山东省聊城四中高三物理下学期5月模拟试卷（含解析）.doc

山东省聊城四中2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份） 一、选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分.）1两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始它们在四次比赛中的vt图如图所示哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？( )abcd2如图所示，光滑绝缘水平面上带异号电荷的小球a、b，它们一起在水平向右的匀强电场中向右做匀加速运动，且保持相对静止设小球a的带电量大小为qa，小球b的带电量大小为qb，下列判断正确的是( )a小球a带正电，小球b带负电，且qaqbb小球a带正电，小球b带负电，且qaqbc小球a带负电，小球b带正电，且qaqbd小球a带负电，小球b带正电，且qaqb32007年9月24日，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想若“嫦娥一号”沿圆形轨道绕月球飞行的半径为r，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4r，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定( )a国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大b国际空间站的速度比“嫦娥一号”大c国际空间站的周期比“嫦娥一号”长d国际空间站的角速度比“嫦娥一号”小4竖直上抛一小球，小球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于小球的速度下列说法正确的是( )a上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功b上升过程中克服重力做的功小于下降过程中重力做的功c上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率d上升过程中克服重力做功的平均功率小于下降过程中重力的平均功率5有一边长为l的正方形导线框，质量为m，由高度h处自由下落，如图所示，其下边ab进入匀强磁场区域后，线圈开始减速运动，直到其上边cd刚好穿出磁场时，速度减为ab边刚进入磁场时速度的一半，此匀强磁场的宽度也是l，线框在穿越匀强磁场过程中产生的电热是( )a2mglb2mgl+mghc2mgl+mghd2mgl+mgh6如图（a）所示，两个平行金属板p、q竖直放置，两板间加上如图（b）表示的电压t=0时，q板比p板电势高5v，此时在两板的正中央m点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动使得电子的位置和速度随时间变化假设电子始终未与两板相碰，在0t81010s的时间内，这个电子处于m点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是( )a61010st81010sb41010st61010sc21010st41010sd0t21010s7某同学在实验里熟悉各种仪器的使用他将一条形磁铁放在水平转盘上，如图（甲）所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边当转盘（及磁铁）转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化的周期与转盘转动周期一致经过操作，该同学在计算机上得到了如图（乙）所示的图象该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时，按照这种猜测( )a在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化b在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化c在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值d在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值二、非选择题（必做+选做）（一）必做题8有一电压表v1量程为3v，内阻约为3000，要较准确地测量该电压表的内阻，提供的实验器材有：电源e：电动势约为15v，内阻可忽略不计；电流表a1：量程为0100ma，内阻r1=20；电压表v2，量程为2v，内阻r2=2000；定值电阻r1：阻值r1=20；定值电阻r2：阻值r2=3；滑动变阻器r0：最大阻值为10，额定电流1a；单刀单掷开关s，导线若干；（1）实验中应选用的电表是_；定值电阻应选用_（用题中器材相应的代号）（2）设计一个测量电压表v1的内阻的实验电路，画出原理图（3）说明实验所要测量的量：_；计算电压表v1的内阻rv，其计算公式为rv=_9（16分）质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的p点，随传送带运动到a点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从b点进入竖直光滑圆孤轨道下滑b、c为圆弧的两端点，其连线水平已知圆弧半径r=1.0m，圆弧对应圆心角=106，轨道最低点为o，a点距水平面的高度h=0.8m小物块离开c点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，0.8s后经过d点，物块与斜面间的滑动摩擦因数为1=0.33（sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）试求：（1）小物块离开a点的水平初速度v1；（2）小物块经过o点时对轨道的压力；（3）斜面上cd间的距离；（4）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为2=0.3，传送带的速度为5m/s，则pa间的距离是多少？10（18分）如图甲所示，空间存在b=0.5t，方向竖直向下的匀强磁场，mn、pq是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距l=0.2m，r是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力f，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好图惭是棒的vt图象，其中oa段是直线，ac是曲线，de是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，p额=4.5w，此后功率保持不变除r以外，其余部分的电阻均不计，g=10m/s2（1）求导体棒在012s内的加速度大小；（2）求导体棒与导轨间的动摩擦因数及电阻r的阻值；（3）若t=17s时，导体棒ab达最大速度，从017s内共发生位移100m，试求1217s内，r上产生的热量是多少？（二）选做题，请考生任选一模块作答【物理3-3】11一个细口瓶开口向上放置，容积为2.0l，处在温度为0、压强为一个标准大气压的环境里，求：（计算结果保留2位有效数字，阿伏加德罗常数na=6.01023/mol）（1）瓶内气体的分子数为多少？（2）若将瓶口密封，当环境温度变为20时，瓶内气体的压强为多少？【物理3-4】12如图所示，是一种折射率n=1.5的棱镜，用于某种光学仪器中，现有一束光线沿mn方向射到棱镜的ab面上，入射角的大小i=arcsin0.75（即：sini=0.75），求：（i）光在棱镜中传播的速率（ii）画出此束光线射出棱镜后的方向，要求写出简要的分析过程（不考虑返回到ab和bc面上的光线）【物理3-5】13静止的锂核（）俘获一个速度为7.7106m/s的中子，发生核反应后若只产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核（），它的速度大小是8.0106m/s，方向与反应前的中子速度方向相同写出此核反应的方程式；求反应后产生的另一个粒子的速度大小及方向；此反应过程中是否发生了质量亏损，说明依据山东省聊城四中2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分.）1两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始它们在四次比赛中的vt图如图所示哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？( )abcd考点：匀变速直线运动的图像分析：该题考察了应用速度时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等应用在速度时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇解答：解：在速度时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移a、从a图中可以看出，当t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项a正确b、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项b错误c、图象也是在t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项c正确d、图象中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项d错误故选：ac点评：图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义，即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量，图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题，一定要根据题意分析清楚物体的运动情景，正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键2如图所示，光滑绝缘水平面上带异号电荷的小球a、b，它们一起在水平向右的匀强电场中向右做匀加速运动，且保持相对静止设小球a的带电量大小为qa，小球b的带电量大小为qb，下列判断正确的是( )a小球a带正电，小球b带负电，且qaqbb小球a带正电，小球b带负电，且qaqbc小球a带负电，小球b带正电，且qaqbd小球a带负电，小球b带正电，且qaqb考点：电场强度；库仑定律专题：电场力与电势的性质专题分析：假设小球a带正电，小球b带负电，对小球各自受力分析，由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向应该水平向右，看受力分析得出的合力方向与实际运动状态得出的加速度方向是否相同去进行判断小球a带负电，小球b带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律列出等式求解小球a、b整体受力分析，受水平向左的电场力和水平向右的电场力由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右解答：解：a、假设小球a带正电，小球b带负电，对小球各自受力分析，小球b受向左的电场力和a对b向左的库仑力，所以小球b的合力向左由于小球a、b向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右故a、b错误c、小球a带负电，小球b带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律得：对小球b：eqb=mbab 对小球a：eqa=maaa 两式相加得：eqbeqa=mbab+maaa所以必有qaqb，故c错误，d正确故选d点评：根据物体的运动状态判断物体的加速度方向及合力方向对物体进行受力分析，找出合力方向，从而判断其电荷性质定量比较时需要列出牛顿第二定律解决32007年9月24日，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想若“嫦娥一号”沿圆形轨道绕月球飞行的半径为r，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4r，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定( )a国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大b国际空间站的速度比“嫦娥一号”大c国际空间站的周期比“嫦娥一号”长d国际空间站的角速度比“嫦娥一号”小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：国际空间站和“嫦娥一号”的向心力都由万有引力提供，则由公式可得出各量的表达式，则可得出各量间的关系解答：解：国际空间站和“嫦娥一号”的向心力都由万有引力提供，即=ma=m2r=mr，则可知：a由上式得：“嫦娥一号”的加速度为：a1=g=g，国际空间站的加速度为a2=g，所以国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大，故a正确；b由上式得：“嫦娥一号”的加速度为：v1=，国际空间站的速度为：v2=，所以国际空间站的速度比“嫦娥一号”大，故b正确；c、由上式得：“嫦娥一号”的周期为：t1=，国际空间站的速周期为t2=，所以“嫦娥一号”的周期比国际空间站的周期大，故c错误；d由得：“嫦娥一号”的角速度为：1=，国际空间站的角速度为：2=，“嫦娥一号”的角速度比国际空间站的角速度小故d错误；故选ab点评：本题的解题关键要建立物理模型，抓住万有引力提供向心力列式分析4竖直上抛一小球，小球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于小球的速度下列说法正确的是( )a上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功b上升过程中克服重力做的功小于下降过程中重力做的功c上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率d上升过程中克服重力做功的平均功率小于下降过程中重力的平均功率考点：重力势能的变化与重力做功的关系；动能和势能的相互转化专题：定性思想分析：重力做功只与物体的初末的位置有关，与物体的运动的过程和是否受其它的力无关；由于空气阻力的作用，物体在上升和下降的过程中用的时间不同，根据p=可以判断功率的大小解答：解：a、b、重力是保守力，做功的大小只与物体的初末的位置有关，与物体的路径等无关，所以在上升和下降的过程中，重力做功的大小是相等的，故上升过程中克服重力做的功等于下降过程中重力做的功，故a错误，b错误；c、d、物体在上升的过程中，受到的阻力向下，在下降的过程中受到的阻力向上，所以在上升时物体受到的合力大，加速度大，此时物体运动的时间短，在上升和下降的过程中物体重力做功的大小是相同的，由p=可知，上升的过程中的重力的平均功率较大，故c正确，d错误；故选c点评：重力做功只与初末的位置有关，与经过的路径无关；上升和下降的过程中阻力的方向不同，物体运动的时间也不同，根据p=可以判断功率的大小5有一边长为l的正方形导线框，质量为m，由高度h处自由下落，如图所示，其下边ab进入匀强磁场区域后，线圈开始减速运动，直到其上边cd刚好穿出磁场时，速度减为ab边刚进入磁场时速度的一半，此匀强磁场的宽度也是l，线框在穿越匀强磁场过程中产生的电热是( )a2mglb2mgl+mghc2mgl+mghd2mgl+mgh考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：先根据自由落体运动的规律求出线框ab边刚进入磁场时速度线框穿越匀强磁场过程中机械能减小转化为内能，再对整个过程，运用能量守恒定律求解电热解答：解：设线框ab边刚进入磁场时速度大小为v根据机械能守恒定律得：mgh=得：v=从线框下落到cd刚穿出匀强磁场的过程，根据能量守恒定律得焦耳热为：q=2mgl+mgh=2mgl+mgh故选：c点评：本题是运用能量守恒定律处理电磁感应中能量问题，关键要正确分析能量是如何转化的6如图（a）所示，两个平行金属板p、q竖直放置，两板间加上如图（b）表示的电压t=0时，q板比p板电势高5v，此时在两板的正中央m点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动使得电子的位置和速度随时间变化假设电子始终未与两板相碰，在0t81010s的时间内，这个电子处于m点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是( )a61010st81010sb41010st61010sc21010st41010sd0t21010s考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：平行板电容器两极板带电后形成匀强电场，带电离子在电场中受到力的作用，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学基本公式分析即可求解解答：解：在0t21010s时间内，q板比p板电势高5v，e=，方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向右做匀加速直线运动；在21010st41010s时间内，q板比p板电势低5v，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=41010s时速度为零；在41010st61010s时间内，q板比p板电势低5v，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；在61010st81010s时间内，q板比p板电势高5v，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向左做匀减速直线运动，到81010s时刻速度为零，恰好又回到m点综上分析可知：在61010st81010s时间内，这个电子处于m点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小故选a点评：本题也可以画出电子运动的速度时间图象求解，难度适中7某同学在实验里熟悉各种仪器的使用他将一条形磁铁放在水平转盘上，如图（甲）所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边当转盘（及磁铁）转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化的周期与转盘转动周期一致经过操作，该同学在计算机上得到了如图（乙）所示的图象该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时，按照这种猜测( )a在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化b在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化c在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值d在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律专题：电磁感应与电路结合分析：利用楞次定律的“增反减同”来确定感应电流的方向，由图象可知磁感应强度的变化，从而得出感应磁场方向，再由安培定则来确定感应电流方向法拉第电磁感应定律可得出在磁通量变化率最大时，电流最强解答：解：a、在t=0.1s时刻，线圈内磁场最强，磁通量最大，接着磁通量会变小，但磁场方向没变，所以根据楞次定律得知，线圈内产生感应电流的方向发生变化，故a正确；b、在t=0.15s时刻，线圈内b为零，磁通量为零，接着磁通量会变大，由于磁场方向发生变化，所以根据楞次定律得知产生感应电流的方向不会发生变化，故b错误；c、在t=0.1s时刻，线圈内磁场最强，图线的斜率为零，故磁感应强度的变化率为零，此时磁通量变化率为零，产生的感应电动势为零，感应电流则为零，故c错误；d、在t=0.15s时刻，线圈内磁场最弱，图线的斜率不是最大，故此时磁感应强度的变化率不是最大，则磁通量变化率不是最大，产生的感应电动势就不是最大，感应电流的大小没有达到最大故d错误；故选：a点评：楞次定律可确定感应电流的方向，而法拉第电磁感应定律可确定感应电流的大小二、非选择题（必做+选做）（一）必做题8有一电压表v1量程为3v，内阻约为3000，要较准确地测量该电压表的内阻，提供的实验器材有：电源e：电动势约为15v，内阻可忽略不计；电流表a1：量程为0100ma，内阻r1=20；电压表v2，量程为2v，内阻r2=2000；定值电阻r1：阻值r1=20；定值电阻r2：阻值r2=3；滑动变阻器r0：最大阻值为10，额定电流1a；单刀单掷开关s，导线若干；（1）实验中应选用的电表是；定值电阻应选用（用题中器材相应的代号）（2）设计一个测量电压表v1的内阻的实验电路，画出原理图（3）说明实验所要测量的量：电压表的、电压表的读数；计算电压表v1的内阻rv，其计算公式为rv=考点：把电流表改装成电压表专题：实验题分析：本题（1）的关键是通过估算待测电压表的满偏电流从而判断不能使用电流表测量电流，此时要想到电压表的反常规使用方法，不能判断依据两电压表串联使用从而选出电表；然后根据滑动变阻器的额定电流结合闭合电路欧姆定律可求出保护电阻题（2）的关键是由于滑动变阻器全电阻远小于待测电压表电阻，所以应用分压式接法，即可画出电路图（3）题的关键是根据欧姆定律列出方程，从而可知需要测量的量解答：解：（1）因待测电压表电压为3v，满偏电流为i=1ma，远小于电流表的满偏电流100ma，所以不能使用电流表测量电流，考虑使用电压表，因其满偏电流=1ma，所以可以将两电压表串联使用，所以应选用的电表是；显然滑动变阻器应用分压式接法，因电压表与的最大串联电压为u=3+2=5v，根据串联单路分压规律可知，解得r=20，所以定值电阻应选（2）由上面分析可知，电路图如图所示（3）由欧姆定律所以，只要读出电压表的读数和电压表的读数，即可求出待测电压表的内阻，可解得=故答案为：（1）， （2）如图 （3）电压表的、电压表的读数，点评：要学会通过电路的估算来选择电学仪器的思路和方法，注意电表的“反常规”接法解题关键还是对欧姆定律及闭合电路欧姆定律的理解和应用9（16分）质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的p点，随传送带运动到a点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从b点进入竖直光滑圆孤轨道下滑b、c为圆弧的两端点，其连线水平已知圆弧半径r=1.0m，圆弧对应圆心角=106，轨道最低点为o，a点距水平面的高度h=0.8m小物块离开c点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，0.8s后经过d点，物块与斜面间的滑动摩擦因数为1=0.33（sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）试求：（1）小物块离开a点的水平初速度v1；（2）小物块经过o点时对轨道的压力；（3）斜面上cd间的距离；（4）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为2=0.3，传送带的速度为5m/s，则pa间的距离是多少？考点：动能定理的应用；平抛运动；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）物块离开a点后做平抛运动，求出物块做平抛运动竖直方向的分速度，然后求出物块水平方向的分速度，即到达a点时的速度（2）由动能定理及向心力公式可求得物体受到的支持力，再由牛顿第三定律求得压力；（3）物体在cd中包括上滑和下滑两个过程，分析物体到达最高点的时间，判断d点的情况，再由牛顿第二定律及运动学公式可求得cd间的距离；（4）对pa过程由动力学公式可解得pa间的距离解答：解：（1）对小物块，由a到b有：在b点有：代入数据解得：v1=3m/s（2）对小物块，由b到o有：其中在o点有：代入数据解得：n=43n 由牛顿第三定律知对轨道的压力为：n=43n（3）物块沿斜面上滑：mgsin53+1mgcos53=ma1代入数据得：物块沿斜面下滑有：mgsin531mgcos53=ma2代入数据解得：由机械能守恒知vc=vb=5m/s小物块由c上升到最高点历时为：小物块由最高点回到d点历时为：t2=0.8s0.5s=0.3s故代入数据解得：scd=0.98m（4）小物块在传送带上加速过程：2mg=ma3pa间的距离是：答：（1）小物块离开a点的水平初速度3m/s；（2）小物块经过o点时对轨道的压力43n（3）斜面上cd间的距离0.98m（4）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为2=0.3，传送带的速度为5m/s，则pa间的距离是1.5m点评：本题综合了动能定理、牛顿第二定律及运动学公式等，分析清楚物块的运动过程，应用平抛运动规律、运动的合成与分解、动能定理即可正确解题10（18分）如图甲所示，空间存在b=0.5t，方向竖直向下的匀强磁场，mn、pq是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距l=0.2m，r是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力f，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好图惭是棒的vt图象，其中oa段是直线，ac是曲线，de是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，p额=4.5w，此后功率保持不变除r以外，其余部分的电阻均不计，g=10m/s2（1）求导体棒在012s内的加速度大小；（2）求导体棒与导轨间的动摩擦因数及电阻r的阻值；（3）若t=17s时，导体棒ab达最大速度，从017s内共发生位移100m，试求1217s内，r上产生的热量是多少？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；能量守恒定律专题：压轴题；电磁感应功能问题分析：（1）导体棒在012s内做匀加速运动，由图象的斜率求解加速度（2）乙图中a点：由e=blv、i=、f=bil推导出安培力的表达式，由牛顿第二定律得到含和r的表达式；图中c点：导体棒做匀速运动，由平衡条件再得到含和r的表达式，联立求出和r（3）由图象的“面积”求出012s内导体棒发生的位移，017s内共发生位移100m，求出ac段过程发生的位移，由能量守恒定律求解1217s内r上产生的热量解答：解：（1）由图中可得：12s末的速度为v1=9m/s，t1=12s导体棒在0.12s内的加速度大小为a=0.75m/s2 （2）设金属棒与导轨间的动摩擦因数为当金属棒的速度为v时，安培力大小为f，则有 f=bil，i=得 f=a点：由牛顿第二定律得 f1mg=ma1又p额=f1v1c点：棒达到最大速度，f2mg=0p额=f2vm联立解得，=0.2，r=0.4（2）012s内导体棒发生的位移为s1=m=54m，ac段过程棒发生的位移为s2=100s1=46m由能量守恒得 p额t=qr+mgs2+（）代入解得qr=12.35j答：（1）求导体棒在012s内的加速度大小是0.75m/s2；（2）导体棒与导轨间的动摩擦因数是0.2，电阻r的阻值是0.4；（3）1217s内，r上产生的热量是12.35j点评：本题与力学中汽车匀加速起动类似，关键要推导安培力的表达式f=，根据平衡条件、牛顿第二定律和能量守恒结合进行求解（二）选做题，请考生任选一模块作答【物理3-3】11一个细口瓶开口向上放置，容积为2.0l，处在温度为0、压强为一个标准大气压的环境里，求：（计算结果保留2位有效数字，阿伏加德罗常数na=6.01023/mol）（1）瓶内气体的分子数为多少？（2）若将瓶口密封，当环境温度变为20时，瓶内气体的压强为多少？考点：理想气体的状态方程；阿伏加德罗常数专题：理想气体状态方程专题分析：标准状况下1mol任何气体的体积都是22.4l，所以瓶内气体的分子数n=摩尔数na，气体做等容变化，由查理定律求解解答：解：（1）瓶内气体的摩尔数为瓶内气体分子数