贵州省贵阳市戴氏教育管理有限公司2014-2015学年高二下学期期末物理试卷

贵州省贵阳市戴氏教育管理有限公司20142015学年高二下学期期末物理试卷一、选择题（本题包括12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全对的得2分，有选错的或不答的得0分）1（3分）关于电磁场理论，下列说法正确的是（）A变化的电场周围产生的磁场一定是变化B变化的磁场周围产生的电场不一定是变化的C均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D振荡电场周围产生的磁场也是振荡的2（3分）质子和一价钠离子分别垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动，如果它们的圆周半径恰好相等，这说明它们在刚进入磁场时（）A速率相等B带电量相等C动量大小相等D质量相等3（3分）矩形线圈ABCD位于通电直导线附近，如图所示，线圈和导线在同一平面内，且线圈的两个边与导线平行，下列说法正确的是（）A当线圈远离导线移动时，线圈中有感应电流B当导线中的电流I逐渐增大或减小时，线圈中无感应电流C当线圈以导线为轴转动时，线圈中有感应电流D当线圈以CD为轴转动时，线圈中有感应电流4（3分）若地球磁场是由于地球带电产生的，则地球表面带电情况是（）A正电B负电C不带电D无法确定5（3分）关于日光灯的工作原理下列说法正确的是（）A启动器触片接通时，产生瞬时高压B日光灯正常工作时，镇流器起降压限流以保证日光灯正常工作C日光灯正常工作时，日光灯管的电压稳定在220VD镇流器作用是将交流电变为直流电6（3分）矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直磁场方向的轴匀速转动时，线圈平面跟中性面重合的瞬间，下面的说法中正确的是（）A线圈中的磁通量为零B线圈中的感应电动势最大C线圈的每一边都不切割磁感线D线圈所受的磁场力不为零7（3分）正离子源发射出正离子经加速电压后，进入互相垂直的电场和磁场中，电场和磁场方向如图所示，发现离子向上偏转，要使离子沿直线通过混合场，需要（）A增大电场强度E，减小磁感应强度BB增大电场强度E，减小加速电压UC适当增大加速电压UD适当减小电场强度E8（3分）如图所示是日立NP82C21型电视机电路的开始部分，最左边是电源插头，S901是电源开关，F901是保险丝，L901是两只带铁芯的电感线圈，后面复杂的电路没有画出关于电感线圈的作用，以下叙述正确的是（）A打开电源的瞬间，线圈会产生自感电动势，自感电动势的作用是使电视机更容易起动，所以我们刚一打开电视机就能听到声音和图象B线圈在电路里起的是缓冲作用，能延缓开机瞬间电流对后面元件的冲击，提高电视机的使用寿命C电视机正常工作之后，线圈就不会产生自感电动势了D线圈的自感系数越大越好9（3分）如图所示，ABCD为一闭合金属线框，用绝缘线挂在固定点O，当线框经过匀强磁场摆动时，可以判断（空气阻力不计）（）A线框进入磁场或离开磁场时，线框中均有感应电流产生B线框进入磁场后，越靠近OO线时，电磁感应现象越明显C此摆最终会停下来D此摆的机械能不守恒10（3分）如图所示，L为一个带铁芯的线圈，R是纯电阻，两支路的直流电阻相等，那么在接通和断开开关瞬间，两表的读数I1和I2的大小关系分别是（）AI1I2，I1I2BI1I2，I1I2CI1I2，I1I2DI1I2，I1I211（3分）如图A、B、C三个同心圆环，在同一个平面内，垂直于此平面向里的磁场局限在B环内部当磁场减弱时，三个金属圆环中产生的感应电动势大小关系是（）AEAEBECBEAEBECCEAEBECDEAEBEC12（3分）一理想变压器给负载供电，变压器输入电压不变，如图所示如果负载电阻的滑片向上移动则图中所有交流电表的读数及输入功率变化情况正确的是（均为理想电表）（）AV1、V2不变，A1增大，A2减少，P增大BV1、V2不变，A1、A2增大，P增大CV1、V2不变，A1、A2减少，P减少DV1不变、V2增大，A1、A2减少，P减少二填空题（每小题6分，共24分）13（6分）如图所示，电阻RAB01的导体AB沿光滑导线框向右做匀速运动线框中接有电阻R04，线框放在磁感应强度B01T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，导体的AB长度L04M，运动速度V10M/S线框的电阻不计（1）电路ABCD中相当于电源的部分是，相当于电源的正极是端（2）使导体AB向右匀速运动所需的外力FN，方向（3）电阻R上消耗的功率PW（4）外力的功率P14（6分）如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁感应强度均匀增加时，有一带电粒子静止于水平放置的平行板电容器中间，则此粒子带电，若增大磁感应强度的变化率，则带电粒子将（填“向上运动”“向下运动”或静止”）15（6分）当屏幕上出现如图所示的波形时，应调节旋钮（填写数字或旋钮名称）以使正弦波的整个波形出现在屏幕上16（6分）如图所示，是用来做电磁感应实验装置的示意图，当闭合开关S时，发现电流表的指针向左偏转一下后，又回到中央位置现继续进行实验把原线圈插入副线圈的过程中，电流表的指针将；把原线圈插入副线圈后电流表的指针将；原、副线圈保持不动，把变阻器滑动片P向右移动过程中，电流表的指针将三计算题（本题共4个题，计40分，解答时写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）P17（8分）如图所示，两根平行放置的导电轨道，间距为L，倾角为，轨道间接有电动势为E（内阻不计）的电源，整个导轨处在一个竖直向上的匀强磁场中，电阻为R的金属杆AB与轨道垂直放于导电轨道上静止，轨道的摩擦和电阻不计，要使AB杆静止，磁感应强度应多大（设金属杆的质量为M）18（10分）如图所示，为交流发电机示意图，匝数为N100匝矩形线圈，边长分别10CM和20CM，内电阻R5，在磁感应强度B05T的匀强磁场中绕OO以轴RAD/S角速度匀速转动，线圈和外电阻为R20相连接，求（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数19（10分）某发电站，通过升压变压器、输电线和降压变压器，把电能输送给生产和照明组成的用户，发电机输出功率为100KW，输出电压是400V，升压变压器原、副线圈的匝数之比为125，输电线上功率损失为4，用户所需电压为220V，求（1）输电线的电阻和降压变压器的匝数比为多少（2）若有60KW分配给生产，其余电能用来照明，那么可供40W的电灯多少盏20（12分）如图所示真空室内存在匀强磁场，磁场方向垂直于图中纸面向里，磁感应强度的大小B06T，磁场内有一个平面感光板AB板面与磁场方向平行在距AB的距离为L16CM处有一个点状放射源S，它向各个方向发射粒子，粒子的速度都是V30106M/S已知粒子的电荷量与质量之比50107C/KG现只考虑到图纸平面中运动的粒子，求（1）粒子的轨道半径和做匀速圆周运动的周期（2）AB板上被粒子打中的区域长度贵州省贵阳市戴氏教育管理有限公司20142015学年高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全对的得2分，有选错的或不答的得0分）1（3分）关于电磁场理论，下列说法正确的是（）A变化的电场周围产生的磁场一定是变化B变化的磁场周围产生的电场不一定是变化的C均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D振荡电场周围产生的磁场也是振荡的考点电磁场分析克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场，当中的变化有均匀变化与周期性变化之分解答解A、B、非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场，而均匀变化的电场产生稳定的磁场所以变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场，但不一定变化同理，变化的磁场周围产生的电场不一定是变化的，故A错误、B正确；C、均匀变化的磁场一定产生稳定的电场，而非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场故C错误；D、周期性变化的振荡电场一定产生同周期变化的振荡磁场故D正确故选BD点评考查麦克斯韦的电磁场理论中变化有均匀变化与周期性变化之分2（3分）质子和一价钠离子分别垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动，如果它们的圆周半径恰好相等，这说明它们在刚进入磁场时（）A速率相等B带电量相等C动量大小相等D质量相等考点带电粒子在匀强磁场中的运动专题带电粒子在磁场中的运动专题分析粒子在磁场中做圆周运动洛伦兹力提供圆周运动向心力由此展开分析可得结论解答解粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动向心力，即轨道半径为R由于质子和一价钠离子所带电荷量相同，又由于做圆周运动半径相同，所以质子和一价钠离子的MV相同，即动量相同又由于质子和一价钠离子的质量不同，故速率不相同故ABD错误，C正确故选C点评质子和一价钠离子的带电荷量相同，质量不同，根据洛伦兹力提供圆周运动向心力知决定轨道半径的相关物理量关系这是解决本题的关键3（3分）矩形线圈ABCD位于通电直导线附近，如图所示，线圈和导线在同一平面内，且线圈的两个边与导线平行，下列说法正确的是（）A当线圈远离导线移动时，线圈中有感应电流B当导线中的电流I逐渐增大或减小时，线圈中无感应电流C当线圈以导线为轴转动时，线圈中有感应电流D当线圈以CD为轴转动时，线圈中有感应电流考点感应电流的产生条件分析当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流根据楞次定律判断感应电流的方向解答解A、当线圈向右移动，逐渐远离线圈，穿过线圈的磁场减小，即穿过线圈的磁通量减小，故产生感应电流，故A正确B、当导线中的电流I逐渐增大或减小时，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中有感应电流故B错误；C、当线圈以导线为轴转动时，穿过线圈的磁通量不变，则不会产生感应电流故C错误；D、线圈以CD为轴转动时，穿过线圈的磁通量减小，则产生感应电流故D正确故选AD点评解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件，会根据楞次定律判断感应电流的方向4（3分）若地球磁场是由于地球带电产生的，则地球表面带电情况是（）A正电B负电C不带电D无法确定考点安培定则专题电场力与电势的性质专题分析地球内部磁感线由地磁S极指向地磁N极，地球自西向东自转，根据右手定则判断电流方向，最后得到电荷的带电情况解答解地球内部磁感线由地磁S极指向地磁N极，地球自西向东自转，根据右手定则判断电流方向为顺时针方向（俯视）；而地球转动的方向为自西向东，电流方向与转动的方向相反，所以地球带负电；故选B点评本题关键建立模型，将地球看作由若干个环形电流构成，然后结合右手定则和电流方向规定法则进行判断，基础题5（3分）关于日光灯的工作原理下列说法正确的是（）A启动器触片接通时，产生瞬时高压B日光灯正常工作时，镇流器起降压限流以保证日光灯正常工作C日光灯正常工作时，日光灯管的电压稳定在220VD镇流器作用是将交流电变为直流电考点日光灯镇流器的作用和原理分析当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离，产生辉光放电辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路灯丝很快被电流加热，发射出大量电子双金属片自动复位，两极断开在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光解答解A、启动器触片断开时，因线圈的电流变化，从而产生瞬时高压，故A错误，B、镇流器在启动时产生瞬时高压，在正常工作时起降压限流作用，故B正确，D错误C、日光灯正常工作时，因镇流器的分压，则日光灯管的电压低于220V，故C错误；故选B点评日光灯正常发光后由于交流电不断通过镇流器的线圈，线圈中产生自感电动势，自感电动势阻碍线圈中的电流变化，这时镇流器起降压限流的作用，使电流稳定在灯管的额定电流范围内，灯管两端电压也稳定在额定工作电压范围内由于这个电压低于启辉器的电离电压，所以并联在两端的启辉器也就不再起作用了6（3分）矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直磁场方向的轴匀速转动时，线圈平面跟中性面重合的瞬间，下面的说法中正确的是（）A线圈中的磁通量为零B线圈中的感应电动势最大C线圈的每一边都不切割磁感线D线圈所受的磁场力不为零考点法拉第电磁感应定律；磁通量专题电磁感应与电路结合分析矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式电流在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零解答解A、在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大故A错误B、在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零故B错误C、在中性面时，没有边切割磁感线，且每一边都不切割磁感线，感应电动势为零，故C正确D、在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，没有感应电流，则没有磁场力作用，故D错误故选C点评本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零，即磁通量的变化率为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大，即磁通量的变化率为最大7（3分）正离子源发射出正离子经加速电压后，进入互相垂直的电场和磁场中，电场和磁场方向如图所示，发现离子向上偏转，要使离子沿直线通过混合场，需要（）A增大电场强度E，减小磁感应强度BB增大电场强度E，减小加速电压UC适当增大加速电压UD适当减小电场强度E考点带电粒子在混合场中的运动专题带电粒子在复合场中的运动专题分析加速电场中，根据EUMV2可得V；粒子在复合场中做匀速直线运动的条件是EQQVB根据左手定则可知正离子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，故正离子向上极板偏转的原因是电场力大于洛伦兹力，为了粒子在复合场中做匀速直线运动，要么增大洛伦兹力，要么减小电场力解答解要使粒子在复合场中做匀速直线运动，必须满足条件EQQVB根据左手定则可知正离子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，因正离子向上极板偏转的原因是电场力大于洛伦兹力，所以为了使粒子在复合场中做匀速直线运动，则要么增大洛伦兹力，要么减小电场力A、增大电场强度E，即可以增大电场力，减小磁感强度B，即减小洛伦兹力，不满足要求故A错误B、减小加速电压U，则洛伦兹力减小，而增大电场强度E，则电场力增大，不满足要求，故B错误C、加速电场中，根据EUMV2可得V；适当地增大加速电压U，从而增大洛伦兹力，故C正确D、根据适当减小电场强度E，从而减小电场力，故D正确故选CD点评本题中物体的运动分成两个阶段在电场中的加速和在复合场中的匀速直线运动在解题时要注意过程分析和受力分析8（3分）如图所示是日立NP82C21型电视机电路的开始部分，最左边是电源插头，S901是电源开关，F901是保险丝，L901是两只带铁芯的电感线圈，后面复杂的电路没有画出关于电感线圈的作用，以下叙述正确的是（）A打开电源的瞬间，线圈会产生自感电动势，自感电动势的作用是使电视机更容易起动，所以我们刚一打开电视机就能听到声音和图象B线圈在电路里起的是缓冲作用，能延缓开机瞬间电流对后面元件的冲击，提高电视机的使用寿命C电视机正常工作之后，线圈就不会产生自感电动势了D线圈的自感系数越大越好考点法拉第电磁感应定律；自感现象和自感系数分析电感线圈通直流、阻交流，通低频、阻高频，并由自感现象，即可求解解答解A、打开电源的瞬间，线圈会产生自感电动势，阻碍电流的变大，能延缓开机瞬间电流对后面元件的冲击，提高电视机的使用寿命，故A错误，B正确；C、电视机正常工作之后，因使用交流电，则线圈仍会产生自感电动势，故C错误；D、线圈在电路中会产生感应电动势，当自感系数越大时，则感应电动势越大，会对电路影响，故D错误；故选B点评本题关键是明确电感线圈的作用，然后再结合具体电路进行分析，注意自感现象的应用9（3分）如图所示，ABCD为一闭合金属线框，用绝缘线挂在固定点O，当线框经过匀强磁场摆动时，可以判断（空气阻力不计）（）A线框进入磁场或离开磁场时，线框中均有感应电流产生B线框进入磁场后，越靠近OO线时，电磁感应现象越明显C此摆最终会停下来D此摆的机械能不守恒考点楞次定律分析楞次定律的内容为闭合回路中产生的感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化；判断感应电流的方向首先要确定原磁场的方向及磁通量的变化，然后根据楞次定律进行判断感应电流的方向解答解A、当金属环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流故A正确B、金属环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，只受重力作用故B错误C、圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，机械能守恒故C错误；D、由于从左侧摆到右侧的过程中，线框中磁通量发生变化，因而产生感应电流，由于电阻的存在，线框中将产生焦耳热，根据能量守恒知线框的机械能将不守恒，故在左侧线框的高度将高于起始时右侧的高度，所以摆角会越来越小，当完全在磁场中来回摆动时，则没有感应电流，圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，故D正确故选AD点评本题考查楞次定律的应用和能量守恒相合注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化10（3分）如图所示，L为一个带铁芯的线圈，R是纯电阻，两支路的直流电阻相等，那么在接通和断开开关瞬间，两表的读数I1和I2的大小关系分别是（）AI1I2，I1I2BI1I2，I1I2CI1I2，I1I2DI1I2，I1I2考点自感现象和自感系数分析当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据这一特点来分析电流的大小解答解当开关接通瞬间，R中电流立即增大到正常值I2而线圈中的电流从零开始增大，产生自感电动势阻碍电流的增大，则电流I1只能逐渐增大，故I1I2断开开关瞬间，线圈产生的自感电流流过线圈和电阻R，两者串联，电流相同，I1I2故选项C正确，选项ABD错误故选C点评对于线圈要抓住它的特性当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源11（3分）如图A、B、C三个同心圆环，在同一个平面内，垂直于此平面向里的磁场局限在B环内部当磁场减弱时，三个金属圆环中产生的感应电动势大小关系是（）AEAEBECBEAEBECCEAEBECDEAEBEC考点法拉第电磁感应定律分析根据法拉第电磁感应定律ENNSNR2，比较感应电动势大小关系解答解穿过C环和B环的磁通量相同，根据法拉第电磁感应定律EN，有EBEC；对A、B两个环，根据法拉第电磁感应定律，有ENNS，由于B环的面积大于A环，导致穿过B环的磁通量大于穿过A环的磁通量，故EAEB；故选C点评本题关键根据法拉第电磁感应定律列式求解，注意公式EN中表示磁通量，可以从磁感线的条数形象表示，提出穿过B、C环的磁通量相同，大于穿过A环的磁通量12（3分）一理想变压器给负载供电，变压器输入电压不变，如图所示如果负载电阻的滑片向上移动则图中所有交流电表的读数及输入功率变化情况正确的是（均为理想电表）（）AV1、V2不变，A1增大，A2减少，P增大BV1、V2不变，A1、A2增大，P增大CV1、V2不变，A1、A2减少，P减少DV1不变、V2增大，A1、A2减少，P减少考点变压器的构造和原理专题交流电专题分析变压器上的决定关系为输入电压（U1）定输出电压（U2）、输出电流（I2）决定输入电流（I1），输出功率决定输入功率据此结合欧姆定律分析解答解答解输入电压（U1）和匝数比决定输出电压（U2），匝数及V1不变则V2不变，故当滑动触头向上滑动的过程中，两并联支路的总电阻一直增大，根据欧姆定律则电流表A2示数一直减小，根据电流与匝数成反比，得I1变小，V2不变，I2变小，根据PUI，则P变小；故C正确；故选C点评本题关键是明确变压器原线圈与副线圈上各量的决定关系，其次知道并联支路上两支路电阻和一定时两支路电阻相等时并联后的电阻最大二填空题（每小题6分，共24分）13（6分）如图所示，电阻RAB01的导体AB沿光滑导线框向右做匀速运动线框中接有电阻R04，线框放在磁感应强度B01T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，导体的AB长度L04M，运动速度V10M/S线框的电阻不计（1）电路ABCD中相当于电源的部分是AB，相当于电源的正极是A端（2）使导体AB向右匀速运动所需的外力F0032N，方向向右（3）电阻R上消耗的功率P0256W（4）外力的功率P032W考点导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；电磁感应中的能量转化专题电磁感应与电路结合分析（1）根据右手定则判断感应电流的方向，即可确定等效电源的正负极（2）根据EBLV求出感应电动势，由欧姆定律得出电流强度，即可由公式FBIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向再根据平衡条件分析外力的大小和方向（3）根据公式PI2R求解电阻R上消耗的功率（4）导体棒AB匀速运动，外力的功率等于整个回路的电功率解答解（1）电路ABCD中AB棒切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源由右手定则判断可知相当于电源的正极是A端（2）感应电动势为EBLV010410V04V感应电流为IA08A因为导体杆匀速运动，AB杆所受的安培力与外力平衡，则根据平衡条件得FFABIL010804N0032N由右手定则判断可知，AB中感应电流方向从BA，由左手定则得知，安培力的方向向左则外力方向向右（3）电阻R上消耗的功率PI2R08204W0256W（4）导体棒AB匀速运动，外力的功率等于整个回路的电功率，为PFI2（RRAB）082（0401）W032W故答案为（1）AB，A；（2）0032，向右；（3）0256；（4）032W点评解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律14（6分）如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁感应强度均匀增加时，有一带电粒子静止于水平放置的平行板电容器中间，则此粒子带负电，若增大磁感应强度的变化率，则带电粒子将向上运动（填“向上运动”“向下运动”或静止”）考点法拉第电磁感应定律；电容专题电磁感应与电路结合分析带电粒子受重力和电场力平衡，由楞次定律可判断极板带电性质，由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势变化，从而知道电场力的变化解答解当磁场均匀增加时，由楞次定律可判断上极板带正电所以平行板电容器的板间的电场方向向下，带电粒子受重力和电场力平衡，所以粒子带负电若增大磁感应强度的变化率，感应电动势增大，粒子受的电场力增大，则带电粒子将向上运动故答案为负，向上运动点评本题关键是电容器两端电压的表达，它是联系电磁感应定律和粒子受力情况的桥梁15（6分）当屏幕上出现如图所示的波形时，应调节6旋钮（填写数字或旋钮名称）以使正弦波的整个波形出现在屏幕上考点传感器的应用专题实验题分析解答本题应掌握示波器的使用方法；因所显的图形不是完整的正弦波形，则要根据所失部分选择相应的调节旋钮解答解由图示可知，图中为竖直向缺失，应调节竖直调节旋钮即6号旋钮故答案为6点评本题考查示波吕的使用，对于测量工具要重点掌握其调节方法，适当明确其内部原理16（6分）如图所示，是用来做电磁感应实验装置的示意图，当闭合开关S时，发现电流表的指针向左偏转一下后，又回到中央位置现继续进行实验把原线圈插入副线圈的过程中，电流表的指针将向左偏；把原线圈插入副线圈后电流表的指针将在中央位置；原、副线圈保持不动，把变阻器滑动片P向右移动过程中，电流表的指针将向左偏考点研究电磁感应现象专题实验题分析根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化的关系，然后根据磁通量的变化判断指针的偏转方向解答解当闭合开关S时，穿过线圈的磁通量增加，电流表的指针向左偏转，说明穿过线圈的磁通量增加时，指针向左偏转；（1）把原线圈插入副线圈的过程中，穿过线圈的磁通量增加，电流表的指针将向左偏；（2）把原线圈插入副线圈后，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表的指针将在中央位置（3）原、副线圈保持不动，把变阻器滑动片P向右移动过程中，通过原线圈的电流增大，磁场变大，穿过副线圈的磁通量增加，电流表的指针将向左偏故答案为（1）向左偏；（2）在中央位置；（3）向左偏点评本题考查了判断指针偏转方向问题，知道磁通量变化情况与指针偏转方向间的关系，根据题意判断磁通量如何变化即可正确解题三计算题（本题共4个题，计40分，解答时写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）P17（8分）如图所示，两根平行放置的导电轨道，间距为L，倾角为，轨道间接有电动势为E（内阻不计）的电源，整个导轨处在一个竖直向上的匀强磁场中，电阻为R的金属杆AB与轨道垂直放于导电轨道上静止，轨道的摩擦和电阻不计，要使AB杆静止，磁感应强度应多大（设金属杆的质量为M）考点安培力；磁感应强度分析导体杆静止在导轨上，受到重力、支持力和安培力三个力作用，安培力大小为FBIL，根据平衡条件和闭合电路欧姆定律结合求解电源的电动势解答解导体杆静止在导轨上，受到重力、支持力和安培力三个力作用，如图侧视图所示由平衡条件得F安MGTAN又F安BIL根据闭合电路欧姆定律I联立得B答要使AB杆静止，磁感应强度应为点评本题是通电导体在磁场中平衡问题，分析受力情况，特别是安培力的情况是关键18（10分）如图所示，为交流发电机示意图，匝数为N100匝矩形线圈，边长分别10CM和20CM，内电阻R5，在磁感应强度B05T的匀强磁场中绕OO以轴RAD/S角速度匀速转动，线圈和外电阻为R20相连接，求（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数考点交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式专题交流电专题分析（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为EMNBS，开关S断开时，电压表测量电源的电动势的有效值；（2）开关闭合时，电流表测量电流的有效值根据有效值与最大值的关系求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压；解答解（1）感应电动势最大值EMNBS10005010250V50V感应电动势有效值E50V故电压表的数值为50V；（2）电键S合上后，由闭合电路欧姆定律IA20A，UIR220V40V答（1）S断开时，电压表的示数为50V；（2）电压表的示数为40V；电流表的示数为20A点评本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力，对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值19（10分）某发电站，通过升压变压器、输电线和降压变压器，把电能输送给生产和照明组成的用户，发电机输出功率为100KW，输出电压是400V，升压变压器原、副线圈的匝数之比为125，输电线上功率损失为4，用户所需电压为220V，求（1）输电线的电阻和降压变压器的匝数比为多少（2）若有60KW分配给生产，其余电能用来照明，那么可供40W的电灯多少盏考点远距离输电专题交流电专题分析（1）知道输电线上消耗的总功率的大小，根据P耗I2R线可得求得输电线的