广东省佛山一中高三物理临门一脚试卷新人教版 (2).doc

广东省佛山市第一中学2013届高考临门一脚试卷物理考试时间：2013年6月2日上午 考试时间150分钟(9:00-11:30)注意事项：1答题前，务必将自己的姓名、考号填写在答题卷规定的位置上。2选择题每小题选出答案后，用2b型铅笔把答题卷上对应题目选项的答案信息点涂黑；非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，不准使用铅笔和涂改液，将答案写在答题卷内指定的位置。可能用到的相对原子质量：h-1 c-12 n-14 o-16 cl-35.5 br-80第卷（选择题 共118分）一、单项选择题（本题包括16小题，每小题4分，共64分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错或者不答的得0分）13如图所示，两个小孩共同提一桶水维持同一高度匀速前进，则有（ ）a水桶和水受到的重力对水桶做功的功率不为0b手臂对水桶的作用力的大小之和等于水桶和水的总重力c两个小孩手臂对水桶的合力一定是竖直向上d手臂对水桶的作用力一定小于水桶和水的总重力考点：力的分解和合成；功率答案：c：水桶和水受到的重力都与速度垂直，不做功，功率为零，a错误；手臂对水桶的作用力的矢量和等于水桶和水的总重力，大小之和大于水桶和水的总重力，b错误；两个小孩手臂对水桶的合力一定与重力等大反向二力平衡，c正确；d错误。14.右图描述了一位骑自行车者从原点出发后的运动情况，下列说法正确的是（ ）a此人达到最大速度时位于区间b此人达到最大速度时位于区间c此人距离出发点最远时位于c点d此人一直沿同一方向做直线运动考点：位移时间图像答案：b：纵轴表示位移大小，b点为最大距离，c错误；图线斜率为速度，区间速度最大，b正确；a错误；斜率的正负代表速度方向，bc段表示反向运动，d错误。152012年4月30日，我国用一枚 “长征3号乙”火箭成功发射两颗北斗导航卫星。若该卫星绕地球做匀速圆周运动的半径为r，地球质量为m，半径为r，万有引力常量为g，下列表述正确的是（ ）rr a卫星的线速度大小为 b卫星的向心加速度大小为c若某一卫星加速，则该卫星将做向心运动d卫星处于完全失重的状态，不受地球的引力作用考点：万有引力提供向心力答案：a：万有引力提供向心力；a正确；，r=r+h，b错误；速度增加，万有引力小于向心力，卫星做离心运动，c错误；卫星处于完全失重的状态，受地球的引力作用提供向心力，d错误。16如图是某种喷雾器示意图，在贮液筒装入一些药液后将密封盖盖好。多次拉压活塞后，把空气打入贮液筒内，贮液筒与外界热交换忽略不计，打开喷嘴开关，活塞位置不变，药液就可以持续地喷出，药液喷出过程中，贮液筒内的空气（ ）活塞喷嘴开关a分子间的引力和斥力都在增大b体积变大，压强变大 c气体分子的平均动能不变 d气体的内能减小考点：分子动理论答案：d：气体的分子间的引力和斥力可以不计大小，a错误；贮液筒与外界热交换忽略不计，热量q=0，药液就可以持续地喷出过程中，体积变大，气体对外界做功，内能减少，d正确；温度降低，气体分子的平均动能减少，c错误；依据气态方程压强一定减少，b错误。二、双项选择题（本题包括9小题，每小题6分，共54分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）h原子能级17.下列四幅图的有关说法中正确的是（ ）a一群处于第三激发态的h原子向低能级跃迁只能释放出两种不同频率的光子b光电子的最大初动能与光的强度相关c水面上的单分子油膜，在测量油膜直径d大小时可把他们当做球形处理d发现少数粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小空间范围考点：氢原子光谱；光电效应；油膜法测分子直径；离子散射实验答案：cd：氢原子跃迁产生的光子数种，a错误；光电效应方程，光电子的最大初动能与光的频率相关，b错误；油膜法测分子直径时分子的模型为球形，c正确；少数粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小空间范围正确。18下列说法正确的是（ ）a属于重核裂变反应b升高放射性物质的温度，其半衰期不会改变。c第二类永动机违背了能量守恒定律d千克、牛顿、米、秒都是力学的国际基本单位考点：核反应；能量守恒定律；力学单位制答案：ab：是课本的重核裂变反应方程，a正确；元素的半衰期与温度无关，由元素本身决定，b正确；第二类永动机满足能量守恒定律，但违背了热力学第二定律，c错误；力学的国际基本单位是千克、米、秒。19. 如图为远距离输电示意图，升压变压器与降压变压器的匝数比分别为1:100和100:1，发电站输出电压为（v），下列说法正确的是（ ）发电站降压变压器用户升压变压器a用户得到的交变电压频率为50hz b用户得到的交流电压有效值为250vc用电高峰期升压变压器的输出电压不变 d输送过程中电能的损耗主要来自变压器原、副线圈的发热考点：远距离输电答案：ac：变压器的交变电的周期、频率不变，得出频率f=50hz,a正确；因为有电压损失，用户得到的电压u250v,b错误；升压变压器的输出电压，有发电站的电压决定，与用户多少无关，c正确；输送过程中电能的损耗主要来自输电线的电阻。t/s0b1234b020.如图，圆形闭合线圈内存在方向垂直纸面向外的磁场，磁感应强度随时间变化如图，则下列说法正确的是（ ）a01s内线圈的磁通量不断增大b第4s末的感应电动势为0c01s内与24s内的感应电流相等 d01s内感应电流方向为顺时针考点：感应电动势和感应电流答案：ad:闭合线圈的面积不变，有图像可知01s内线圈的磁感应强度不断增大，磁通量增大，a正确；电流方向有楞次定律得01s内感应电流方向为顺时针，d正确；法拉第电磁感应定律分析出01s内比25s内的感应电动势大，bc错误。ab21如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，现有一粒子（不计重力）由a进入电场，a、b是轨迹上的两点，以下说法正确的是（ ）a该粒子带正电ba、b为异种电荷c该粒子在a点加速度较b点大d该粒子在a点电势能较b点大考点：电场线的分布及其性质，电势；电势能答案：bc：电场线从正电荷出发到负电荷终止，a为正电荷，b为负电荷，b正确；有a到b的轨迹分析出力与场强方向相反，运动电荷为负电荷，a错误；电场线密的地方场强大，力就大，加速度也大，c正确；电场线的方向表示电势降低的方向，负电荷在低电势处电势能大，d错误。第卷（非选择题 共182分）三、非选择题（本题包括11小题，共182分）34实验题打点计时器沙桶纸带小车（1）.(6分)某小组在探究“合外力做功与物体动能增加量的关系”，设计了如图装置。现有打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端带滑轮的长木板、细绳、钩码、小沙桶，导线及开关等，在下面的仪器和器材中，必须使用的有 .（填选项代号）a. 电压合适的50hz交流电源 b. 电压可调的直流电源 c. 刻度尺 d. 秒表 e. 天平实验时首先要平衡摩擦力：应该取下沙桶，把长木板_（填“左”或“右”）垫高，轻推小车，让小车_（选填“拖着”或“不拖着”）纸带运动。某次实验小车运动的纸带如图所示在纸带上相邻两计数点之间还有四个点未画出取be两点来研究，读出be的长度为_cm，其中小车通过计数点b点时的速度_m/s(计算结果保留三位有效数字)本次试验中，纸带_（填“甲”或“乙”）端与小车相连。abcde012345678910fcm甲乙考点：合外力做功与物体动能增加量的关系答案：ace（1分） 右 （1分）拖着（1分） 4.80 （1分） 0.130m/s （1分） 甲（1分）：打点计时器一定用交流电，长度用刻度尺测量，天平测质量好求重力；要平衡摩擦力小车必须带纸带，滑轮在左端那就垫右端；b点刻度为2.18cm，e点刻度为6.98cm，be=6.98-2.18=4.80cm；小车通过计数点b点时的速度；小车做加速运动，甲端与小车相连。（2）.（12分）电动自行车的电池用久以后性能会下降，表现之一为电池的电动势变小，内阻变大。某兴趣小组从旧电动自行车上取下四块电池，分别标为a、b、c、d，测量它们的电动势和内阻。/a-1用多用表直流电压50v挡测量每块电池的电动势。测量电池a时，多用电表的指针如图甲所示，其读数为 。dba1.5甲1.0c0.510-10-55r/o丙用图乙所示电路测量a、b、c、d四块电池的电动势e和内阻r，图中r0为保护电阻，其阻值为5。改变电阻箱的阻值r，测出对应的电流i，根据测量数据分别作出a、b、c、d四块电池的图线，如图丙。由图线c可知电池c的电动势e= ；内阻r= （计算结果保留两位有效数字）；内阻测量值与真实值相比 (选填“偏大”、 “偏小”)电路图中的变阻箱r能否用滑动变动器代替 （选填“能”、“不能”）分析图丙可知，电池 较优(选填“a”、 “b”、“c”或“d”)。考点：测量电源的电动势和内阻。答案：11.0v；（2分）12v（2分），1.0；（2分）偏大（2分） 不能（2分）c（2分）；：用多用表直流电压50v挡测量每块电池的电动势的精确度为1v，读数估读到下一位，电压读数为11.0v；欧姆定律的变形为；电池的电动势e为图线斜率的倒数，；纵轴截距的物理意义，r=1.0；由于把电阻r的两端的电压认为电源的路端电压，内阻测量值比真实值大；不能把变阻箱r能用滑动变动器代替，那样就不是安阻法测电源的电动势和内阻了；选内阻小的电源为好电源，即c电源。35（18分）如图所示，两块平行板电极的长度为l，两板间距离远小于l，可忽略不计。两板的正中央各有一个小孔m、n，两孔连线与板垂直。现将两极板分别接在可调直流电压u的两端，极板处在一有界匀强磁场（板内无磁场），磁感应强度为b，磁场的两条边界cd、de的夹角=60。下极板延长线与边界de交于q点，极板最右端p与q间距离为2.5l。现将比荷均为的各种粒子分别从m孔射入电场，不考虑粒子的重力。将带正电的粒子从m无初速释放，若粒子恰好打到下极板右端，求所加直流电压的值u1.u+mdencl2.5lpq若，则该粒子经过多少次电场的加速后可以离开磁场区域？考点：回旋加速器的变形：有界磁场问题答案：；即粒子经过三次电场加速后离开磁场区域。：解：若粒子刚好打到下板的右端，则由几何关系得 -1分即 -1分由 -2分得 -1分又 -2分解得 -1分假设粒子经过n次电场加速后的速度为，此时粒子轨迹恰好能与ed边界相切，如图，轨迹半径为。由几何关系得 -2分解得 - 2分又-2分又粒子被电场加速n次，则 - 2分代入解得n=2.25 -1分即粒子经过三次电场加速后离开磁场区域。- 1分36（18分）如图，水平放置的传送带左侧放置一个半径为r的圆弧光滑轨道，底端与传送带相切。传送带长也为r。传送带右端接光滑的水平面，水平面上静止放置一质量为3m的小物块b。一质量为m的小物块a从圆弧轨道顶端由静止释放，经过传送带后与b发生碰撞，碰后a以碰前速率的一半反弹。a与b碰撞后马上撤去圆弧轨道。已知物块a与传送带的动摩擦因数为=0.5，取重力加速度为g，传送带逆时针运动的速度的取值范围为.求：（1）.物块a滑至圆弧底端p处时对圆弧轨道的压力（2）求物块a与b碰撞后b的速度.（3）讨论传送带速度取不同值时，物块a、b碰撞后传送带对物块a做功的大小abrrpq考点：动量和能量的综合应用答案：，方向竖直向上； 方向水平向右；解：（1）a下滑，有 - 1分故 - 1分对a，在 p点，由牛顿第二定律可得： -1分所以： - 1分又由牛顿第三定律可得：，方向竖直向上 -1分(2) .a从传送带左端滑至右端，有 -1分 解得 -1分a与b发生碰撞，有 -1分由题意知 - 1分解得b碰后的速度大小为 方向水平向右 -1分（3） a碰后从传送带右端往左运动，传送带速度为有若传送带速度为，物块a匀速运动，传送带对物块做功为w=0 - （2分）当传送带的速度为时，物块a滑上传送带后加速，物块能一直加速，则物块最终的速度为 ，则 -1分解得 -1分 故当传送带的速度时，物块一直加速度，不会有共速，摩擦力一直存在，则传送带摩擦力做的功为 - 2分若传送带的速度时，物块a先加速，后与传送带达到共同速度，即a的末速度为传送带的速度，由动能定理得 -1分 即 （） -1分综上所述，a碰后，传送带对物块a做的功为（综述部分不作给分要求）物理答案：一、选择题：13、c 14、b 15、a 16、d 17、cd 18、ab 19、ac 20、ad 21、bc34、实验题：（1）ace（1分） 右 （1分）拖着（1分） 4.80 （1分） 0.130m/s （1分） 甲（1分）（2）11.0v；（2分）12v（2分），1.0；（2分）偏大（2分） 不能（2分）c（2分）；35解：若粒子刚好打到下板的右端，则由几何关系得 ，即 2分由 2分得 1分又 2分解得 1分假设粒子经过n次电场加速后的速度为，此时粒子轨迹恰好能与ed边界相切，如图，轨迹半径为。由几何关系得 2分解得 2分又 2分又粒子被电场加速n次，则 2分代入解得n=2.25 1分即粒子经过三次电场加速后离开磁场区域。 1分36解：（1）a下滑，有 1分故 1分对a，在 p点，由牛顿第二定律可得： 1分所以： 1分又由牛顿第三定律可得：，方向竖直向上 1分(2).a从传送带左端滑至右端，