2020届高考物理模拟特效卷第五卷

1、2020届高考物理模拟特效卷第五卷1、氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中（）-0-0.54-0.85-1.5113.6A.原子要吸收光子，电子的动能增大原子的电势能增大，原子的能量增大B.原子要放出光子，电子的动能减小原子的电势能减小，原子的能量也减小C.原子要吸收光子，电子的动能增大原子的电势能减小，原子的能量增大D.原子要吸收光子电子的动能减小，原子的电势能增大，原子的能量增大2、如图所示，建筑工人常常徒手抛砖块，地面上的工人以续两次抛砖，每次抛一块，楼上的工人在距抛砖点正上方10m/s的速度竖直向上间隔1s连3.75 m处接砖，g取10m/s2，空气阻力可以忽略，

2、则楼上的工人两次接砖的最长时间间隔为（）A.4 sB.3 sC.2 sD.1 s3、某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）版权所有？正确教育 侵权必纠!A. c点场强大于b点场强B. b和c处在同一等势面上C.若将一试探电荷+q由a点移动到d点,电荷的电势能将增大D.若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电4、如图所示，质量为 m的小球以%正对倾角为。的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则小球落到斜面上时重力的瞬时功率为（重力加速度为g)()tanB. 2mgv0 tanmgVo C.tanD. mgv0 tan5、如图所示，光滑轨道

3、 ABCD最低点B处的入、出口靠近但相互错开，C是半彳至为R的圆形轨道的最高点，BD部分水平，末端D点与足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v逆时针转动。现将一质量为 m的小滑块从轨道 AB上竖直高度为3R的位置A由静止释放，滑块能通过 C点后再经D点滑上传送带，已知滑块滑上传送 带后，又从D点滑入光滑轨道且能到达原位置 A,则在该过程中（）A.在C点滑块对轨道的压力为零B.传送带的速度可能为 J5gRC.摩擦力对物块的冲量为零D.传送带速度v越大，滑块与传送带因摩擦产生的热量越多 6、光滑水平地面上， A、B两物体质量都为 m, A以速度v向右运动，B原来静止，左端连接一轻弹簧，如图

4、所示，当 A撞上弹簧，弹簧被压缩最短时（A.A的动量变为零C.B的动量达到最大值B.A、B的速度相等12D.此时弹性势能为mv 47、2019年1月3日上午10点26分,嫦娥四号”月球探测器成功在月球背面软着陆，这是全人类首次成功登陆月球背面。如图所示，假设 嫦娥四号”在半彳5为r的圆形轨道I上绕月 球运行，周期为T。月球的半径为R,引力常量为G。某时刻 嫦娥四号”在A点变轨进入椭圆轨道H,在月球表面的 B点贴近月球表面飞行。A O、B三点在一条直线上。则（A和B两点的线速度之比为C.探测器在从A点到B点的运动时间为D.月球的平均密度为3兀GT2A.探测器在轨道n上A和B两点的线速度之比为B.

5、探测器在轨道n上a）中虚线MNr的圆环固定在纸面B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到t ti的时间间隔内（）A.圆环所受安培力的方向始终不变8、空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（所示，一硬质细导线的电阻率为P、横截面积为S,将该导线做成半径为内，圆心O在MN上。t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度B.圆环中的感应电流始终沿顺时针方向C.圆环中的感应电流大小为B°rS 4t0D.圆环中的感应电动势大小为Bo<24t09、某同学利用身边现有器材做“验证力的平行四边形定则”实验，没有找到橡皮筋，只找到一个重物和一个弹簧测力计，细

6、绳若干。(1)用弹簧测力计(已校零)提起重物，重物静止时，读数如图甲所示，则该重物的重力为N；(2)把重物按图乙所示方式悬挂，若绳a保持水平状态，绳b与竖直方向的夹角。为45。，把a换成弹簧测力计时，弹簧测力计的示数为2.50 N,把绳b换成弹簧测力计时，弹簧测力计的示数为3. 60 N,在图丙所示的坐标纸上已给出两个分力的方向，每个小方格的边长代表 0.1 N,请在图中作出力的图示，并用刻度尺测得两分力的合力为 (3)下列关于该实验的一些说法，正确的是A.从实验原理看，避免了多次使用橡皮筋，使得实验的系统误差变小B.从实验过程看，将弹簧测力计换成绳子，很可能因两绳夹角的变化引起偶然误差C.保

7、持绳a水平，改变绳b,使。减小，则绳a上的拉力增大D.移动绳b,当两绳夹角为90。时也能验证平行四边形定则10、如图甲为某同学测量汽干电池的电动势和内阻的电路图，其中虚线框内是用毫安表改装成双量程电流表的改装电路。待测电濠(1)已知毫安表表头的内阻为10 满偏电流为100mA; R和R2为固定电阻，阻值分别为R 0.5 ,旦 2.0 ;由此可知，若使用a和b两个接线柱，电流表的量程为 A;若使用a和c两个接线柱，电流表的量程为 Ao(2)实验步骤如下：开关S2拨向b,将滑动变阻器 R的滑动片移到 端(填左”或右”闭合开关S 。多次调节滑动变阻器的滑动片，记下电压表的示数 U和毫安表的示数I;某

8、次测量时毫安表的示数如图乙所示，其读数为 mA。根据图丙所示图线求得电源的电动势E V,内阻r 结果保留三位有效数字）。11、我国将于2022年举办冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一，如图所示质量2 .m=60kg的运动贝从长直助滑道 AB的A处由静止开始以加速度 a 3.6m/s匀加速滑下，到达助滑道末端B时速度vB 24m/s,A与B的竖直高度差H=48m,为了改变运动员的运动方向，在助滑道与起跳台之间用一段弯曲滑道衔接，其中最低点C处附近是一段以。为圆心的圆弧，助滑道末端B与滑道最低点C的高度差h=5m,运动员在B、C间运动时阻力做功 W=-1530J,取 g 10m / s2。

9、1.求运动员在AB段下滑时受到阻力 Ff的大小;2.若运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，则C点所在圆弧的半径 R至少应为多大。12、电磁炮是利用电磁发射技术制成的一种先进动能杀伤武器。与传统大炮将火药燃气压力作用于弹丸不同，电磁炮是利用电磁系统中电磁场产生的安培力来对金属炮弹进行加速，使其达到打击目标所需的动能。如图所示是电磁炮的原理结构示意图，光滑水平导轨电阻不计，轨道宽L 0.2m ,在导轨间有方向竖直向上的匀强磁场 ，磁感应强度B 1 102T,电磁炮弹体总 质量m 2.0kg，其中弹体在轨道间的电阻 R 0.4 ,电源电动势E 4 103V ,电源内阻r 0.6 。(1)求接

10、通电源瞬间炮弹的加速度大小；(2)从接通电源瞬间到炮弹恰好稳定运动的过程中，求通过炮弹的电荷量；(3)若电源能自行调节使弹体做匀加速运动，加速电流为2.0 103A时,求弹体从静止加速至 2km/s的过程中系统消耗的能量。13、物理选彳3-3(1)下列叙述正确的是 。A.做功和热传递在改变物体内能的效果上是一样的，但是从能量转化的方面看二者是有本质区别的B.因为第一类永动机和第二类永动机都违反了能量守恒定律，所以都不能制成C.热力学第一定律是能量守恒定律在热力学中的一种具体表现形式D.热力学第二定律阐述了一切与热现象有关的宏观过程都具有方向性E.电冰箱和空调的出现，用事实说明了热量可以自发地从

11、低温物体传到高温物体(2) 一定质量的理想气体由状态 A经历B、C、D三个状态回到状态 A,该理想气体状态变化过程的p V图像如图所示。已知 A、B、C、D四点连线构成一个矩形， A、B连线平A、C两个状态时的温度均为 300K。行于p轴，图中箭头表示状态变化的方向气体在俨w Pa)20d p n1.5b!->CIIIIh - r titITIEJ3求气体在状态 C时的体积和在状态 B、D时的温度。分析说明整个过程气体是吸热还是放热。14、(1)19世纪末，电磁波的发现为信息插上了飞翔的翅膀，它使通信技术飞速发展，大大加快了现代生活的节奏。下列关于电磁振荡和电磁波的说法正确的是 。A.

12、LC回路是电磁振荡回路，不同于机械振动，其振动周期由回路本身的性质决定B.电磁波是横波，而机械波既有横波又有纵波C.机械波和电磁波在传播时都需要介质D.电磁波不能发生干涉、衍射现象E.电磁波由真空进入介质中，传播速度变小，频率不变（2）如图所示，一束截面为圆形（半径R 1m）的平行紫光垂直射向一半径也为R的玻璃半球的圆截面，经折射后在屏幕S上形成一个最大半径rm 1m的圆形亮区。屏幕S至球心O的距离为D （夜1）m,不考虑光的干涉和衍射，求玻璃半球对紫光的折射率。答案以及解析1答案及解析：答案：D解析：从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中，原子要吸收光子，能级增大，总能量增大，ke2mv

13、2 .根据殍 竺_知，电子的动能减小，则电势能增大，故D正确,ABC错误。 r r故选D。2答案及解析：答案：C解析：研究第一块转 h vot -( g)t2,即 3.75m (10t 5t2)m ,解得 t1 0.5s, t2 1.5s,分 2别对应第一块砖上升过程和下降过程，根据题意第二块砖到达抛砖点正上方3.75 m处的时间为t3 1.5s, t4 2.5s,楼上的工人两次接醇的最长时间间隔为t t4 ti 2s,选项C正确.3答案及解析：答案：A解析：A、电场线的疏密表示场强的强弱 ，由图知c点场强大于b点场强，故A正确;B、沿电 场线方向电势逐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误;C

14、、若将一试探电荷+q由a点移动到 d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C错误;D、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知 ，带电 粒子受电场力大致斜向左上方 ，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D错误;故选:A.4答案及解析：答案：A解析：小球到达斜面的位移最小，则小球的合位移与斜面垂直，则有tanVot1 .22 gt2vogtvy gtv0-，小球落到斜面上时重力的 tan解得t 二v，小球落至斜面瞬间的竖直速度为 gtan瞬时功率为P mgvy 2 mgv0 ,选项 a正确。 tan5答案及解析：答案：D2解析：对滑块从A到C,根据动能定理有mg(h 2R)m mvC0 ,根据Fnmgm-

15、jC ,解得Fn mg ,选项A错误；根据动能定理有 mgh 1mvD ,解得Vd J6gR ,由于滑块还能到达原位置A则传送带的速度v vD 历R;选项B错误；滑块在传送带上运动的过程中，动量方向变为相反，动量变化量不为0,则摩擦力对滑块的冲量不为0,选项C错误;滑块与传送带之间产生的热量Q mg x ,传送带的速度越大，在相同时间内二者相对位移(x)越大，则产生的热量越多，故选项 D正确。6答案及解析：答案：BD解析：A. A撞上弹簧后，A做减速运动，B做加速运动，当两者速度相等时，弹簧压缩至最短，此 时A的动量不为零，A. B速度相等，故 A错误，B正确。C.速度相等后，B继续做加速运动

16、，动量继续增大，故C错误。D.规定向右为正方向，根据动量守恒得，mv 2mv，解得共同速度1 ，根据能量守恒得v v2弹簧的弹性势能 心,1仃出二工, 2hh* mt*" ,故D正确。 J ?24故选：BD.7答案及解析：答案：AC解析：在轨道n上，对“嫦娥四号”根据开普勒第二定律得vA Ra项正确，b项错误；椭Vb r圆轨道的半长轴a R，设“嫦娥四号”在椭圆轨道上的运行周期为Ti ,由开普勒第三:，解得t2 34nr“嫦娥四号”从A运动到B的时间为t2GT2项正确；设月球质量为 M, “嫦娥四号”质量为m,根据GM£ m(2i)2r可得M r2 T3月球的体积为V 4#

17、3,根据 M可得 上金，D项错误，3VGT R8答案及解析：答案：BC解析：AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在to时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向FA的方向在t0时刻发生变化，则 A错误，B正A确；CD、由闭合电路欧姆定律得：I -,又根据法拉第电磁感应定律得:R又根据电阻定律得：R21 ,联立得:SI BrS ,则C正确，D错误。4t0故本题选BC。解析：（1）弹簧测力计的读数要估读到分度值的下一位，分度值为0.1N,则该重物重力为2.60 N. （2）作出力的图示如图所示，可得合力为2.59。（3）从实验原理看，没有多次使用橡皮筋，避免了劲度系

18、数改变白影响，减小了系统误差，A正确；从实验过程看，弹簧测力计换成绳子，很可能因两绳夹角的变化引起偶然误差.B正确；绳a水平，改变绳b,使0减小.有tan反，则绳a的拉力减小，C错误；当两绳夹角为 90。时,a绳的拉力为0,不能验G证力的平行四边形定则。10答案及解析:答案：（1）0.5;2.5(2)右;58.0 1.48;0.450解析：(1)使用a、b两接线柱时，R和R串联后与表头并联，则量程I gRg3100 10八. .I' Ig100 10 3A10A 0.5A;使用a、c两接线柱时，表头与R串联R R22.5l/C 3,_.一、后与 R 并联，则量程 I' Ig -

19、g 100 10 3A -00-0(-一0)A 2.5A。g R0.5(2)为了保护电路，应使滑动变阻器连入电路的阻值最大，故应滑到右端。由题图乙可知，电流表的分度值为1mA,故读数为58.0mA。由U E I(r r')可知，图像纵轴截距表示电源的电动势，故E 1.48V ;图像的斜率表示电0.5A,电流表的内阻源的内阻和电流表内阻之和，开关S2拨向b,故电流表的量程为10 2.5 210 2.5，则毫安表示数为 80mA时干路电流为I-80- 0.5A 0.4A，电源的内阻 1001.48V 0.5V0.4Ar' 0.450 。11答案及解析:答案：1.运动员在AB上做初速

20、度为零的匀加速运动，设AB的长度为x,则有v- 2ax由牛顿第二定律有H匚mg 一 Ff ma x联立，代入数据解得Ff=144N2.设运动员到达 C点时的速度为vc,在由B到达C的过程中，由动能定理有1212mgh WmvCmvB22设运动员在C点所受的支持力为 Fn,由牛顿第二定律有2VCFn mg m R由运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，联立，代入数据解得R=12.5m。解析：12答案及解析：答案：(1)接通电源瞬间，炮弹没有切割磁感线，根据闭合电路欧姆定律有I E 4 103A ,所受安培力F BIL ,由牛顿第二定律有 F ma, E r解得 a 4 104m/s2。(2

21、)当炮弹两端的电动势和电源电动势相等时，即 E BLv时，炮弹达到稳定运动状态，设此过程中，电流的平均值为1,所用时间为t,根据动量定理有BILt mv 0 , q It ,联立解得 q 20C。(3)弹体加速过程中.系统消耗的能量一部分转化为系统产生的焦耳热，另一部分转化为弹体的动能则有F1 BI1L,a1 旦,t 匕， m a2 广生的焦耳热Q Ii(R r)t ,动能 Ek= mv2 ,2则系统消耗的能量 E耗=Ek Q联立解得 E耗=4.4 106J o解析：13答案及解析：答案：(1) ACD(2)气体在A、C两个状态时的温度均为300K,根据玻意耳定律可得：pAVA pCVC其中 pA 2.0 10