江西省宜市高安中学高考物理押题试卷（三）（含解析）.doc

2015年江西省宜春市高安 中学高考物理押题试卷（三）一选择题（每题6分）1（6分）（2015高安市校级模拟）如图所示，伽利略用两个对接的斜面，一个斜面a固定，让小球从固定斜面上由静止滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面b，如果没有摩擦，小球将上升到原来的高度，减小斜面倾角重复实验，直到斜面倾角为零伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）a日常生活中，不存在摩擦时，物体的运动情形b如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度c如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒d力不是维持物体运动状态的原因2（6分）（2015高安市校级模拟）关于物体运动的加速度，下列说法正确的是（）a做直线运动的物体，加速度方向一定不变b做曲线运动的物体，加速度一定改变c做匀速圆周运动的物体，加速度大小一定不变d处于完全失重的物体，加速度为零3（6分）（2015高安市校级模拟）如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36v，6w）字样，此时l1恰正常发光，图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5a，下列说法正确的是（）a变压器的输入功率为18wb该变压器为升压变压器c原线圈两端电压为54vd若l3突然断路，则电流表示数变大4（6分）（2015高安市校级模拟）假设空间某一静电场的电势随x变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是（）a0x1范围内各点场强的方向均与x轴平行b只在电场力作用下，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀减速直线运动c负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小d无法比较x2x3与x4x5间的场强大小5（6分）（2015开封二模）一正三角形导线框abc（高度为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过两匀强磁场区域两磁场区域磁感应强度大小均为b、方向相反、垂直于平面、宽度均为a图乙反映感应电流i与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向图象正确的是（）abcd6（6分）（2015高安市校级模拟）现在，人造地球卫星发挥着越来越重要的作用马航mh370航班与地面失去联系的一年多时间里，我国共调动了21颗卫星为搜救行动提供技术支持假设某颗做匀速圆周运动的卫星a，其轨道在赤道平面内，距离地面的高度为地球半径的2.5倍，取同步卫星b离地面高度为地球半径的6倍，则（）a卫星b的线速度小于第一宇宙速度b卫星b的向心加速度是地球表面重力加速度的12.25倍c同步卫星b的向心加速度为地球表面赤道上物体随地球自转向心加速度的6倍d卫星b的周期是于卫星a的周期的8倍7（6分）（2015高安市校级模拟）如图所示轻质弹簧的一端与固定的竖直板p拴接，另一端与物体a相连，物体a静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体b相连开始时用手托住b，让细线恰好伸直，然后由静止释放b，直至b获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）ab物体的动能增加量小于b物体重力势能的减少量bb物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量c细线拉力对a做的功等于a物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量d合力对a先做正功后做负功8（6分）（2015高安市校级模拟）放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在06s内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图所示，g=10m/s2，下列说法正确的是（）a02 s内物体位移大小为12mb02 s内拉力恒为5nc合力在06 s内做的功与02 s内做的功均为30jd动摩擦因素为=0.15三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9（6分）（2015高安市校级模拟）某学习小组利用如图1所示的装置验证动能定理（1）将气垫导轨调至水平，安装好实验器材，从图2中读出两光电门中心之间的距离s=cm；（2）测量挡光条的宽度d，记录挡光条通过光电门1和2所用的时间t1和t2，并从拉力传感器中读出滑块受到的拉力f，为了完成实验，还需要直接测量的一个物理量是；（3）该实验是否需要满足砝码盘和砝码的总质量远小于滑块、挡光条和拉力传感器的总质量？（填“是”或“否”）10（9分）（2015郴州二模）有一根细而均匀的导电材料样品（如图甲所示），截面为同心圆环（如图乙所示），此样品长l约为3cm，电阻约为100，已知这种材料的电阻率为p，因该样品的内径太小，无法直接测量，现提供以下实验器材：a20等分刻度的游标卡尺b螺旋测微器c电流表a1（量程50ma，内阻r1=100，）d电流表a2（量程100ma，内阻r2大约为40，）e电流表a3（量程3a内阻r3大约为0.1q）f滑动变阻器r（010，额定电流2a）g直流电源e（12v，内阻不计）h导电材料样品rx（长l约为3cm，电阻rx约为100，）i开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图丙所示，其示数l=mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图丁所示，其示数d=mm（2）请选择合适的仪器，画出最佳实验电路图，并标明所选器材（3）实验中要测量的物理量有：（同时用文字和符号说明）然后用已知物理量的符号和测量量的符号来表示样品的内径d=11（15分）（2015高安市校级模拟）减速带是交叉路口上常见的一种交通设施，在某小区门口有一橡胶减速带（如图），有一警用巡逻车正以最大速度20m/s从小区门口经过，在离减速带50m时警察发现一逃犯正以10m/s的速度骑电动车匀速通过减速带，而巡逻车要匀减速到5m/s通过减速带（减速带的宽度忽略不计），减速到5m/s后立即以2.5m/s2的加速度继续追赶，设在整个过程中，巡逻车与逃犯均在水平直道上运动，求从警察发现逃犯到追上逃犯需要的时间12（17分）（2015高安市校级模拟）如图（甲）所示，在直角坐标系0xl区域内有沿x轴正方向的匀强电场，右侧有一个圆心在x轴上、半径为l的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为m、n现有一质量为m，带电量为e的正电子（重力忽略不计），从y轴上的a点以速度v0沿y轴负方向射入电场，飞出电场后从m点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向里为磁场正方向，最后正电子运动一段时间后从n点飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同求：（1）0xl区域内匀强电场场强e的大小；（2）写出圆形磁场区域磁感应强度b0的大小应满足的表达式(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答物理-选修3-3（15分）13（6分）（2015天门模拟）对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是（）a温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大b外界对物体做功，物体内能一定增加c温度越高，布朗运动越显著d当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小e当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大14（9分）（2015山东模拟）如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm已知大气压强为p0=75.0cmhg现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1=20.0cm假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离物理-选修3-4（15分）15（2015高安市校级模拟）某同学在做“用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为l，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为t他测得的g值偏小，可能的原因是（）a测摆线长时摆线拉得过紧b摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了c开始计时，秒表过早按下d实验中误将51次全振动数为50次e实验中误将49.5次全振动数为50次16（2015高安市校级模拟）一单色光通过一横截面为半圆柱形的透明物体如图所示，底面aob镀银（图中粗线），o表示半圆截面的圆心，在横截面内从m点入射，经过ab面反射后从n点射出，已知光线在m点的入射角为30，moa=60，nob=30求：（i）光线在m点的折射角；（ii）透明物体的折射率物理-选修3-4（15分）17（2015高安市校级模拟）下列描述中正确的是（）a发生光电效应时入射光波长相同，从金属表面逸出的光电子最大初动能越大，这种金属的逸出功越小b当放射性元素的原子的核外电子具有较高能量时，将发生衰变c按照玻尔理论，氢原子核外电子从低能级跃迁到高能级时，电子的动能减少，原子的能量增大d放射性的原子核发生衰变后产生的新核从高能级向低能级跃迁时，辐射出射线e放射性物质放出的射线中，粒子动能很大，因此贯穿物质的本领很强18（2015高安市校级模拟）质量均为m=2kg的三物块a、b、c，物块a、b用轻弹簧相连，初始时弹簧处于原长，a、b两物块都以v=3m/s的速度在光滑的水平地面上运动，物块c静止在前方，如图所示b与c碰撞后二者会粘在一起运动求在以后的运动中：（1）从开始到弹簧的弹性势能第一次达到最大时，弹簧对物块a的冲量；（2）系统中弹性势能的最大值ep是多少？2015年江西省宜春市高安中学高考物理押题试卷（三）参考答案与试题解析一选择题（每题6分）1（6分）（2015高安市校级模拟）如图所示，伽利略用两个对接的斜面，一个斜面a固定，让小球从固定斜面上由静止滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面b，如果没有摩擦，小球将上升到原来的高度，减小斜面倾角重复实验，直到斜面倾角为零伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）a日常生活中，不存在摩擦时，物体的运动情形b如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度c如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒d力不是维持物体运动状态的原因考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法专题：常规题型分析：本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点解答：解：伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故abc错误，d正确故选：d点评：伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始2（6分）（2015高安市校级模拟）关于物体运动的加速度，下列说法正确的是（）a做直线运动的物体，加速度方向一定不变b做曲线运动的物体，加速度一定改变c做匀速圆周运动的物体，加速度大小一定不变d处于完全失重的物体，加速度为零考点：匀速圆周运动；加速度专题：匀速圆周运动专题分析：物体的运动状态包括速度大小和方向两方面速度大小和方向只要有一个改变，那么运动状态就得改变，根据直线与曲线运动条件，来确定加速度是否变化，当只受到重力时，出现完全失重现象解答：解：a、做直线运动的物体，加速度方向可以，比如物体先加速，后减速，故a错误b、做曲线运动的物体，加速度可以不变，例如平抛运动，故b错误c、做匀速圆周运动的物体，速率不变，由an=，得加速度大小一定不变，但方向时刻改变，故c正确d、处于完全失重的物体，加速度为g，不是为零，故d错误故选：c点评：解该题关键要知道直线与曲线运动的条件，及加速度是否变化，受到合力的变化决定，与速度，及速度变化无关，知道匀速圆周运动与平抛运动的特点，最后掌握失重与完全失重的区别3（6分）（2015高安市校级模拟）如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36v，6w）字样，此时l1恰正常发光，图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5a，下列说法正确的是（）a变压器的输入功率为18wb该变压器为升压变压器c原线圈两端电压为54vd若l3突然断路，则电流表示数变大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：a、l1恰正常发光，其电流为i2=a，灯泡的电阻r=216，输出功率p2=r总=（216+）=9w，根据输入功率等于输出功率知变压器的输入功率为9w，故a错误；b、电流表显示读数为0.5a，所以原线圈两端电压为u1=18v，副线圈电压u2=（216+）=54v，所以该变压器为升压变压器，故b正确，c错误；d、若l3突然断路，电阻增大，副线圈电流减小，原线圈电流减小，则电流表示数变小，故d错误；故选：b点评：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决4（6分）（2015高安市校级模拟）假设空间某一静电场的电势随x变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是（）a0x1范围内各点场强的方向均与x轴平行b只在电场力作用下，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀减速直线运动c负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小d无法比较x2x3与x4x5间的场强大小考点：电势差与电场强度的关系；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：由图分析沿x轴方向电势的变化情况，判断x轴是不是一条等势线，根据场强方向与等势面垂直，分析0x1范围内各点场强的方向是否与x轴平行电荷沿x轴从0移到x1的过程中，各点的电势相等，任意两点间电势差为零，电场力不做功根据推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势低处电势能大，分析电场力做功情况，判断电势能变化情况解答：解：a、由图看出，x轴上0x1范围内各点电势不变，x轴是一条等势线，所以0x1范围内各点场强的方向可能与x轴垂直，不可能与x轴平行故a错误b、x轴从0移到x1，各点电势相等，任意两点间电势差为零，电场力做功为零，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀速直线运动故b错误c、负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电势升高，负电荷的电势能减小，电场力做正功，则c正确d、由于该图象仅仅是静电场的电势随x变化情况，而电场强度的方向是未知的，所以仅仅能判断出该电场沿x方向的分量的大小关系，不能判断出x2x3与x4x5间的场强大小之间的关系故d正确故选：cd点评：本题为信息给予题，通过电势随x的变化，可以判定沿x方向的电场强度的变化，也可以判断电场力做功情况，还可以根据公式wab=quab=q（ab）分析，理解电场力做功正负与电势能增大或减小的关系5（6分）（2015开封二模）一正三角形导线框abc（高度为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过两匀强磁场区域两磁场区域磁感应强度大小均为b、方向相反、垂直于平面、宽度均为a图乙反映感应电流i与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向图象正确的是（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：线框匀速穿过两磁场区域时，分为三个过程：穿过左侧磁场，穿过两磁场分界线和穿过右侧磁场由有效切割长度变化，根据感应电动势公式，分析感应电动势的变化，再分析感应电流的变化解答：解：a、x在a2a范围，线框穿过两磁场分界线时，bc、ac边在右侧磁场中切割磁感线，有效切割长度逐渐增大，产生的感应电动势e1增大，ac边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势e2不变，两个电动势串联，总电动势e=e1+e2增大故a错误； b、x在0a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故b错误； cd、在2a3a，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故c正确，d错误故选：c点评：本题选择的方法是排除法，将选项逐一代入检验，剔除不符合题意的选项，最后选出正确的答案6（6分）（2015高安市校级模拟）现在，人造地球卫星发挥着越来越重要的作用马航mh370航班与地面失去联系的一年多时间里，我国共调动了21颗卫星为搜救行动提供技术支持假设某颗做匀速圆周运动的卫星a，其轨道在赤道平面内，距离地面的高度为地球半径的2.5倍，取同步卫星b离地面高度为地球半径的6倍，则（）a卫星b的线速度小于第一宇宙速度b卫星b的向心加速度是地球表面重力加速度的12.25倍c同步卫星b的向心加速度为地球表面赤道上物体随地球自转向心加速度的6倍d卫星b的周期是于卫星a的周期的8倍考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据地球表面重力与万有引力相等，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，知道第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大线速度，结合开普勒第三定律解答即可解答：解：a、第一宇宙速度是近地卫星运行的速度，同时也是围绕地球做圆周运动的最大速度，所以卫星b的线速度小于第一宇宙速度，故a正确；b、在地球表面有：mg=g，可得g=，卫星b的轨道半径rb=7r，由万有引力提供向心力有g =ma，得其向心加速度a=g0.02g，故b错误；c、同步卫星与地球自转角速度相同，则根据a=r2知，向心加速度与轨道半径成正比，则知同步卫星b的向心加速度为地球表面赤道上物体随地球自转向心加速度的7倍故c错误；d、卫星的轨道半径为ra=3.5r，卫星b的轨道半径rb=7r，由开普勒第三定律得：=8，可得 tb=2ta故d错误故选：a点评：本题关键是抓住万有引力提供圆周运动向心力，熟练掌握规律是解决问题的基础，要注意卫星的轨道半径与离地高度是不同的，轨道半径等于离地高度加上地球半径7（6分）（2015高安市校级模拟）如图所示轻质弹簧的一端与固定的竖直板p拴接，另一端与物体a相连，物体a静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体b相连开始时用手托住b，让细线恰好伸直，然后由静止释放b，直至b获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）ab物体的动能增加量小于b物体重力势能的减少量bb物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量c细线拉力对a做的功等于a物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量d合力对a先做正功后做负功考点：功能关系；动能和势能的相互转化分析：本题首先要分析清楚过程中物体受力的变化情况，清理各个力做功情况；根据功能关系明确系统动能、b重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用解答：解：a、对于b物体，只有重力与细线拉力做功，根据动能定理可知，b物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和，所以b物体的动能增加量小于b物体重力势能的减少量故a正确；b、整个系统中，根据功能关系可知，b减小的机械能能转化为a的机械能以及弹簧的弹性势能，故b物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故b错误；c、系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，a物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对a做的功，故c正确；d、由题意由静止释放b，直至b获得最大速度，该过程中a物体的速度一直在增大，所以动能一直在增大合力一直对a做正功故d错误故选：ac点评：正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用8（6分）（2015高安市校级模拟）放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在06s内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图所示，g=10m/s2，下列说法正确的是（）a02 s内物体位移大小为12mb02 s内拉力恒为5nc合力在06 s内做的功与02 s内做的功均为30jd动摩擦因素为=0.15考点：动能定理的应用；功的计算；功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：速度图象的“面积”表示位移02s内物体做匀加速运动，由速度图象的斜率求出加速度，26s内物体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由p=fv求出摩擦力，则可求得动摩擦因数；由动能定理分析合力做功情况解答：解：a、02s内物体的位移大小等于vt图象中图象与坐标轴所包围的面积，为：x=26=6m，故a错误；b、02s内物体的加速度为：a=m/s2=3m/s2，有图可知，当p=30w时，v=6m/s，得到牵引力：f1=n=5n，故b正确；c、在26s内，已知f=f=n；当p=30w时，v=6m/s，得到牵引力为：f1=；02s内物体的加速度为：a=m/s2=3m/s2；根据ff=ma可知：m=kg，由动能定理可知，合力在06 s内做的功与02 s内做的功相等，均为：w=mv2=36=20j；故c错误；d、在26s内，v=6m/s，p=10w，物体做匀速直线运动，f=f，则滑动摩擦力为：f=f=n，=0.15；故d正确；故选：bd点评：本题解题关键是理解图象的物理意义，求功的方法主要有三种：一、w=flcos，适用于恒力做功；二、w=pt，p为恒定功率；三、动能定理，主要是变力做功时应用三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9（6分）（2015高安市校级模拟）某学习小组利用如图1所示的装置验证动能定理（1）将气垫导轨调至水平，安装好实验器材，从图2中读出两光电门中心之间的距离s=50.00cm；（2）测量挡光条的宽度d，记录挡光条通过光电门1和2所用的时间t1和t2，并从拉力传感器中读出滑块受到的拉力f，为了完成实验，还需要直接测量的一个物理量是滑块、挡光条和拉力传感器的总质量m；（3）该实验是否需要满足砝码盘和砝码的总质量远小于滑块、挡光条和拉力传感器的总质量？否（填“是”或“否”）考点：探究功与速度变化的关系专题：实验题分析：（1）先明确刻度尺的分度值，读数时注意估读一位；（2）光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，根据功能关系可以求出需要验证的关系式，进而得到还需要测量的物理量；（3）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量解答：解：（1）光电门1处刻度尺读数为：20.30cm，光电门2处刻度尺读数为：70.30cm，故两光电门中心之间的距离s=70.30cm20.30cm=50.00cm；（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门1速度为：v1=滑块通过光电门2速度为：v2=根据功能关系需要验证的关系式为：fs=mv22mv12=m（）2m（）2可见还需要测量出m，即滑块、挡光条和拉力传感器的总质量；（3）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量故答案为：（1）50.00； （2）滑块、挡光条和拉力传感器的总质量m；（3）否点评：了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提10（9分）（2015郴州二模）有一根细而均匀的导电材料样品（如图甲所示），截面为同心圆环（如图乙所示），此样品长l约为3cm，电阻约为100，已知这种材料的电阻率为p，因该样品的内径太小，无法直接测量，现提供以下实验器材：a20等分刻度的游标卡尺b螺旋测微器c电流表a1（量程50ma，内阻r1=100，）d电流表a2（量程100ma，内阻r2大约为40，）e电流表a3（量程3a内阻r3大约为0.1q）f滑动变阻器r（010，额定电流2a）g直流电源e（12v，内阻不计）h导电材料样品rx（长l约为3cm，电阻rx约为100，）i开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图丙所示，其示数l=30.35mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图丁所示，其示数d=3.206mm（2）请选择合适的仪器，画出最佳实验电路图，并标明所选器材（3）实验中要测量的物理量有：a1电流表示数为i1，a2电流表示数为i2，（同时用文字和符号说明）然后用已知物理量的符号和测量量的符号来表示样品的内径d=考点：测定金属的电阻率专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读（2）根据伏安法测量该样品的电阻，考虑d电流表满偏电流大于c电流表的满偏电流，同时c电流表的内阻是定值，因此可以求出c电流表两端的实际电压，从而可将c电流表当做电压表而求出样品两端的电压结合电阻定律求出样品的内径大小解答：解：（1）游标卡尺读数为：l=30mm+70.05mm=30.35mm螺旋测微器测得该样品的外径为：d=3mm+20.60.01mm=3.206mm（2）通过电阻的最大电流大约i=a=120ma，3a电流表量程偏大，另外两个电流表中，d电流表的满偏电流大于c电流表的满偏电流，又c电流表内阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识，应将c电流表与待测材料并联后再与d电流表串联，又因滑动变阻器阻值太小应用分压式接法，可设计电路图如图所示（3）设a1电流表示数为i1，a2电流表示数为i2，由欧姆定律可得待测电阻阻值r=又由电阻定律：r=联立解得：d=故答案为：（1）30.35，3.206 （2）如上图所示（3）a1电流表示数为i1，a2电流表示数为i2，点评：本题属于电流表与电压表的反常规接法，即可将电流表当做电压表来使用，关键是根据电路图能求出待测电阻的阻值才行11（15分）（2015高安市校级模拟）减速带是交叉路口上常见的一种交通设施，在某小区门口有一橡胶减速带（如图），有一警用巡逻车正以最大速度20m/s从小区门口经过，在离减速带50m时警察发现一逃犯正以10m/s的速度骑电动车匀速通过减速带，而巡逻车要匀减速到5m/s通过减速带（减速带的宽度忽略不计），减速到5m/s后立即以2.5m/s2的加速度继续追赶，设在整个过程中，巡逻车与逃犯均在水平直道上运动，求从警察发现逃犯到追上逃犯需要的时间考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：警察先做匀减速直线运动，然后做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，逃犯一直做匀速直线运动，警察的位移与逃犯位移之差为50m时警察追上逃犯，应用匀变速直线运动规律与匀速运动规律求出警察追上逃犯的时间解答：解：警察做匀减速直线运动，由速度位移公式可知，加速度：a=3.75m/s2，减速需要的时间：t1=4s，警察加速的时间：t2=6s，加速的位移：s2=75m，设经过时间t警察追上逃犯，警察的位移：s警察=s1+s2+v警察（tt1t2）=50+75+20（t46）=20t75，逃犯的位移：s逃犯=v逃犯t=10t，警察追上逃犯时：s警察s逃犯=50，即：20t7510t=50，解得：t=12.5s；答：从警察发现逃犯到追上逃犯需要的时间是12.5s点评：本题考查了追及问题，分析清楚警察与逃犯的运动过程，应用匀变速直线运动规律、匀速运动规律即可正确解题；分析清楚运动过程，找出追及的条件是解题的关键12（17分）（2015高安市校级模拟）如图（甲）所示，在直角坐标系0xl区域内有沿x轴正方向的匀强电场，右侧有一个圆心在x轴上、半径为l的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为m、n现有一质量为m，带电量为e的正电子（重力忽略不计），从y轴上的a点以速度v0沿y轴负方向射入电场，飞出电场后从m点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向里为磁场正方向，最后正电子运动一段时间后从n点飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同求：（1）0xl区域内匀强电场场强e的大小；（2）写出圆形磁场区域磁感应强度b0的大小应满足的表达式考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）正电子在电场中只受电场力，做类平抛运动将速度分解，可求出电子进入圆形磁场区域时的速度大小根据牛顿第二定律求出场强e的大小（2）正电子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动分析电子进入磁场的速度方向与进入磁场时的速度方向相同条件，根据圆的对称性，由几何知识得到半径应满足的表达式，即可求得磁感应强度b0的大小应满足的表达式解答：解：（1）正电子在电场中作类平抛运动，射出电场时，如图1所示由速度关系：vx=v0cot30=v0； 在x轴方向有：a=，联立解得：e=（2）粒子离开电场时的速度为：v=2v0；在磁场变化的半个周期内粒子的偏转角为60，根据几何知识，在磁场变化的半个周期内，粒子在x轴方向上的位移恰好等于轨迹半径r粒子到达n点而且速度符合要求的空间条件是： n2r=2l，式中 n=1，2，3，正电子在磁场作圆周运动的轨道半径为：r=解得：b=，（n=1、2、3） 答：（1）0xl区域内匀强电场场强e的大小是；（2）写出圆形磁场区域磁感应强度b0的大小应满足的表达式是b=，（n=1、2、3）点评：本题带电粒子在组合场中运动，分别采用不同的方法：电场中运用运动的合成和分解，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹所加磁场周期性变化时，要研究规律，得到通项(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答物理-选修3-3（15分）13（6分）（2015天门模拟）对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是（）a温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大b外界对物体做功，物体内能一定增加c温度越高，布朗运动越显著d当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小e当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大考点：热力学第一定律；布朗运动；分子间的相互作用力专题：热力学定理专题分析：答本题需掌握：分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增加，引力和斥力同时减小；温度是分子热运动平均动能的标志；热力学第一定律公式：u=q+w；热力学第二定律，热力学基本定律之一，内容为不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零解答：解：a、温度高的物体分子平均动能一定大，但是内能不一定大，选项a正确；b、外界对物体做功，若散热，物体内能不一定增加，选项b错误；c、温度越高，布朗运动越显著，选项c正确；d、当分子间的距离增大时，分子间作用力可能先增大后减小，选项d错误；e、当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大，选项e正确；故选ace点评：本题考查了温度的微观意义、分子力、分子势能、热力学第一定律、热力学第二定律，知识点多，难度不大，关键多看书14（9分）（2015山东模拟）如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm已知大气压强为p0=75.0cmhg现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1=20.0cm假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离考点：理想气体的状态方程专题：压轴题；理想气体状态方程专题分析：设活塞下推距离为l，分别求解出上、下两端封闭气体下推前的压强和长度，在表示出下推后的压强和长度，对两端封闭气体分别运用玻意耳定律列式后联立求解即可解答：解：以cmhg为压强单位，在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为：p1=p0+l2 设活塞下推后，下部空气的压强为p1，由玻意耳定律得：p1l1=p1l1如图，设活塞下推距离为l，则此时玻璃管上部的空气柱的长度为：l3=l3+（l1l1）l 设此时玻璃管上部空气柱的压强为p3，则p3=p1l2 由波意耳定律，得：p0l3=p3l3由式代入数据解得：l=15.0cm；答：活塞下推的距离为15cm点评：本题关键是对两端封闭气体分别运用玻意耳定律列式，难点在于确定两端气体的压强间以及其与大气压强的关系物理-选修3-4（15分）15（2015高安市校级模拟）某同学在做“用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为l，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为t他测得的g值偏小，可能的原因是（）a测摆线长时摆线拉得过紧b摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了c开始计时，秒表过早按下d实验中误将51次全振动数为50次e实验中误将49.5次全振动数为50次考点：用单摆测定重力加速度专题：实验题分析：本实验测量g的原理是单摆的周期公式t=2，根据此公式变形得到g=，判断g值偏小的原因解答：解：本实验测量g的原理是单摆的周期公式t=2，根据此公式变形得到g=，a、测摆线时摆线拉得过紧，则摆长的测量量偏大，则测得的重力加速度偏大故a错误b、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，振动周期变大，而测得的摆长偏小，则测得重力加速度偏小故b正确c、开始计时，秒表过早按下，测得单摆的周期偏大，则测得的重力加速度偏小故c正确；d、实验中误将51次全振动数为50次，测得单摆的周期偏大，则测得的重力加速度偏小故d正确；e、实验中误将49.5次全振动数为50次测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大故e错误故选：bcd点评：本题关键要掌握实验的原理：单摆的周期公式t=2，要能根据实验原理，分析实验误差16（2015高安市校级模拟）一单色光通过一横截面为半圆柱形的透明物体如图所示，底面aob镀银（图中粗线），o表示半圆截面的圆心，在横截面内从m点入射，经过ab面反射后从n点射出，已知光线在m点的入射角为30，moa=60，nob=30求：（i）光线在m点的折射角；（ii）透明物体的折射率考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：（i）作出光路图，根据几何关系求出光线在m点的折射角（ii）根据折射角，通过折射定律求出透明物体的折射率解答：解：（i）如图所示，透明物体内部的光路为折线mpn，q、m点相对于底面ef对称，q、p和n三点共线设在m点处，光的入射角为1，折射角为2，omq=，pnf=根据题意有=30 由几何关系得：pno=pqo=2，所以+2=60且+2= 由式得2=15；（ii）