河南省郑州市智林学校学高二物理上学期12月月考试卷（含解析）.doc

河南省郑州市智林学校高二上学 期月考物理试卷（12月份）一、选择题（共12个小题每小题4分，共48分其中1-7题为单项选择题，8-12题为不定项选择题）1真空中有两个等量异种点电荷，以连线中点o为坐标原点，以它们的中垂线为x轴，图中能正确表示x轴上电场强度情况的是（） a b c d 2欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时，因无电源和电流表，他利用金属在冷水和热水中产生电动势代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线电流为i时，小磁针偏转了30，问当他发现小磁针偏转的角度增大到60时，通过该直导线的电流为（直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）（） a 2i b 3i c i d 无法确定3图中的a、b是两块金属板，分别与高压直流电源的正负极相连一个电荷量为q、质量为m的带正电的点电荷自贴近a板处静止释放（不计重力作用）已知当a、b两板平行、两板间的面积很大且两板间的距离较小时，它刚到达b板时的速度为v0在下列情况下以v表示点电荷刚到达b板时的速度（） a 若两板不平行，则vv0 b 若a板面积很小，b板面积很大，则vv0 c 若a、b两板间的距离很大则vv0 d 不论a、b两板是否平行、两板面积大小及两板间距离多少v都等于v04如图所示，带同种电荷大小不计的两个小球a和b，分别静止在竖直墙面a处和光滑水平地面b处，ao=oba球此时受摩擦力向上，且与墙面间动摩擦因数为=0.5，b被光滑竖直板挡住，a球由于漏电而缓慢下移到a处，在此过程中（） a 地面对b球的支持力变大 b 竖直墙面对a球的支持力变大 c 竖直墙面对a球的摩擦力变小 d a、b之间的作用力不变5矩形导线框abcd放在匀强磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度b随时间变化的图象如图所示t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向外，在04s内，线框ab边受力随时间变化的图象（力的方向规定以向右为正方向）可能是下图中的（） a b c d 6如图所示，空间有磁感应强度b=0.6t的匀强磁场，有一粒子源在坐标原点处，以相同大小的速度沿不同方向向第四象限发射粒子，在x坐标轴上方16cm处有一足够大的挡板，已知粒子的比荷=5107c/kg，速度为3106m/s，则可以打到挡板的粒子其速度方向与x轴正向最大夹角为（） a 30 b 37 c 53 d 607如图半径为r的大球o被内切地挖去半径为的小球o，余下部分均匀地带有电荷量q今在两球球心连线oo的延长线上，距大球球心o的距离为r（rr）处放置一个点电荷q，求q所受的力你可以不必进行复杂的计算，而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析，从而判断下列解中正确的是（） a 8 b 8+ c 8 d 88如图所示，直线a、b分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图象，设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻r0分别接到a、b两电源上，通过r0的电流分别为ia和ib，则（） a rarb b iaib c r0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低 d r0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低9如图所示，电源的电动势和内阻分别为e、r，r0=r，滑动变阻器的滑片p由a向b缓慢移动，则在此过程中（） a 电压表v1的示数一直增大 b 电压表v2的示数先增大后减小 c 电源的总功率先减小后增大 d 电源的输出功率先减小后增大10有一种测量人体重的电子秤，其原理如图中虚线内所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器r（是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器）、显示体重的仪表g（实质是理想电流表）设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3a，电源电动势为12v，内阻为2，电阻r随压力变化的函数式为r=300.02f（f和r的单位分别是n和）下列说法正确是（） a 该秤能测量的最大体重是1400n b 该秤能测量的最大体重是1300n c 该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘0.400a处 d 该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘0.375a处11一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为u，额定电流为i，线圈电阻为r，将它接在电动势为e，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（） a 电动机消耗的总功率为ui b 电动机消耗的热功率为 c 电源的输出功率为ei d 电源的效率为112如图，虚线mn上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场b1，带电粒子从边界mn上的a点以速度v0垂直磁场方向射入磁场，经磁场偏转后从边界mn上的b点射出若在粒子经过的区域pq上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场b2，让该粒子仍以速度v0从a处沿原方向射入磁场，经磁场偏转后从边界mn上的b点射出（图中未标出），不计粒子的重力下列关于粒子的说法中，正确的是（） a b点在b点的右侧 b 从b点射出的速度大于从b点射出的速度 c 从b点射出的速度方向平行于从b点射出的速度方向 d 从a到b的时间小于从a到b的时间二、实验题（1）每空2分，（3）每空3分，共15分）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，实验室备有下列器材供选择：a待测小灯泡“3.0v、1.5w”b电流表（量程3a，内阻约为1）c电流表（量程0.6a，内阻约为5）d电压表（量程3.0v，内阻约10k）e电压表（量程15.0v，内阻约为50k）f滑动变阻器（最大阻值为100，额定电流50ma）g滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0a）h电源（电动势为4.0v，内阻不计）i电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用；电压表应选用；滑动变阻器应选用（只需填器材前面的字母即可）请在图1虚线框内画出实验电路图（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示则电压值为 v，电流值为 a三、计算题（要写出必要的解答过程和文字，共37分）14如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角，一个电荷量为q=4108c的正电荷从a移到b电场力做功为w1=1.2106j求：（1）匀强电场的场强e=？电荷从b移到c电场力做功w2=？（3）a、c两点的电势差uac=？15有一电流表g，内阻rg=10，满偏电流ig=3ma（1）要把它改装成量程为03v的电压表，应串联一个多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？要把它改装成量程为00.6a的电流表，需要并联一个多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？16轻质细线吊着一质量为m=0.32kg，边长为l=0.8m、匝数n=10的正方形线圈总电阻为r=1边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图乙所示，从t=0开始经t0时间细线开始松驰，g=10m/s2求：（1）在前t0时间内线圈中产生的电动势；在前t0时间内线圈的电功率；（3）求t0的值河南省郑州市智林学校高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共12个小题每小题4分，共48分其中1-7题为单项选择题，8-12题为不定项选择题）1真空中有两个等量异种点电荷，以连线中点o为坐标原点，以它们的中垂线为x轴，图中能正确表示x轴上电场强度情况的是（） a b c d 考点： 电场强度专题： 电场力与电势的性质专题分析： 根据等量异种电荷垂直平分线上的电场线进行分析，电场线的切线方向表述电场的方向，疏密表述电场的强弱解答： 解：等量异种电荷的垂直平分线上电场线的切线方向一致，由中点向垂直平分线两侧电场线越来越疏，则电场强度越来越小故a正确，b、c、d错误故选a点评： 解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道电场线的切线方向表示电场的方向，电场线的疏密表示电场的强弱2欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时，因无电源和电流表，他利用金属在冷水和热水中产生电动势代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线电流为i时，小磁针偏转了30，问当他发现小磁针偏转的角度增大到60时，通过该直导线的电流为（直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）（） a 2i b 3i c i d 无法确定考点： 安培力分析： 本题磁场的合成，磁感应强度为矢量，合成时遵循平行四边形定则解答： 解：当通过电流为i，根据题意可知：地磁场、电流形成磁场、合磁场之间的关系为：当夹角为30时，有：b1=ki=b地tan30当夹角为60时，有：b2=ki1=b地tan60由解得：i1=3i，故acd错误，b正确故选：b点评： 本题要明确磁感应强度是矢量，合成的法则是平行四边定则，能顺利应用平行四边形定则解决问题3图中的a、b是两块金属板，分别与高压直流电源的正负极相连一个电荷量为q、质量为m的带正电的点电荷自贴近a板处静止释放（不计重力作用）已知当a、b两板平行、两板间的面积很大且两板间的距离较小时，它刚到达b板时的速度为v0在下列情况下以v表示点电荷刚到达b板时的速度（） a 若两板不平行，则vv0 b 若a板面积很小，b板面积很大，则vv0 c 若a、b两板间的距离很大则vv0 d 不论a、b两板是否平行、两板面积大小及两板间距离多少v都等于v0考点： 电容器的动态分析专题： 电容器专题分析： 由题看出，板间电压u不变，根据动能定理得，可判断电子运动到b板的速率变化情况解答： 解：有题意知，板间电压不变，根据动能定理得，eu=mv2，则有：v=，q、m、u均不变，则电子运动到b板时速率v不变，都等于v0故abc错误，d正确，故选：d点评： 本题考查带电粒子在极板间的运动问题，抓住板间电压不变这一条件，利用动能定理解题，常见问题，难度不大4如图所示，带同种电荷大小不计的两个小球a和b，分别静止在竖直墙面a处和光滑水平地面b处，ao=oba球此时受摩擦力向上，且与墙面间动摩擦因数为=0.5，b被光滑竖直板挡住，a球由于漏电而缓慢下移到a处，在此过程中（） a 地面对b球的支持力变大 b 竖直墙面对a球的支持力变大 c 竖直墙面对a球的摩擦力变小 d a、b之间的作用力不变考点： 库仑定律；共点力平衡的条件及其应用专题： 电场力与电势的性质专题分析： 先对球a受力分析，根据共点力的平衡条件列式求解出库仑力、支持力和摩擦力的表达式；然后对a球和b球整体受力分析，进一步根据平衡条件判断解答： 解：当小球a在a点时，对小球a受力分析，如图1所示，由受力平衡可知：fsin45+na=fsin45+fcos45=1.5f=mg，当小球a在a点时，对小球a受力分析，设f与水平方向的夹角为，如图2所示，由受力平衡可知：fsin+na=fsin+0.5fcos=mg，解得：f=令cos=，由于cos=cos27，则f=由于45且不断减小，故f不断增大；即库仑力是减小的；考虑临界情况，假设无限小，由于1.5f=mg、0.5f接近mg，所以ff，故d错误；由na=f、na=fcos可知，nana，则ff，故b正确，c错误；对a、b整体受力分析，由平衡条件可知，在竖直方向上：g=n地+f小球a下移到a时，由于ff，则n地n地，故a错误；故选：b点评： 本题运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题，关键是确定研究对象（往往以受力较少的物体为研究对象），分析受力情况5矩形导线框abcd放在匀强磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度b随时间变化的图象如图所示t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向外，在04s内，线框ab边受力随时间变化的图象（力的方向规定以向右为正方向）可能是下图中的（） a b c d 考点： 法拉第电磁感应定律专题： 电磁感应与电路结合分析： 由右图可知b的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由f=bil可知安培力的变化情况解答： 解：由e=可知，由图可知，02s内，线圈中磁通量的变化率相同，故02s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针；同理可知，24s内电路中的电流为顺时针，且两段时间内电流强度大小时等；电路中电流大小时恒定不变，故由f=bil可知，f与b成正比；且线圈中电流先为由a至b，再由b到a，则由左手定律可知，电流方向0到1s时，安培力的方向向左，为负，大小在减小；同理1到2s时，安培力的方向向右，为正，故c正确，abd错误；故选：c点评： 本题要求学生能正确理解bt图的含义，才能准确的利用楞次定律、左手定律等进行判定；解题时要特别注意，02s，24s，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的6如图所示，空间有磁感应强度b=0.6t的匀强磁场，有一粒子源在坐标原点处，以相同大小的速度沿不同方向向第四象限发射粒子，在x坐标轴上方16cm处有一足够大的挡板，已知粒子的比荷=5107c/kg，速度为3106m/s，则可以打到挡板的粒子其速度方向与x轴正向最大夹角为（） a 30 b 37 c 53 d 60考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题： 带电粒子在磁场中的运动专题分析： 根据带电粒子在匀强磁场中运动的半径公式求出带电粒子运动的半径，抓住半径不变，作动态圆，当带电粒子初速度方向沿x轴正方向时，打到挡板的粒子的速度方向与x轴正向的夹角最大解答： 解：带电粒子在匀强磁场中运动的轨道半径r=当带电粒子的初速度方向沿x轴正向时，打到挡板的粒子其速度方向与x轴正向的夹角最大有：sin，则最大角=53故c正确，a、b、d错误故选c点评： 本题对数学要求的能力要求较高，抓住圆周运动的半径为定值，通过动态圆来确定打到挡板的粒子的速度方向与x轴正向的夹角何时最大7如图半径为r的大球o被内切地挖去半径为的小球o，余下部分均匀地带有电荷量q今在两球球心连线oo的延长线上，距大球球心o的距离为r（rr）处放置一个点电荷q，求q所受的力你可以不必进行复杂的计算，而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析，从而判断下列解中正确的是（） a 8 b 8+ c 8 d 8考点： 万有引力定律及其应用专题： 万有引力定律的应用专题分析： 运用割补的思想，讨论电荷间的作用力，当没有挖去小球时整个大球带有电荷8q，求出此时与点电荷q间的相互作用力，再求出挖去的小球与q的相互作用力，根据力的合成可知，两者之差即为挖去小球后的作用力解答： 解：先求出整个大球与挖去小球的体积关系，由于挖去小球均匀地带有电荷量q，所以可以求得原来大球带有的电荷量为8q，则此时大球与点电荷间的作用力为，挖去的小球球心离点电荷q距离为，小球带电荷量为q，则小球与点电荷间的作用力为，原先大球与点电荷的作用力为，现挖去一小球后减小的作用力为，故大球余下部分与点电荷间的作用力为两者之差即为：，整理可得c选项正确故选：c点评： 根据库仑定律，巧用割补法思想根据力的合成求解是解决本题的关键8如图所示，直线a、b分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图象，设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻r0分别接到a、b两电源上，通过r0的电流分别为ia和ib，则（） a rarb b iaib c r0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低 d r0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低考点： 电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 电源ui图象斜率的绝对值等于电源内阻；在坐标系中作出r0的ui图象可以判断电阻r0接入电路时电流大小；由电功率公式求出电源的输出功率，由效率公式求出电源的效率，然后分析答题解答： 解：a、由图象可知，图象a斜率的绝对值大于图象b斜率的绝对值，因此rarb，故a正确；b、在同一坐标系内作出电阻r0的ui图象，如图1所示，由图象可知iaib，故b正确；c、r0接到电源上，如图1所示，iaib，uaub，由p=ui可知，papb，电源的效率=，由于iaib，所以ab，故c正确，d错误；故选abc点评： 电源的ui图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；本题应用图象法解题比较直观、简单9如图所示，电源的电动势和内阻分别为e、r，r0=r，滑动变阻器的滑片p由a向b缓慢移动，则在此过程中（） a 电压表v1的示数一直增大 b 电压表v2的示数先增大后减小 c 电源的总功率先减小后增大 d 电源的输出功率先减小后增大考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 由图看出电路的结构是：变阻器两侧电阻并联后与r0串联，电压表v1测量路端电压，电压表v2测量r0的电压滑片p由a向b缓慢移动的过程中，变阻器的总电阻先增大后减小，外电路总电阻先增大后减小，根据欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化，即可确定两电压表读数的变化情况由p=ei分析电源总功率的变化情况根据推论：外电路总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析输出功率的变化情况解答： 解：a、b，由图看出，变阻器两侧电阻并联后与r0串联，滑片p由a向b缓慢移动的过程中，变阻器的总电阻先增大后减小，外电路总电阻先增大后减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流先减小后增大，则路端电压先增大后减小，r0的电压先减小后增大，故伏特表v1的示数增大后减小，伏特表v2的示数先减小后增大，故ab错误c、由于干路电流先减小后增大，由公式p=ei可知，电源的总功率先减少后增加故c正确d、根据推论：外电路总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，由题意，r0=r，则知电源的输出功率先减小后增大故d正确故选：cd点评： 本题中变阻器两侧电阻并联，滑片滑到中点时，并联电阻最大考查分析电路动态变化问题的能力10有一种测量人体重的电子秤，其原理如图中虚线内所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器r（是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器）、显示体重的仪表g（实质是理想电流表）设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3a，电源电动势为12v，内阻为2，电阻r随压力变化的函数式为r=300.02f（f和r的单位分别是n和）下列说法正确是（） a 该秤能测量的最大体重是1400n b 该秤能测量的最大体重是1300n c 该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘0.400a处 d 该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘0.375a处考点： 传感器在生产、生活中的应用；闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 电子秤测量的最大体重时，由r=300.02f可知，其电阻r最小，电路中电流最大，等于电流表的量程为3a根据欧姆定律求出电流为3a时电子秤的电阻，再由r=300.02f求解最大体重踏板空载时f=0，代入r=300.02f得到电阻，由欧姆定律求出电流解答： 解：a、b当电路中电流i=3a时，电子秤测量的体重最大由欧姆定律i=得到r=2，代入r=300.02f得到f=1400n故a正确，b错误 c、d踏板空载时f=0，代入r=300.02f得到电阻r=30，由欧姆定律得i=0.375a，所以该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表g刻度盘0.375a处故c错误，d正确故选ad点评： 本题考查了对电子秤原理的理解和欧姆定律的计算关键是对解析式r=300.02f的理解11一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为u，额定电流为i，线圈电阻为r，将它接在电动势为e，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（） a 电动机消耗的总功率为ui b 电动机消耗的热功率为 c 电源的输出功率为ei d 电源的效率为1考点： 电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的解答： 解：a、电动机消耗的总功率应该用p=iu来计算，所以总功率为iu，所以a正确；b、电动机消耗的热功率应该用p=i2r来计算，所以热功率p=i2r，所以b错误c、电源的输出功率等于电动机的输入功率，得p出=ui故c错误d、电源的总功率为ie，内部发热的功率为i2r，所以电源的效率为=l，所以d正确故选ad点评： 对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的12如图，虚线mn上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场b1，带电粒子从边界mn上的a点以速度v0垂直磁场方向射入磁场，经磁场偏转后从边界mn上的b点射出若在粒子经过的区域pq上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场b2，让该粒子仍以速度v0从a处沿原方向射入磁场，经磁场偏转后从边界mn上的b点射出（图中未标出），不计粒子的重力下列关于粒子的说法中，正确的是（） a b点在b点的右侧 b 从b点射出的速度大于从b点射出的速度 c 从b点射出的速度方向平行于从b点射出的速度方向 d 从a到b的时间小于从a到b的时间考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动专题： 带电粒子在磁场中的运动专题分析： 带电粒子在匀强磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子做圆周运动的半径，做出运动的轨迹图象，然后根据半径的关系与运动的轨迹即可判断解答： 解：a：粒子在匀强磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力：，得：，所以磁感应强度越大，粒子运动的半径越小，所以带电粒子在pq上方时做圆周运动的半径小粒子越过pq连线的速度方向不变，故运动轨迹（pq上方）如图，因此b点在b点的左侧；故a错误；b：洛伦兹力对运动电荷不做功，所以粒子的速度不变故b错误；c：从图中可以看出，两种情况下，粒子穿过pq连线时转过的角度相同，所以从pq的上方出来时的速度方向是相同的，因此从b点射出的速度方向平行于从b 点射出的速度方向，故c正确；d：由：2r=vt得：，所以在粒子经过的区域pq 上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场时，上方的磁场变大，粒子穿过上方的时间就变小，所以从a 到b的时间小于从a 到b 的时间，故d正确故选：cd点评： 本题是带电粒子在磁场中做匀速圆周运动正确画出运动的轨迹图象是解题的关键，难度适中二、实验题（1）每空2分，（3）每空3分，共15分）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，实验室备有下列器材供选择：a待测小灯泡“3.0v、1.5w”b电流表（量程3a，内阻约为1）c电流表（量程0.6a，内阻约为5）d电压表（量程3.0v，内阻约10k）e电压表（量程15.0v，内阻约为50k）f滑动变阻器（最大阻值为100，额定电流50ma）g滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0a）h电源（电动势为4.0v，内阻不计）i电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用c；电压表应选用d；滑动变阻器应选用g（只需填器材前面的字母即可）请在图1虚线框内画出实验电路图（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示则电压值为1.80 v，电流值为0.33 a考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线专题： 实验题；恒定电流专题分析： （1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器根据题意确定滑动变阻器的接法，根据灯泡与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图（3）根据电表指针示数，求出此时灯泡的电压和电流解答： 解：（1）灯泡额定电压为3v，电压表应选d，灯泡额定电流为i=0.5a，电流表应选c，为方便实验操作应选滑动变阻器g描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻为：r=6，电流表内阻约为5，电压表内阻约为10k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示（3）电流表、电压表的示数如图2所示，则电压值为1.80v，电流值为0.33 a，（1）c； d； g （3）1.80； 0.33点评： 滑动变阻器的分压限流接法，安培表内外接法，仪器的选择是电学实验考查的重点，同时要学会根据图线进行数据处理三、计算题（要写出必要的解答过程和文字，共37分）14如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角，一个电荷量为q=4108c的正电荷从a移到b电场力做功为w1=1.2106j求：（1）匀强电场的场强e=？电荷从b移到c电场力做功w2=？（3）a、c两点的电势差uac=？考点： 电势能；电势差；电势专题： 电场力与电势的性质专题分析： （1）根据电场力做功公式w=qed，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离电场力做功公式w=qed，求解电荷从b移到c电场力做功w2（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差uac解答： 解：（1）由题，由w1=qelab得