湖南省岳阳市2017届高考物理一模试卷(解析版)

1、2017年湖南省岳阳市高考物理一模试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题只有一个选项正确，选对得4分，选错、多选或不选得0分，9-12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1类比法是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于理解和掌握新概念、新知识下列类比说法错误的是（）A点电荷可以与质点类比，都是理想化模型B电场力做功可以与重力做功类比，两种力做功都与路径无关C电场线可以与磁感线类比，都是用假想的曲线形象化地描绘“场”D机械能守恒定律可以与动量守恒定律类比，都是描述系统在合外力为零时遵循的运动规律2如图是质点做直线运动

2、的vt图象，则下图中符合该质点的运动情况的xt图象可能是（）ABCD3下列情况中系统动量守恒的是（）小车停在光滑水平面上，人在车上走动时，对人与车组成的系统子弹水平射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统A只有B和C和D和4地球公转轨道的半径在天文学上常用来作为长度单位，叫做天文单位，用来量度太阳系内天体与太阳的距离已知木星公转的轨道半径约5.0天文单位，请估算木星公转的周期约为多少地球年（）A3年B5年C11年D25年5一个电子只在电场力作用下从

3、a点运动到b点，轨迹如图中虚线所示，图中的一组等距平行实线表示的可能是电场线也可能是等差等势面，则以下说法正确的是（）A如果图中的实线是电场线，a点的场强比b点的场强小B如果图中的实线是等势线，a点的电势比b点的电势低C如果图中的实线是等势线，电子在a点的速率一定等于在b点的速率D如果图中的实线是电场线，电子在a点的电势能比在b点的电势能大6某电池对纯电阻供电的输出功率P随电流I变化的图象如图所示则下列说法正确的是（）A该电源的电动势E=2VB该电源的内阻r=1UC若I=2A时，则外电阻R=1UD同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻R1、R2，且r=R1R27在

4、平直的公路上，一辆汽车在牵引力作用下从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到某一值时汽车做匀速直线运动若汽车所受阻力与速度成正比，则汽车功率P随时间t变化的关系可能是（）ABCD8如图质量为M的斜面静止在水平面上，MNPQ是斜面的四个顶点，两质量均为m的光滑小球A、B先后分别从斜面的顶端M出发，A初速度为0；B初速度水平，而且刚好经过Q点，下列说法中正确的是（）AA球到P点的速度大小与B球到Q点的速度大小相等BA球从M点到P点与B球从M点到Q点所用的时间相等C两球在运动过程中地面对斜面的摩擦力方向不相同DA球在运动过程中地面对斜面的支持力小于B球运动过程中地面对斜面的支持力9下列说法中正确的是（

5、）A电容器所带的电荷量是指一个极板所带电荷量的绝对值B电场强度定义式中，E=中，E与F成正比，与q成反比C物体的速度发生变化时，该物体的运动状态不一定发生变化D带电粒子所受的洛伦兹力一定垂直于粒子的运动方向，故洛伦兹力始终对带电粒子不做功10A、B、C三物块质量分别为M、m和m0，作如图所示的连结绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计桌面与A、A与B之间不光滑，若B随A一起沿水平桌面作匀加速运动，加速度为a，则可以断定（）A物块A对物块B的摩擦力方向水平向右B物块B不受摩擦力C桌面对物块A的摩擦力大小为m0（ga）（M+m）aD桌面对物块A的摩擦力大小为m0（ga）（Mm）a11

6、如图所示，空间同时存在竖直向上的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度为B，电场强度为E一质量为m，电量为q的带正电小球恰好处于静止状态，现在将磁场方向顺时针旋转30°，同时给小球一个垂直磁场方向斜向下的速度v，则关于小球的运动，下列说法正确的是（）A小球做匀速圆周运动B小球运动过程中机械能守恒C小球运动到最低点时电势能增加了D小球第一次运动到最低点历时12一半径为R 圆筒处于匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示图中直径MN的两端分别开有小孔，筒绕其中心轴以角速度ù顺时针转动在该截面内，一质量为m，带电量为q带电粒子从小孔M射入筒内，射入时的运动方向与MN成30&#

7、176;角当筒转过90°时，该粒子恰好从小孔N飞出圆筒不计粒子重力，若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞，则关于带电粒子的运动半径r与磁场的磁感应强度B正确的是：（）Ar=3RBr=（+1）RCB=DB=二、实验题（共16分，请将答案填在答卷的相应横线上，否则不得分）13图甲中游标卡尺的读数为cm；图乙中螺旋测微器的读数为mm14在“测量电源电动势”的实验中，实验室提供的器材如下：待测电源E（放电电流不能太大），电压表（量程大于待测电源的电动势），标有长度的均匀电阻丝ab电阻约15，开关S，一端连有鳄鱼夹P的导线1，其它导线若干（1）实验中，用导线1、2、3、4、5和6按图甲所示方式连接电路

8、，电路中所有元器件都完好，闭合开关之前，鳄鱼夹P应置于（填“a”或“b”）端（2）闭合开关后，反复改变鳄鱼夹P的位置，电压表都有较大的示数但不变，则断路的导线为（填数字代号）（3）排除故障后，闭合开关，改变鳄鱼夹P的位置，读出多组电压表读数U，和对应aP间的电阻丝长度L，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势E=V，（计算结果保留三位有效数字）应用该实验中的数据（填“能”或“不能”）测出该电源的内阻r三、计算题（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤请将解题过程填在答卷上相应位置，否则不得分）15为使飞机在开始滑行时就有一定的初速度，航空母舰装有弹射装置，然后在飞

9、机发动机产生动力作用下做匀加速直线运动最后起飞某型号的飞机经弹射系统作用后，具有144km/h的初速度，但起飞的速度须达到180km/h该飞机提供的牵引力为1.32×15N，起飞质量为2.7×104kg，若飞机在跑道上匀加速100m（1）求该飞机在起飞过程中的加速度大小；（2）求该飞机在起飞过程中的平均阻力大小16如图所示，一质量为M=5kg、长为L=2m的长方形木板B放在光滑的水平地面上，在其右端放一质量为m=1kg的小木块A给A和B以大小相等、方向相反的初速度V0=3m/s，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A刚好没有滑离B板（以地面为参照系）（1）求它们最后的速度

10、大小和方向；（2）求A、B因摩擦而产生的内能；（3）求小木块A向左运动到达的最远处（从地面上看）离出发点的距离17如图所示，在xOy平面的第一象限内，分布有沿x轴负方向的场强E=4×104N/C的匀强电场，第四象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度B1=0.2T的匀强磁场，第二、三象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度B2的匀强磁场在x轴上有一个垂直于y轴的平板OM，平板上开有一个小孔Py轴负方向上距O点cm的粒子源S可以向第四象限平面内各个方向发射粒子，且OSOP假设发射的粒子速度大小v均为2×105m/s，除了垂直轴x通过P点的á粒子可以进入电场，其余打到平板上的

11、á粒子均被吸收已知粒子带正电，比荷为=5×l07C/kg，重力不计，求：（1）á粒子在第四象限的磁场中运动时的轨道半径；（2）除了通过P点的粒子外，为使其余粒子都不能进入电场，平板OM的长度至少是多长？（3）经过P点进入电场中运动的粒子，第一次到达y轴的位置与O点的距离；（4）要使离开电场的粒子能回到粒子源S处，磁感应强度B2应为多大？2017年湖南省岳阳市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题只有一个选项正确，选对得4分，选错、多选或不选得0分，9-12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全

12、的得2分，有选错或不选的得0分）1类比法是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于理解和掌握新概念、新知识下列类比说法错误的是（）A点电荷可以与质点类比，都是理想化模型B电场力做功可以与重力做功类比，两种力做功都与路径无关C电场线可以与磁感线类比，都是用假想的曲线形象化地描绘“场”D机械能守恒定律可以与动量守恒定律类比，都是描述系统在合外力为零时遵循的运动规律【考点】机械能守恒定律；质点的认识【分析】本题考查了对类比法的理解，对于相似概念或者相似规律可以通过类比方法比较学习，加深对概念规律的理解【解答】解：A、点电荷和质点都是理想化模型，故A正确；B、电场力做功与路径无关，只和初末位置有关，

13、和重力做功类似，故B正确；C、电场线和磁场线都不是真实存在的，都是假象的线，都是为了形象的描述各自的概念，故C正确；D、动量守恒是在外力为零时遵循的运动规律，而机械能守恒是指在只有动能和重力势能（或弹性势能）相互转化时遵守的规律，并非是在外力为零时遵循规律，故D错误本题选错误的故选D2如图是质点做直线运动的vt图象，则下图中符合该质点的运动情况的xt图象可能是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】根据vt图象判断出物体的运动，结合位移时间关系表示出各阶段的xt的表达式，即可判断【解答】解：根据vt图象可知，加速和减速阶段的加速度大小相等，则在加速阶段

14、，物体通过的位移，在减速阶段，物体做匀减速运动，则，故xt图象B正确；故选：B3下列情况中系统动量守恒的是（）小车停在光滑水平面上，人在车上走动时，对人与车组成的系统子弹水平射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统A只有B和C和D和【考点】动量守恒定律【分析】判断动量是否守恒的方法有两种：第一种，从动量守恒的条件判定，动量守恒定律成立的条件是系统受到的合外力为零，故分析系统受到的外力是关键第二种，从动量的定义，分析总动量是否变化来判定【解答】解：小

15、车停在光滑水平面上，车上的人在车上走动时，对人与车组成的系统，受到的合外力为零，系统动量守恒故正确；子弹射入放在光滑水平面上的木块中，对子弹与木块组成的系统，系统所受外力之和为零，系统动量守恒故正确；子弹射入紧靠墙角的木块中，对子弹与木块组成的系统受墙角的作用力，系统所受外力之和不为零，系统动量不守恒故错误；气球下用轻绳吊一重物一起加速上升时，绳子突然断开后的一小段时间内，对气球与重物组成的系统，所受的合外力不为零，系统动量不守恒，故错误；综上可知，B正确，ACD错误故选：B4地球公转轨道的半径在天文学上常用来作为长度单位，叫做天文单位，用来量度太阳系内天体与太阳的距离已知木星公转的轨道半径约

16、5.0天文单位，请估算木星公转的周期约为多少地球年（）A3年B5年C11年D25年【考点】万有引力定律及其应用；开普勒定律【分析】根据开普勒第三定律，木星与地球的轨道半径的三次方与公转周期的平分的比值相等，据此列式分析即可【解答】解：根据开普勒第三定律，有：，故，故ABD错误，C正确；故选：C5一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点，轨迹如图中虚线所示，图中的一组等距平行实线表示的可能是电场线也可能是等差等势面，则以下说法正确的是（）A如果图中的实线是电场线，a点的场强比b点的场强小B如果图中的实线是等势线，a点的电势比b点的电势低C如果图中的实线是等势线，电子在a点的速率一定等于在b点的速

17、率D如果图中的实线是电场线，电子在a点的电势能比在b点的电势能大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低匀强电场中场强处处大小相等根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小【解答】解：A、不论图中实线是电场线还是等势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相等若实线是等势线，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高故A、B错误C、如果图中实线是等势线，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，则电子

18、在b点动能较小，即电子在a点的速率一定大于在b点的速率故C错误D、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，电子电势能减小，电子在a点的电势能比在b点的电势能大故D正确故选：D6某电池对纯电阻供电的输出功率P随电流I变化的图象如图所示则下列说法正确的是（）A该电源的电动势E=2VB该电源的内阻r=1UC若I=2A时，则外电阻R=1UD同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻R1、R2，且r=R1R2【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【分析】电源的输出功率P=EII2r，当I=时，电源输出功率最大，为；结合图象得到电源的电动势和内电阻【

19、解答】解：AB、对于电源，输出功率P=EII2r=r（I）2+，当I=时，输出功率最大，为P=，结合图象，有：， =2，联立解得：E=2V，r=0.5；故A正确，B错误；C、若I=2A，根据闭合电路欧姆定律，有：I=，2=，解得：R=0.5，故C错误；D、结合图象，同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻R1、R2，有：解得：r2=R1R2，故D错误；故选：A7在平直的公路上，一辆汽车在牵引力作用下从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到某一值时汽车做匀速直线运动若汽车所受阻力与速度成正比，则汽车功率P随时间t变化的关系可能是（）ABCD【考点】功率、平均功率和瞬时功

20、率【分析】根据牛顿第二定律求得匀加速运动过程中的牵引力，根据P=Fv求得功率，达到额定功率后，由于惯性，速度不变，由P=Fv知，牵引力F突然减小，使牵引力等于阻力，使功率发生突变【解答】解：汽车在匀加速阶段，根据牛顿第二定律Ff=ma，物体的速度v=at，受到的阻力f=kv，解得F=（ka+ma）t，在加速阶段的功率P=Fv=（ka+ma）at2，达到额定功率后，此时P突然减小，由于惯性，速度不变，由P=Fv知，牵引力F突然减小，使牵引力等于阻力，汽车又开始做速度减小了的匀速运动，故A正确故选：A8如图质量为M的斜面静止在水平面上，MNPQ是斜面的四个顶点，两质量均为m的光滑小球A、B先后分别

21、从斜面的顶端M出发，A初速度为0；B初速度水平，而且刚好经过Q点，下列说法中正确的是（）AA球到P点的速度大小与B球到Q点的速度大小相等BA球从M点到P点与B球从M点到Q点所用的时间相等C两球在运动过程中地面对斜面的摩擦力方向不相同DA球在运动过程中地面对斜面的支持力小于B球运动过程中地面对斜面的支持力【考点】平抛运动【分析】分别对A和B进行受力分析，然后结合各自不同的受力特点分析其运动即可【解答】解：A、B、小球A受到重力和斜面的支持力，沿斜面做匀加速直线运动，其加速度由重力沿斜面向下的分力提供，即：，其中为斜面的倾角；设沿斜面方向的长度为L，则：所以：A到达P点的速度：小球B受到重力和斜面

22、的支持力，平行于斜面的方向做匀速直线运动，沿斜面的方向做匀加速直线运动，则：又：所以：B到达Q点时，沿斜面方向的分速度：所以A球到P点的速度大小小于B球到Q点的速度大小故A错误、B正确；C、D、两个小球在运动的过程中都是只受到重力和斜面的支持力，二者都是相等的，所以两种情况下斜面体都是受到重力Mg、地面的支持力、小球的压力、地面的摩擦力，由于重力Mg、小球的压力都是相同的，所以两球在运动过程中地面对斜面的摩擦力相同，地面对斜面的支持力也相等故C错误，D错误故选：B9下列说法中正确的是（）A电容器所带的电荷量是指一个极板所带电荷量的绝对值B电场强度定义式中，E=中，E与F成正比，与q成反比C物体

23、的速度发生变化时，该物体的运动状态不一定发生变化D带电粒子所受的洛伦兹力一定垂直于粒子的运动方向，故洛伦兹力始终对带电粒子不做功【考点】电容；电场强度【分析】电容器所带电量是指一个极板上的带电量的绝对值；电场强度的定义式E=，采用比值法定义，具有比值定义法的共性，E与试探电荷无关；物体的运动状态指的是物体的速度；由左手定则可知，洛伦兹力总是与速度垂直，则只改变速度的方向，不改变速度大小，洛伦兹力不做功，【解答】解：A、电容器所带的电荷量是指一个极板所带电荷量的绝对值，故A正确；B、电场强度定义式中，中，E是由电场本身决定的，与F、q无关，故B错误；C、运动状态发生变化是指速度发生变化，所以物体

24、的速度发生变化，这个物体的运动状态一定变化，故C错误；D、根据左手定则，洛伦兹力的方向与磁场方向、粒子的运动方向垂直，洛伦兹力方向与速度方向垂直，则洛伦兹力不做功，故D正确；故选：AD10A、B、C三物块质量分别为M、m和m0，作如图所示的连结绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计桌面与A、A与B之间不光滑，若B随A一起沿水平桌面作匀加速运动，加速度为a，则可以断定（）A物块A对物块B的摩擦力方向水平向右B物块B不受摩擦力C桌面对物块A的摩擦力大小为m0（ga）（M+m）aD桌面对物块A的摩擦力大小为m0（ga）（Mm）a【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算【分析】（1）根据

25、物块B的运动状态判断其受力情况即可；（2）分别对物块C和物块A、B组成的整体分析，根据牛顿第二定律列方程联立即可求解【解答】解：AB、因为物块B向右做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知，物块A对物块B的摩擦力：f=ma，方向水平向右，故A正确，B错误；CD、因整体做匀加速直线运动，对物块C，由牛顿第二定律可得：m0gT=m0a对于AB整体，由牛顿第二定律可得：Tf=（M+m）a联立可解得：f=m0（ga）（M+m）a故C正确，D错误故选：AC11如图所示，空间同时存在竖直向上的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度为B，电场强度为E一质量为m，电量为q的带正电小球恰好处于静止状态，现在将磁场方向顺时

26、针旋转30°，同时给小球一个垂直磁场方向斜向下的速度v，则关于小球的运动，下列说法正确的是（）A小球做匀速圆周运动B小球运动过程中机械能守恒C小球运动到最低点时电势能增加了D小球第一次运动到最低点历时【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】本题给了两个物理过程：一是在三种场的作用下处于静止状态，由于磁场对静止的电荷不产生力的作用，所以电荷受到一电场力和重力平衡抵消；二是磁场稍微倾斜后给一速度，那么小球只受洛仑兹力在垂直于磁场的平面内做匀速圆周运动，要注意的是圆周平面与B垂直当然也与纸面垂直初始位置与最低点的高度差为Rsin30°，从而能都求出电

27、势能的增加量和到最低点的时间【解答】解：A、小球在复合电磁场中处于静止状态，只受两个力作用，即重力和电场力且两者平衡当把磁场顺时针方向倾斜30°，且给小球队一个垂直磁场方向的速度v，则小球受到的合力就是洛仑兹力，且与速度方向垂直，所以带电粒子将做匀速圆周运动，选项A正确B、由于带电粒子在垂直于纸面的倾斜平面内做匀速圆周运动运动过程中受到电场力要做功，所以机械能不守恒，选项B错误C、电场力从开始到最低点克服电场力做功为W=EqRsin30°=mg××=，所以电电势能的增加量为，选项C错误D、小球从第一次运动到低点的时间为，所以选项D错误故选：A12一半径为

28、R 圆筒处于匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示图中直径MN的两端分别开有小孔，筒绕其中心轴以角速度ù顺时针转动在该截面内，一质量为m，带电量为q带电粒子从小孔M射入筒内，射入时的运动方向与MN成30°角当筒转过90°时，该粒子恰好从小孔N飞出圆筒不计粒子重力，若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞，则关于带电粒子的运动半径r与磁场的磁感应强度B正确的是：（）Ar=3RBr=（+1）RCB=DB=【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】本题显然有一个等时关系：带电粒子做匀速圆周运动的时间与圆筒转过的时间相等，圆筒转过90°时，恰从N点射出，画出粒

29、子做匀速圆周运动的轨迹，很容易看出带电粒子转过30°由几何关系就能求出粒子做匀速圆周运动的半径，但要应有到半角公式，由等时关系从求磁感应强度的大小【解答】解：AB、作出粒子的运动轨迹如图所示，其中O为粒子运动轨迹的圆心，由几何关系可知MON=30°则 所以 选项AB错误CD、由粒子在磁场中做匀速圆周运动的规律可知，而由于粒子转过30°所用时间与圆筒转过90°所用时间相同所以，将T代入得：，所以选项C错误，选项D正确故选：D二、实验题（共16分，请将答案填在答卷的相应横线上，否则不得分）13图甲中游标卡尺的读数为1.150cm；图乙中螺旋测微器的读数为5.

30、700mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm=1.150cm螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：5.5mm+0.200mm=5.700mm，故答案为：1.15

31、0，5.70014在“测量电源电动势”的实验中，实验室提供的器材如下：待测电源E（放电电流不能太大），电压表（量程大于待测电源的电动势），标有长度的均匀电阻丝ab电阻约15，开关S，一端连有鳄鱼夹P的导线1，其它导线若干（1）实验中，用导线1、2、3、4、5和6按图甲所示方式连接电路，电路中所有元器件都完好，闭合开关之前，鳄鱼夹P应置于b（填“a”或“b”）端（2）闭合开关后，反复改变鳄鱼夹P的位置，电压表都有较大的示数但不变，则断路的导线为1（填数字代号）（3）排除故障后，闭合开关，改变鳄鱼夹P的位置，读出多组电压表读数U，和对应aP间的电阻丝长度L，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则

32、电源电动势E=2.94V，（计算结果保留三位有效数字）应用该实验中的数据不能（填“能”或“不能”）测出该电源的内阻r【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】（1）分析实验电路，明确实验原理，根据实验安全性考虑可以得出P的位置；（2）明确电压表有示数说明电压表和电源相连接，但不能改变则说明滑动变阻器接线错误；（3）根据闭合电路欧姆定律可得出对应的表达式，由图象可求得电动势E；【解答】解：（1）由电路图可知，电压表测量ab左侧部分电阻两端的电压；若开始时P滑到a端，则ab被短路，则电源被短路，故为了保证安全，P应置于b端；（2）电压表有示数说明与电源是相通的，即26是完好的；而示数几乎不变，说明P无

33、法与所测左半部分相连；故说明1导线没有正确接好；（3）设单位长度的电阻为R0；由闭合电路欧姆定律可得：U=×R0L变形可得： =+×则可知=0.34解得：E=2.94V；图象的斜率可求，但由于单位长度的电阻值不知，故无法求出内阻r；故答案为：（1）b；（2）1；（3）2.94；不能三、计算题（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤请将解题过程填在答卷上相应位置，否则不得分）15为使飞机在开始滑行时就有一定的初速度，航空母舰装有弹射装置，然后在飞机发动机产生动力作用下做匀加速直线运动最后起飞某型号的飞机经弹射系统作用后，具有144km/h的初速度，但起飞的速

34、度须达到180km/h该飞机提供的牵引力为1.32×15N，起飞质量为2.7×104kg，若飞机在跑道上匀加速100m（1）求该飞机在起飞过程中的加速度大小；（2）求该飞机在起飞过程中的平均阻力大小【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】（1）根据速度位移公式求出该飞机在起飞过程中的加速度大小；（2）根据牛顿第二定律求出该飞机在起飞过程中的平均阻力大小【解答】解：（1）飞机经弹射系统作用后的初速度v0=144km/h=40m/s，起飞的速度v=180km/h=50m/s，由v2=2ax得，该飞机在起飞过程中的加速度大小：a=m/s2=4.5m/s2（2）由牛顿第二定律

35、得，Ff=ma，则有：f=Fma=1.32×105N2.7×104×4.5N=1.95×104N答：（1）求该飞机在起飞过程中的加速度大小为4.5m/s2；（2）求该飞机在起飞过程中的平均阻力大小为1.95×104N16如图所示，一质量为M=5kg、长为L=2m的长方形木板B放在光滑的水平地面上，在其右端放一质量为m=1kg的小木块A给A和B以大小相等、方向相反的初速度V0=3m/s，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A刚好没有滑离B板（以地面为参照系）（1）求它们最后的速度大小和方向；（2）求A、B因摩擦而产生的内能；（3）求小木块A向左

36、运动到达的最远处（从地面上看）离出发点的距离【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】（1）系统置于光滑水平面，其所受合外力为零，系统总动量守恒，A最后刚好没有滑离B板，两者的速度相同，根据动量守恒定律即可求解；（2）恰好没有滑离，根据能量守恒求出相对滑动产生的热量；（3）向左运动到达最远处时速度为0，由动能定理列式，联立方程即可求解【解答】解：（1）A刚好没有滑离B板时，VA=VB=V，A在B的最左端，设向右为正方向，则有：MV0mV0=（M+m）V代入数据解得：v=2m/s，方向向右（2）根据能量守恒可知，产生的内能为：Q=，（3）当A向左减速为零时，设A离出发点向左最远为S，对A由动能定理有：，而Q=mgL，代入数据解得：s=0.6m答：（1）它们最后的速度大小为2m/s，方向向右；（2）A、B因摩擦而产生的内能为15J；（3）小木块A向左运动到达的最远处（从地面上看）离出发点的距离为0.6m17如图所示，在xOy平面的第一象限内，分布有沿x轴负方向的场强E=4×104N/