中考物理 核心考点二轮专项训练 综合压轴专题三 电热综合（含解析） (2).doc

2015中考核心考点二轮专项训练综合压轴专题三 电热综合一、中考回放1（2014黄冈）当前城镇化建设进程中，在一些场馆和楼房建设工地上，常见一种“塔吊”的起重设备，其主要组成为电动机和机械两部分，如图所示假设某“塔吊”配置的电动机铭牌上标有：额定电压380v，额定功率38kw，线圈电阻0.5在一次起吊中，该“塔吊”电动机正常工作25s，把质量为3t的重物吊起22m（g取10n/kg）求：（1）电动机吊起重物的过程中消耗的电能（2）电动机正常工作过程中线圈产生的热量（3）该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率【解析】此题为电热综合题，电流通过导体时，电流要做功，电能转化为热能。由电动机的额定功率和工作的时间，可根据公式w=pt可求消耗的电能；由电动机的额定功率和额定电压，根据公式i=p/u可求电动机正常工作时的电流，从而可求出线圈产生的热量；电动机消耗的电能并没有全部转化热能，消耗的电能与热能之差就是转化为的机械能，由机械效率的定义可求出机械效率；（1）电动机正常工作时，消耗的功率等于额定功率，所以电动机消耗的电能w=pt=3.8104w25s=9.5105j（2）电动机正常工作时的电流：i=p/u=100a、线圈产生的热量：q=i2rt=（100a）20.525s=1.25105j（3）线圈电流产生热量即该“塔吊”本身消耗的电能为w1=q=1.25105j，所以“塔吊”电能转化为机械能的总量，即机械部分所做的总功为：w总=ww1=9.5105j1.25105j=8.25105j该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率：=w有/w总100%=80%【答案】（1）9.5105j（2）1.25105j（3）80%【点评】本题的重点和难点是求物体做的总功，在解题过程中要注意单位的变换；考查的知识点有消耗电能、产生热量、物体的质量等的计算2（2014荆州）如图所示电路，电源电压保持不变，电阻r1=10，滑动变阻器r2的最大阻值为20，小灯泡的额定电压为12v，闭合开关s，灯泡电阻不随温度变化当开关s1，s2都断开，滑动变阻器的滑片p滑动到中点时，电流表的读数为0.4a；当开关s1，s2都闭合，滑动变阻器的滑片p滑动到最右端时，电流表的示数为0.9a，求：（1）电源电压为多少？（2）小灯泡的额定功率是多少？（3）闭合开关s，调整开关s1，s2和滑动变阻器，电阻r1在一分钟消耗的最大电能为多少？【解析】此题为电学综合计算题；考查开关的通断对电路的影响，当开关的状态不同时，电路的连接情况会发生变化，（1）当闭合开关s，断开开关s1、s2时，r1与r2阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=u/r可得，电源的电压：u=ir总=8v；（2）当闭合开关s，闭合开关s1、s2时，灯泡l与r2的最大阻值并联，电表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过r2的电流：i2=u/r2=0.4a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡l的电流：il=ii2=0.9a0.4a=0.5a，则灯泡的电阻：rl=u/il=16，灯泡的额定功率：pl=9w；（3）开关s、s1、s2均闭合，滑动变阻器的滑片位于左端时，电路为r1的简单电路，通过电阻r1的电流最大，一分钟消耗的电能最大，则消耗的电能：w=384j【答案】（1）8v；（2）9w；（3）384j【点评】本题的解题关健是分清各种情况下电路的连接方式；考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，3（2014十堰）如图，电源电压恒定不变，r1=30，滑动变阻器的最大阻值为20，灯泡额定电压为3v（忽略灯泡电阻的变化），电压表量程为03v当s、s1、s2都闭合，滑动变阻器滑片移到最右端时，电流表示数为0.5a；当闭合s，断开s1、s2，滑片p位于中点时，小灯泡恰好正常发光求：（1）电源电压；（2）小灯泡的额定功率；（3）s闭合，s1、s2都断开时，电路消耗总功率的最大值【解析】本题是电学综合计算题；滑动变阻器在电路中的作用很关健，不但能起到分压、分流的的作用，还可以改变电路中的电阻的大小；（1）闭合三个开关，滑动变阻器滑片移到最右端时，两电阻为并联，可求出总电阻，则欧姆定律可进一步求出电源电压；（2）只闭合s，断开s1、s2，灯泡与滑动变阻器串联，当灯泡正常发光时，可知灯泡两端的实际电压与额定电压相等；（3）只闭合s，断开s1、s2，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器接入的阻值最小时，电流最大，利用p=ui求电路的功率最大【答案】（1）6v；（2）0.9w；（3）1.8w【点评】本题的难点是根据电表的量程和当滑动变阻器接入的阻值为0时，确定电路中的最大电流；考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断4（2014随州）图甲是用来焊接pvc塑料管道的热熔器外观照片其内部电路如图乙，s1是手动电源开关s2是温控开关，作用是完成“加热模式”和“保温模式”之间的切换l是指示灯（在s1闭合情况下l始终能正常发光），r1是限流电阻下表是有关元件的物理参数（元件）项目参数（元件）项目参数电源电压220vl灯0.1a，2w加热功率1210w（不含l及r1的功率）r2202（1）求r1的阻值；（2）求保温功率（不含l和r1的功率）；（3）求该热熔器（全电路）在保温模式下1min消耗的电能【解析】本题为电热综合计算题；电流通过导体时，电流要做功，电能转化为热能。分析图示可得灯l与r1串联，由灯l的参数和串联电路的电压关系可求出r1两端的电压，由欧姆定律可求出r1阻值；由额定电压和加热功率，利用r=u2/p可以得出r3的阻值，当开关s1断开时，电阻r2与r3串联；求出串联总阻值，根据p=u2/p求保温功率；该热熔器在保温模式下，利用p=pl+p1+p保求出总功率，根据w=pt求1min消耗的电能【答案】（1）2000；（2）200w；（3）13320j【点评】本题关键是判断出电路的连接方式；考查了串并联电路的特点和电阻、功率的计算5（2014武汉）图甲是测量小灯泡电功率的电路小灯泡的额定电压为2.5v（1）请根据图甲将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处闭合开关后发现小灯泡不亮，电压表示数为零，电流表指针偏转逐渐向右移动滑片，小灯泡始终不亮，电压表示数仍然为零，电流表示数逐渐变大该电路故障可能是小灯泡短路（3）排除故障后正确操作实验，测量数据如下表所示实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压u/v2.52.13.01.71.30.90.50.1电流i/a0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：小灯泡的额定功率为0.7w7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是实际功率太小小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是1（填“0”、“1”、“2”或“8.9”）【解析】本题是电学综合实验题；对于电功率的计算和测量对初中物理来说都是难点，对于此类题目的解答要有足够的信心和耐心才行。（1）由电路图正确连接实物电路图如下：（2）判断故障时，闭合开关后，小灯泡不亮，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的；电流表指针偏转，说明电路不存在断路；电压表示数为零，说明与电压表并联的灯泡短路（3）由表中实验数据可知，灯泡额定电压2.5v对应的电流为0.28a，灯泡额定功率p=ui=2.5v0.28a=0.7w由表中实验数据可知，7、8两次实验，灯泡电压与电流很小，灯泡实际功率很小，由于灯泡实际功率很小不足以引起灯泡发光，所以灯泡熄灭由表中第8组实验数据可知，此时灯泡电阻r=2，灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡电阻阻值减小，则灯泡电阻可能是1【答案】（1）实物电路图如图所示；（2）小灯泡短路；（3）0.7；实际功率太小；1【点评】在解本题时要注意，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，随温度降低而减小；考查了连接实物电路图、电路故障分析、求灯泡额定功率、求灯泡电阻阻值等内容6（2014咸宁）如图甲所示电路，电源两端电压u不变，r1是定值电阻，r2是滑动变阻器当开关s闭合后，改变滑动变阻器接入电路的电阻，其电流与电压的关系如图乙所示求：（1）滑动变阻器r2接入电路的最大阻值为60，电源两端电压为7v；（2）定值电阻r1的电阻值；（3）电路消耗电功率的最大值【解析】本题为电学综合计算题；滑动变阻器在电路中的作用很关健，不但能起到分压、分流的的作用，还可以改变电路中的电阻的大小；当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值r2与电阻r1串联，电压表测r2两端的电压，此时电路中的电流最小，由乙图读出两电表的示数，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用欧姆定律求出r2的最大阻值；当滑片位于最左端时电路为r1的简单电路，此时电路中的电流最大并由乙图读出其大小，利用欧姆定律表示出电源的电压；利用电源的电压不变建立等式即可求出定值电阻的阻值和电源的电压，最后利用p=ui求出电路消耗的最大功率【答案】（1）60；7；（2）10；（3）4.9w【点评】本题的关键是分析好滑片移动时两电表示数的对应关系；考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用7（2014湖北）如图甲所示的电路中，r2为滑动变阻器，r1、r3为定值电阻，电源两端电压保持恒定不变改变滑片p的位置，两电压表的示数与电流表的示数对应关系的图象分别表示在图乙所示的坐标系中则：（1）当滑片移至a端时，对应的是图乙中的b点；（2）当滑片移至b端时，电路中的电流为1a；（3）r1的阻值为多少？（4）电源的电压为多少？【解析】本题为电学综合计算题；此类题目中主要考查滑动变阻器滑片移动时电路连接情况的变化，及利用欧姆定律来解决问题的方法。（1），当滑片移至a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路中的总电阻最小，根据欧姆定律可知电路中的电流最大；（2）当滑片移至b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象可知此时电路中的电流；（3）由串联电路的分压特点可知，当滑片移至b端时，r1两端的电压最小，据此判断r1的iu图象，并读出对应的电压和电流，根据欧姆定律求出r1的阻值；（4）由电阻的串联和欧姆定律分别表示出滑片位于a端、b端电源的电压，联立等式即可求出电源的电压【答案】（1）b；（2）1；（3）r1的阻值为1；（4）电源的电压为12v【点评】解答本题的关键是判断出滑片位于两端时对应的电表示数之间的关系，对学生的读图能力要求较高；考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用8（2014孝感）在图甲所示的电路中，电源电压为6v且保持不变，电阻r1的阻值为30同时闭合开关s和s1，电流表的示数如图乙所示求：（1）通过电阻r1的电流；（2）电阻r2的阻值；（3）在10s内，电流通过电阻r1产生的热量；（4）电阻r1与电阻r2工作时的电功率p1和p2之比【解析】本题为电热综合计算题；对于此类题目来说，要充分利用串联电路和并联电路中的电压和电流的特点及欧姆定律来计算，电流通过导体时，要产生热量，可以根据电流的热效应公式来计算平生的热量；同时闭合开关s和s1时，两电阻并联，电流表测干路电流（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过电阻r1的电流：i1=0.2a；（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即ii1=0.2a，所以，图中电流表的量程为03a，分度值为0.1a，干路电流i=0.8a，通过电阻r2的电流：i2=ii1=0.8a0.2a=0.6a，则r2的阻值：r2=10；（3）在10s内，电流通过电阻r1产生的热量：q1=i12r1t=（0.2a）23010s=12j；（4）两电阻工作时的电功率之比：p1/p2=1：3【答案】1）0.2a；（2）10；（3）12j；（4）1：3【点评】解本题的关键是根据并联电路的电流特点和指针的位置确定电流表的量程；考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用二、15年中考考点解读中考压轴题是人们对中考试卷中最后一道或两道题的习惯称谓。压轴题的特点是：综合性强、难度大、区分度高。对于考生来说，若攻克了压轴题，就意味着能力强，可得高分；对命题者来说，把压轴题当作是一份试卷的“压轴戏”，常在“新颖”、“综合”上下工夫；对高一级学校来说，希望通过压轴题的选拔功能来选拔合格新生。因此，顺利解决压轴题就成为考生中考成败的一个关键，也是广大毕业班物理教师和学生共同关注的焦点问题。一、在中考物理试题中，力学约占全卷40，分析大量的中考物理压轴试题，出现频率较高的有下列三个方面的内容：1有关密度的计算。密度是所有物质都具有的基本特性，人们认识这种特性有一定的实际价值，它被教学大纲列为重点“掌握”的内容，从而决定了其在初中物理学中的重要位置，它成为各地中考物理命题的热点和重点。主要命题形式，可能直接计（测）算固体和液体的密度；也可能将固体置于液体中，通过与浮力联系求密度；还可能从密度概念出发求混合物中某一种物质的质量（或体积），情景多变，形式很活，层次或难度要求可深可浅。2有关压强的计算。压强既包括力的概念，也反应压力的作用效果，亦属教学大纲“掌握”的重点内容。近年来有关压强的命题很热，如有计算固体（或叠加体）产生的压强、有液体产生的压强；它与密度知识结合命题，也有与浮力知识结合命题；特别是“改变物体所受浮力大小，计算液体产生压强的变化”，在难度上形成了“制高点”。3有关简单机械的计算。简单机械知识的本身并不属“掌握”的要求，但是它有“方便、省力、省距离”等特点，极易联系我们的生活实际，同时它的工作状态必然联系到力及其平衡、做功和机械效率等重要知识，因此被命题者青睐。出现几率最多的形式为滑轮或滑轮组的使用。4电学综合题在所有中考物理试卷中的出现率是100，相对难度也是较大的。其一是考查知识点多。命题者往往将欧姆定律、电功、电功率、焦耳定律、滑动变阻器等综合在一起，知识密度大；其二是电路结构复杂。由于大纲规定，电路计算仅限于两个用电器的串联或并联，因而命题趋势主要在“电路变化”上做文章，通过开关的闭合，使电路结构复杂多变，灵活性强；第三是解题方法技巧灵活。这类题能考查出各类学生的水平、能力，区分度较高，故成为各地中考压轴题。三、2015中考应考策略为适应素质教育，各地中考物理试题中实验题考查比例呈攀升趋势。大部分省、地由原来10-15，增加到2030。题型由常规填空、选择、连图等小题，演变为对实验现象的观察、操作、数据处理、综合计算的压轴题。特别是力学实验和电学实验，出现率更高。为什么这两方面实验成为命题人关注的热点呢？一方面它们包含的知识点较多。如天平、量筒、密度等都是初中力学中的重要知识点，电流表、电压表、变阻器、串并联电路、欧姆定律是初中电学中的重要知识点。两线穿珠，带动了力、电两大块知识体系。另一方面，力、电实验，方法多样，附加条件不同，解决方法亦各异，这就成为发展学生智力，考查学生思维创新、科研能力的一个很好载体。当前，探究压轴题的命题趋势和规律，研究压轴题的解题技能、技巧已成为初中物理的热点课题。有了扎实的基础知识和基本技能，就一定能攻克压轴题吗？回答是否定的。不少学生都有这样的体验：解压轴题得一两分不难，拿满分就不那么容易了。那么压轴题到底难在何处呢？我们认为，压轴题难就难在难以深入地探究题设条件与问题求解之间的内在联系或怎样运用所学的知识和技能，它需要考生有较强的综合分析能力，尽力挖掘隐含条件及它们之间的联系，方能最终解决问题。命题者往往将欧姆定律、电功、电功率、焦耳定律、 滑动变阻器等综合在一起，知识密度大；其二是电路结构复杂。由于大纲规定， 电路计算仅限于两个用电器的串联或并联，因而命题趋势主要在“电路变化”上 做文章，通过开关的闭合，使电路结构复杂多变，灵活性强；第三是解题方法技 巧灵活。这类题能考查出各类学生的水平、能力，区分度较高，故成为各地中考 压轴题。四、2015中考应考演练1我们在进行电学实验时，需要注意灯泡的安全使用和电路安全现有两只白炽灯l1“12v 12w”和l2“18v 9w”（不考虑温度对灯丝电阻的影响）（1）若把灯泡l1和l2并联起来接到某一电源上，为了是灯泡安全工作，电源最大电压为多少伏？此时通电5min，流过灯泡l2的电流做了多少功？（2）若把灯泡l2与一个滑动变阻器串联制作成一个调光台灯，现有一个24v的电源和三个不同型号的滑动变阻器，分别为“10 1a”、“20 0.5a”、“50 0.2a”，要让电路安全工作，请你通过计算说明应该选用哪一个滑动变阻器【解析】本题为电学综合计算题；（1）由两灯泡的额定电压和额定功率，可求出两只小灯泡的电阻，当两只小灯泡并联使用时，电路电压同样只能取额定电压较小的那个；然后分别算出通过r1和r2的电流，再根据w=uit可求得流过灯泡l2的电流做了多少功；（2）判断滑动变阻器的使用规格，同时要考虑滑动变阻器的电阻和允许通过的最大电流滑动变阻器与灯泡串联，灯泡电流大约为i=0.5a滑动变阻器型号是“50 0.2a”不能适用滑动变阻器电阻大约为r=12可以确定滑动变阻器电阻“10 1a”的电阻太小，不能满足实验需要，所以要选择“20 0.5a”滑动变阻器【答案】1）12伏；1200j；（2）“20 0.5a”【点评】对于滑动变阻器的选择，不但考虑滑动变阻器允许通过的电流，也要考虑滑动变阻器的电阻电路电流不能超过滑动变阻器允许通过的最大电流，滑动变阻器最大电阻稍大于电路需要的电阻2如图的实验中学物理课外活动小组自制的电热暖手器的电路原理图电源电压恒为8v，s为间单刀三掷开关，发热体的电阻分别是r1=2，r2=1，r3=5问：（1）该电热暖手器工作时的最小电流是多少？（2）该电热暖手器消耗的最大电功率是多少？（3）当开关调至“2”位置时，r2在1min内最多可以产生多少焦耳的热量？【解析】本题为电热综合计算题；电流通过导体时，导体会产生热量，这是电流的热效应；在本题中，当开关接“1”时，电热手暖器只r1接入电路；当开关接“2”时，电阻r1、r2串联；当开关接“3”时，电阻r1、r2、r3串联；（1）因为电源电压不变，根据欧姆定律可知，当电路中电阻最大时，电流最小，据此求出最小电流（2）根据p=u2/p可知，当电路中的电阻最小时，电路中的电功率最大；（3）根据q=（u2/r）t可知，r2在1min内最多可以产生的热量【答案】（1）1a；（2）32w；（3）426.7j【点评】解答本题的关健是根据档位不同确定对应的电路连接关系；考查了欧姆定律、功率和电热的计算3在实际生活中电池本身是有电阻的，因此，实际的电池可以等效为一个没有电阻的理想电池和一个阻值一定的电阻串联而成在如图甲所示电路中，电源由几个相同的铅蓄电池组成（每节电压为2v）合上开关s，变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电路中的一些物理量的变化，如图乙、丙、丁所示，图乙表示电压表示数与电流表示数的关系关系；图丙表示滑动变阻器的功率跟电压表示数的关系；图丁表示铅蓄电池输出电能的效率与变阻器接入电路电阻大小的关系，b点时最大不计电表、导线对电路的影响，求：（1）每节铅蓄电池的阻值；（2）铅蓄电池的节数；（3）变阻器的总电阻【解析】本题为电学综合计算题；考查滑动变阻器对电路的作用与影响；当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据p=i2r表示出滑动变阻器消耗的电功率，利用数学知识得出滑动变阻器消耗的最大功率，由图丙可知最大功率得出等式，联立等式得出电源的电压和总内阻，根据每节蓄电池的电压为2v得出节数，进一步求出每节铅蓄电池的阻值；铅蓄电池输出电能的最大效率，根据p=i2r和得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值【答案】（1）0.5；（2）3节；（3）6【点评】解答本题的关键是得出滑动变阻器消耗的最大功率和明白铅蓄电池输出电能的效率以及根据图象得出相关的知识；考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用4如图所示，灯泡l标有“8v 4w”的字样，开关s闭合，滑片p在中点时，电压表的示数为4v，灯泡正常发光（假定灯泡电阻不随温度变化而变化）求：（1）灯泡的电阻rl；（2）电源电压u额；（3）滑动变阻器的最大阻值r【解析】本题为电学综合计算题；主要考查电路的连接及欧姆定律的应用，（1）根据r=u2/p求出灯泡的电阻：rl=16；、（2）根据串联电路电压特点求出电源的电压；当滑片p在中点时，r与灯泡l串联，灯泡正常发光，ul=u额=8v，串联电路的电压等于各分电压之和，电源电压u=ur+ul=4v+8v=12v（3）灯泡在额定电压下的实际功率和额定功率相等，根据i=求出电路中的电流，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻，即可求出变阻器的最大阻值r【答案】（1）16（2）12v；（3）16【点评】解本题的关健是能根据灯泡正常发光，利用电功率公式确定电路中的电流和灯泡两端的电压；查了串联电路的电流、电压特点和欧姆定律的计算5如图甲所示是某型号的浴室防雾镜，其背面粘贴有等大的电热膜使用时，镜面受热，水蒸气无法凝结其上，便于成像，下表是该防雾镜的相关数据：面积大小110dm2镜子质量1.1kg额定电压220v额定功率1w/dm2（1）求防雾镜正常工作时的电流（2）经测试，在10环境下正常工作400s使平面镜的平均温度升高了40，求电热膜绐平面镜的加热效率玻璃的比热容为0.75103j/（kg）（3）如图乙所示，小明给防雾镜电路连接了一个滑动变阻器，能使电热极的功率在原功率的25%100%之间变化，以满足不同季节使用的需要请求出r的最大阻值【解析】本题为电热综合题；由题意求出防雾镜正常工作时的电功率，再根据i=p/u求出防雾镜正常工作时的电流；再根据q=cmt求出平面镜吸收的热量，根据q=w=pt求出电热膜产生的热量，利用效率公式求出电热膜给平面镜的加热效率；由图示可知，电热膜与滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知当滑动变阻器接入电路电阻最大时，电路中电流最小，根据p=i2r可知此时电热膜的电功率最小；根据r=u2/p求出电热膜的电阻，由题意得出电热膜的最小电功率，根据p=i2r的变形式得出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，最后根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值【答案】（1）0.5a；（2）75%；（3）440【点评】解本题的关键是公式及其变形式的灵活运用，难点是滑动变阻器最大阻值时电热膜电功率的判断；考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、热量的计算、效率公式的应用，6如图所示，电源电压为12v，且保持不变已知滑动变阻器的最大阻值为24，r0为未知阻值的定值电阻，小灯泡标有“6v 3w”字样，求：（1）灯泡的电阻和正常工作时的电流各是多少？（2）当s闭合，s1，s2都断开时，要是小灯泡正常发光，滑动变阻器接入电路的阻值为多大？（3）当s闭合，s1，s2都断开时，移动滑动变阻器的滑片p至b端时（a或b），小灯泡的亮度最暗，此时电流表的示数是0.33a（计算结果保留两位小数）（4）s，s1，s2都闭合时，调节滑动变阻器的滑片，使电路中的总功率最小，且最小功率为18w，求r0的阻值【解析】本题为电学综合计算题；考查欧姆定律的应用，电功和电功率的计算，根据电功率公式的变形公式可以求出额定电流，再由欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；只闭合s，s1、s2都断开时，灯l和滑动变阻器串联；灯泡正常工作时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点可求滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值当电路总电阻越大时，电路电流越小，灯泡实际功率越小，灯泡越暗，应用串联电路特点与欧姆定律求出电路电流；若闭合s、s1、s2时，r0与滑动变阻器并联，滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路总功率最小，由p=ui求出电流电流，然后应用并联电路特点与欧姆定律求出定值电阻阻值【答案】（1）0.5a；（2）12欧姆；（3）0.33a；（4）r0的阻值为12欧姆【点评】解本题的关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电流表示数的确定；考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的计算7家用电饭煲是利用电流的热效应来工作的，如图是某种型号电饭煲的简化电路当温控开关s闭合时，电饭煲处于加热状态，此时若它两端的电压为220v，它的功率为1100w（不考虑温度对电阻值的影响）则（1）电饭煲在加热状态下工作0.1h，消耗的电能为多少kwh？（2）r0的电阻为多少？（3）当温控开关s断开时，电饭煲的总功率与加热状态时相比，将如何变化？并请说明原因 【解析】本题为电热综合计算题；本题考查电能和电功率的计算及欧姆定律的应用，（1）已知加热时的功率和工作时间，根据w=pt计算消耗的电能；w=pt=1.1kw0.1h=0.11kwh；（2）当温控开关s闭合时，r被短路，电路中只有r0，已知额定加热功率和额定电压，可利用公式r=u2/p求得加热电阻的电阻；r0=u2/p=44（3）电源电压u不变，由p=u2/p可知，电阻越大电功率越小，电饭煲处于保温状态，电阻越小电功率越大，电饭煲处于加热状态。当温控开关s断开时，电阻r0与电阻r串联，根据欧姆定律，两种情况相比，当s断开时饮水机的工作电流较小，根据p=ui可知，此时饮水机消耗的电功率也较小故当s断开时饮水机处于保温状态【答案】（1）（1）0.11kwh；（2）44；（3）当温控开关s断开时，电饭煲的总功率与加热状态时相比，将变小，因为当s断开时，电阻r0与电阻r串联，由欧姆定律可知，饮水机的工作电流较小；根据p=ui可知，此时饮水机消耗的电功率也较小【点评】解本题的关键是公式及其变形式的灵活运用；分析清楚电路结构、应用电功率变形公式、串联电路特点、电功公式即可正确解题8我国是一个水资源匮乏的国家爱动脑筋的小何同学，为了节约用水设计了一个储水箱放在他家洗衣机底部，用来储存洗衣机 废水，冲洗便盆（1）根据有关技术参数，求洗衣机洗涤时的正常工作电流是多少？（2）为合理利用空间，他根据卫生间的空间和洗衣机底面积的大小，确定储水箱的长和宽分别为1.0m、0.5m假设要求储水箱的储水量为300kg，求小何设计的储水箱的高度至少为多少？（3）在寒冷的冬天，温度太低会影响洗涤效果，小何进一步思考：如果在洗衣机上安装一个加热电阻，这样在洗涤前先将水加热到适宜的温度，可提高洗涤效果若每次洗衣时，首次进水量为10kg，加热时电能的80%转化为水的内能，要求给10kg的水正常加热10min，使水的温度升高10，求小何在洗衣机上安装的加热电阻为多少？c水=4.2103j/kg）【解析】本题为电热综合计算题；本题考查电楞率与电压、电流的关系及电功与热量的综合主计算。（1）已知洗涤功率和额定电压，根据公式i=可求洗衣机正常洗涤时的工作电流，i=1a；（2）利用=m/v求出水的体积，再利用v=sh求储水箱的高度；v=m/=0.3m3 则储水箱的深度为h=0.6m；（3）利用水的吸热公式q=cmt先求出水吸收的热量，再由效率公式=求出消耗的电能