热电阻丝r的温度；rg为光敏电阻(光照强度增大，阻值减小)，接收小灯泡l的光照。其他电阻均为定值电阻。当r处温度升高后，下列说法正确的是( )a. 灯泡l将变暗b. rg的电压将增大c. r的功率将增大d. r的电压变化量与r2的电流变化量的比值不变6如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，相同材料的电阻丝a、b，长度分别是l和2l；直径分别为d和2d，在两电路中分别通过相同的电荷量q的过程中，下列判断正确的是( )a. a、b的电阻之比ra : rb = 1 : 2b. a、b的电流iaibc. a、b的电压uaubd. a、b产生的电热qa = qb7电热水器金属内胆出水口加接一段曲长管道，在电热水器漏电且接地线失效时，能形成“防电墙”，保障人的安全。如图所示，当热水器漏电且接地线失效时，其金属内胆与大地间电压为220 v，由于曲长管道中水具有电阻(简称“隔电电阻”)，因而人体两端的电压不高于12 v，下列说法正确的是( )a. 曲长管道应选用导电性能好的材料制成b. 曲长管道应选用不易导电的材料制成c. “隔电电阻”大于“人体电阻”，且两者串联d. 热水器漏电且接地线失效时，“防电墙”使人体内无电流通过8硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压u和电流i变化的关系图象(电池电动势不变，内阻不是定值)，图线b是某电阻r的u-i图象。在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是( )a. 硅光电池的内阻为8 b. 硅光电池的总功率为0.4 wc. 硅光电池的内阻消耗的热功率为0.32 wd. 若将r换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率增大9如图甲所示，电动势为e、内阻为r的电源与r = 6 的定值电阻、滑动变阻器rp、开关s组成串联回路，已知滑动变阻器消耗的功率p与其接入电路的有效阻值rp的关系如图乙所示。下列说法正确的是( )a. 电源的电动势e =v，内阻r = 4 b. 图乙中rx = 25 c. 定值电阻r消耗的最大功率为0.96 wd. 调整滑动变阻器rp的阻值可以得到该电源的最大输出功率为1 w10如图所示电路中，电源电动势为e，内阻为r，开关s闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表。当滑动变阻器滑片p向b端滑动过程中，下列说法正确的是( )a. r3的功率变大b. 电压表、电流表示数都变大c. 减小平行板间距则液滴一定向下移动d. 电容器c所带电量减少，液滴向下加速运动二、(本题共4小题，共50分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 11(12分)现有一只标值为“2.5v，w”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过实验描绘出灯丝的伏安特性曲线，并得出该灯泡正常工作时的功率。已知小灯泡的灯丝电阻约为5 。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：电源e(电动势3.0v，内阻0.5 )灵敏电流计g(满偏电流ig = 100 a，内阻rg = 2000.0 )电流表a1(00.6a，内阻约0.125)电流表a2(03a，内阻约0.125)滑动变阻器r1 (阻值范围05)滑动变阻器r2(阻值范围0175) 电阻箱r3(最大电阻99999.9 )(1)若要改装一个量程为03v的电压表，应将灵敏电流计与电阻箱串联，电阻箱的阻值应调到r3 =_。电流表应选择_，滑动变阻器应选择_。(2)请帮他设计一个测量电路图并画在虚线框内。(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_w。12(12分)一根固定在刻度尺上的均匀电阻丝r(总阻值小于5 )两端各有1个固定的接线柱a、b，刻度尺的中间有1个可沿电阻丝滑动的触头c，c的上端为接线柱，触头c与电阻丝通常不接触，当用手按下时，才与电阻丝接触且可在刻度尺上读出触点的位置。现提供以下器材来测量该电阻丝的电阻率。a. 电压表(03 v15 v，电阻约为3 k或15 k)b. 电流表(00.6 a3 a，电阻约为0.5 或0.1 )c. 电池组(电动势为3 v，内阻很小) d. 保护电阻r0 = 2 e. 开关s f. 螺旋测微器 g. 导线若干(1)用螺旋测微器测量电阻丝的直径时，示数如图甲所示，则该电阻丝的直径d = mm。(2)根据所提供的器材在图乙的方框中画出该实验的电路图，要求：改变触头c的位置，电流表的示数不变；能够进行多次测量。(3)按(2)中设计的实验电路图用笔画线代替导线连接图丙中的实物图(注意量程的选择)。(4)通过改变触头c的位置，分别量出多组与电阻丝长度l对应的电压u的数据(电流表示数维持0.4 a不变)，并已描绘在坐标纸上，得到的u - l图线如图丁所示。u - l图线的斜率k = ，根据实验得到的数据可计算出该电阻丝的电阻率 = ；(结果均保留两位有效数字)下列有关实验的说法正确的是 。a. 用螺旋测微器在被测电阻丝同一位置测三次，求出直径的平均值b. 电路中的电流不宜过大，通电时间不宜过长，故实验中应接入一保护电阻r0c. 实验中电阻丝的电阻率的测量值等于真实值d. 在u - l坐标系中通过描点连线得到的图线是电阻丝的伏安特性曲线13(10分)如图甲所示的电路中，r1、r2均为定值电阻，且r1 = 100 ，r2电阻值未知，r3为滑动变阻器。当r3滑片从左端滑到右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化的图象如图乙所示，其中a、b两点是滑片p在变阻器的两个不同端点得到的，求：(1) r2阻值；(2)滑动变阻器的最大阻值。14(16分)某课外小组设计了一种测定风速的装置，其原理如图所示：一个劲度系数k = 585 n/m、自然长度l0 = 0.5 m的弹簧，一端固定在墙上的m点，另一端n与导电的迎风板相连，弹簧穿在光滑水平放置的电阻率较大的金属杆上。弹簧是不导电的材料制成的，迎风板的面积s = 0.4 m2，工作时总是正对着风吹来的方向(迎风板可在金属杆上滑动)。电路的一端与迎风板相连，另一端在m点与金属杆相连。定值电阻r =1.0 ，电源的电动势e = 12 v，内阻r = 0.5 。闭合开关，没有风吹时，弹簧处于原长，电压表的示数u1 = 3.0 v(电压表可看作理想表)。某时刻由于风吹迎风板，电压表的示数变为u2 = 2.0 v，求：(1)金属杆单位长度的电阻；(2)此时作用在迎风板上的风力；(3)假设风与迎风板作用后的速度变为零，空气的密度为1.3 kg/m3，则风速多大。单元训练金卷高三物理卷（a）第九单元 恒定电流答 案1.【答案】b2.【答案】c3.【答案】d4.【答案】a【解析】设灯泡正常工作时电压为u，电流为i，则u甲iu乙2i，则u甲2u乙，a正确，b错误；根据i2r甲(2i)2r乙得r甲4r乙，c正确，d错误。5.【答案】d【解析】当r处温度升高时，rt阻值变小，左边回路中电流增大，小灯泡l的功率增大，灯泡l将变亮，故a错误；l的光照强度增大，则rg阻值变小，右侧电路的总电阻变小，总电流变大，e2的内电压增大，则其路端电压变小。总电流增大，则r2两端电压增大，所以右侧电路并联部分电压减小，r的电压减小，则r的功率将减小，r的电流减小，而总电流增大，则通过r3的电流增大，r3的电压将增大，所以rg的电压将减小，故b、c错误；将r2看成内阻，r的电压是路端电压，则r的电压变化量与r2的电流变化量的比值，保持不变，故d正确。6.【答案】c【解析】根据电阻定律得，解得 ra : rb = 2 : 1，故a错误；根据闭合电路欧姆定律得，e和r相等，rarb，则iaib，故b错误；根据闭合电路欧姆定律得u = e -ir，e和r相等，iaib，则uaub，故c正确；电阻产生的电热q = i2rt，又it = q，u = ir，得q = qu，因uaub，q相等，所以qa qb，故d错误。7.【答案】bc8.【答案】ac【解析】由图可知该电池的电源电动势为3.6 v，由可知内电压为1.6 v，硅光电池的内阻为，故a正确；硅光电池的总功率为，故b错误；硅光电池的内阻消耗的热功率为，故c正确；若将r换成阻值更大的电阻，电路中电阻两端的电压变大，但电流变小，硅光电池的输出功率不一定增大，故d错误。9.【答案】bc【解析】当rp = r + r =10 时，滑动变阻器消耗的功率最大，r = 6 ，可得内阻r = 4 ，最大功率，得e = 4 v，a错误；滑动变阻器的阻值为4 时消耗的功率与阻值为rx时消耗的功率相等，有4rx = (r+r)2，解得rx = 25 ，b正确；当回路的电流最大时，定值电阻r消耗的功率最大，故最大功率为，c正确；当外电路电阻与内阻相等时，电源输出功率最大，本题中定值电阻r的阻值已经大于内阻的阻值，故滑动变阻器rp的阻值为零时，电源的输出功率最大，最大功率为，d错误。10.【答案】bd【解析】此闭合电路的外电路由r1、r2、r3构成，r2与r3并联后再与r1串联，电容器两端的电压与r3两端电压相等。现将滑片向b端滑动，r2接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流变大，则定值电阻r1上的电压增大，电压表示数变大；外电路电压减小，则r3两端电压减小，通过r3的电流减小，r3功率变小，电流表示数变大，选项a错误，b正确；平行板间电压减小，减小平行板间距时，板间电场可能不变，选项c错误；电容器两端的电压减小，所带电荷量减少，电容器极板间的场强减小，液滴受到的电场力减小，液滴向下加速运动，选项d正确。11.【答案】(1)28000 a1 r1 (2)如图所示： (3)1.25【解析】(1)改装电压表，将灵敏电流计与一电阻串联，根据公式，可计算出电阻箱的阻值需要调到28000.0；根据提供的器材，灯泡的额定电压为2.5v，电阻约为5 ，电流表应选择a1，因本实验必须采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的r1。(2)描绘伏安特性曲线电压、电流需从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接，灯泡的电阻约为5 ，属于小电阻，电流表采取外接法，灯泡的额定电压为2.5v，所以电压表选择改装的量程为03v的电压表，灯泡的额定电流约为0.5a，则电流表量程选择00.6a的，电路图如图所示：(3)当电压u=2.5v时，i = 0.5a，根据p = ui = 2.50.5w = 1.25w。12.【答案】(1)1.990 (2) (3) (4)2.0 v/m 1.610-5 m b【解析】(1)根据读数规则可知直径为：；(2)根据题意，电源电动势为3 v，电阻大约为5 ，电流表量程应选择00.6 a，电压表量程应选择0 3 v，改变触头c的位置，电流表的示数不变，应将电阻丝全部联入电路之中，用电压表测量ac(或bc)之间的电压，由于电阻丝电阻远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，电路如图所示：(3)按(2)中设计的实验电路图的实物图连接如图所示：(4)u-l图线的斜率，则，则，代入数据解得；应该用螺旋测微器在被测电阻丝的三个不同位置各测量一次，然后求出直径的平均值，故a错误；电路中的电流不宜过大，通电时间不宜过长，防止电阻发热，导致电阻率发生变化，故实验中应接入一保护电阻r0，故b正确；电流表采用外接法，电流测量值大于真实值，故电阻率的测量值小于真实值，故c错