2022年湖南省娄底一中学附属实验校中考物理全真模拟试题含解析

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1中国已成为机器人与智能装备产业全球最大应用市场，在第二届中国（重庆）国际机器人及智能制造装备论坛暨博览会上，如图所示是送餐机器人工作时在水平地

2、面上匀速滑行下列说法正确的是（ ）A餐盘相对于机器人是运动的B餐盘中食品受到平衡力作用C机器人在水平地面匀速前行过程中机械能增大D机器人在水平地面匀速前行时不受摩擦力的作用2如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体的圆柱形容器乙放置在水平地面上。现沿水平方向切去部分甲并从容器乙中抽出相同体积的液体后，此时甲剩余部分对地面的压力等于剩余液体对容器乙底部的压力。关于甲原来对地面的压强p甲、液体原来对容器乙底部的压强p乙的判断，正确的是Ap甲一定大于p乙Bp甲可能等于p乙Cp甲一定等于p乙Dp甲一定小于p乙3如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开下列说法正确的是（ ） A灯泡和两孔插座是串联的B试电

3、笔接触M点，氖管不发光C开关和三孔插座的连接都是错误的D试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光4下列有关物理学家和他的主要贡献，说法正确的是A托里拆利测出大气压的值B阿基米德光的色散现象C牛顿杠杆原理D安培电流周围存在磁场5如图甲所示是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙所示，则由此可知（）A当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端滑动时，电压表和电流表的示数都变小B该电路的电源电压为3VC该电路最小电功率为1.8WDR的阻值变化范围是056在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，实验器材：电源（4.5V）、电流

4、表（量程0-0.6A）、电压表（量程0-3V）、三个定值电阻（R1=5，R2=10，R3=20），滑动变阻器R标有“301A”字样如图所示，当在a、b两点间接入定值电阻R1，闭合开关，移动滑片P，使电压表示数为2.5V，读出电流表的示数断开开关，将R1换成R2后，接下来应该进行的操作是A闭合开关，直接读数电流表的示数B闭合开关，将滑片P向左移动，保持电压表示数2.5V不变C闭合开关，将滑片P向右移动，保持电压表示数2.5V不变D将滑片移动至阻值最大的位置后再闭合开关7热机的广泛使用已成为一个国家工业化程度的标志，人类的现代生活已越来越离不开各种热机，热机从根本上改变着我们的世界下列相关说法正确

5、的是A热机是把机械能转变为内能的装置B四冲程内燃机的一个工作循环对外做功1次C使用热值大的燃料可提高热机效率D采取有效的措施可以使热机效率达到100%二、填空题（本大题7小题，共21分）8小明在家探究鸡蛋受到的浮力大小与哪些因素有关，如图所示，鸡蛋浸没在水中时，所受到的浮力为 _ N；如果直接将该鸡蛋投入水中，该鸡蛋将_（填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）；若鸡蛋上表面距离水面10cm，则鸡蛋上表面受到水的压强是_ Pa（g=10N/kg）9小华同学通过实验探究某种液体内部的压强p与深度h的关系，根据实验数据绘出了如图的图象由图象可知，该液体的密度为_kg/m3；并且由图象可以得出该液体50cm

6、深处的压强为_Pa（g取10N/kg）10通过学习物理概念，使我们可以更准确地描述物体的属性，例如为了描述导体对电流的_作用，我们引入了电阻的概念；某同学用如图所示的电路做探究影响电阻大小因素的实验，图中甲、乙、丙是镍铬合金丝，甲、乙长度相同，乙、丙粗细相同如果想要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，应选用电阻丝甲和_分别接入M、N两点间11在探究产生感应电流的条件时，小阳采用了如图所示的实验装置闭合开关后，小阳左 右移动金属棒 AB，发现灵敏电流计的指针偏转角度较小，即产生的感应电流较小（1）请你写出一种增大感应电流的方法：_（2）_是根据这一原理制成的12图甲是家用电吹风的工作原理图

7、，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风。要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于题图甲中_（选填“1”、“2”或“3”）位置；某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是_J；使用几年后，发现电热丝变细，则它的电阻_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。13在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从最右端移到中间某个位置，电压表和电流表的示数分别变化了U和I则的值_（选填“变大”、“不变”、“变小”）14某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值

8、随有害尾气浓度变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变当有害尾气浓度增大时，气敏电阻R的阻值将_，电流表的示数将_，电压表的示数将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）三、作图题（共7分）15图中的OA是光从空气斜射到水面，经水面反射的一条光线，请作出它对应的入射光线和入射光线对应的折射光线（_）16如图所示，物块A静止在斜面B上，请画出物块A对斜面B压力F和A受到的摩擦力f。17在如图的家庭电路中A、B两处装上最合适的元件（用符号表示）。（_）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18课外实践活动中，用闪光照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，照相机每隔0.2 s曝光一次（1）小明

9、所在的兴趣小组拍下的照片如图所示，由此可以判断纸锥下落的速度变化情况是_（选填“不变”、“先变大后不变”或“一直变大”）（2）纸锥下落过程中在A、B两位置间的平均速度为_m/s若减小纸锥的锥角，从相同的高度下落，其平均速度_（选填“不变”、“增大”或“减小”）19在探究二力平衡条件的实验中：如图甲所示，水平放置的实验装置中，将系于小车两端的线挂上钩码，分别跨过两定滑轮，使作用在小车上的两个拉力方向相反，并通过调整_来改变拉力的大小当小车平衡时，将小车水平转过一个角度，松手后小车不能保持平衡，这样的操作是为了探究相互平衡的二力是否_如图乙所示，A、B小车内装有电磁铁，电磁铁的通、断电可遥控实现，

10、当通电时，A、B小车吸合成一体为了探究二力平衡时，二力是否作用在同一物体上，在图中所示情况下，下一步的操作是_本实验用带轮的小车为研究对象，是因为滚动摩擦比滑动摩擦_20小华同学用蜡烛、凸透镜和光屏等器材做“探究凸透镜成像规律”的实验（1）小华在挑选透镜时，把两个透镜甲、乙分别正对太阳光，在光屏上出现了如图所示的光斑你认为他们应该选择_（选填“甲”、“乙”）透镜来进行实验（2）小华在实验中发现光屏上成的烛焰像偏上（如图所示），是因为忽略了实验中的一个操作步骤，这一步应是_（3）如下图所示，蜡烛在2倍焦距以外时，在光屏上得到一个倒立缩小的实像，生活中的_（选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”）

11、就是利用这一成像原理制成的如果想看到一个放大的实像，应将蜡烛_（选填“靠近”、“远离”）透镜移动，然后调节光屏找到最清晰的像（4）想验证课本上“当物体位于凸透镜的一倍焦距处时，不能成像”的结论，于是将烛焰放在一倍焦距处，却发现仍能透过凸透镜观察到正立、放大的虚像，原因是_21小华做“测定小灯泡电功率”实验，所用器材如下：电源(电压保持不变)、电流表、电压表(015 伏量程损坏)、滑动变阻器“50 2A”、待测小灯(标有“0.2A”字样)、电键 S 以及导线若干。小华正确连接实验器材，实验操作正确。闭合电键发现电流示数为 1V，电流表示数为 0.1A。闭合电键后，移动变阻器的滑片，发现无法完整地

12、完成这个实验。小华在分析、思考后，将电压表并联在合适的电路两端，且实验步骤正确，将数据记录在一张表格中。物理量电压(伏)电流(安)13.00.1622.50.2032.00.24测定小灯泡电功率的实验原理是： _。 判断小灯泡正常发光的方法是： _。 求：小灯泡的额定功率。(请写出计算过程)_22某同学在做研究某物质熔化时的规律的实验时得出如下数据：加热时间（min）0246810121416182022温度（）646872768080808084889296则由装置图和上表数据可知：此物质一定属于_（填“非晶体”或“晶体”）此物质的熔点是_，在第10min时，物质处于_（选填“固态”“液态”

13、或“固液共存态”）此物质的温度达到72时，物质处于_（选填“固态”“液态”或“固液共存态”）将温度计插入试管中时，温度计的玻璃泡要全部插入固体粉末中，不要碰到试管底或_把试管放在有水的烧杯中加热是为了使固体粉末受热_；其中烧杯中的水面应_（填“高于”或“低于”）试管中物质的上表面此物质熔化过程的特点是_五、计算题（本大题共2小题，共13分）23已知物体的重力势能表达式为Ep=mgh，动能的表达式为Ek=mv2，其中m为质量，h为物体距水平地面的高度，v为物体的运动速度，g为常量，取10N/kg。如图所示，距沙坑高h=7m处，以v0=10m/s的初速度竖直向上抛出一个质量为0.5kg的物体，不计

14、空气阻力，物体从被抛出到落地前的瞬间，整个过程机械能守恒。求：（1）物体被抛出时的重力势能Ep和动能Ek；（2）物体上升到最高点时离抛出点的高度H；242017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功实现了我国天然气水合物开发的历史性突破可燃冰清洁无污染、储量巨大，是一种非常理想的新型能源可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15计算4.2l03 J/（kg）；天然气的热值q=7l07J/m3求：体积为0.01 m3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少?若这些热量的90%被质量为100 kg的水吸收，则水升高的温度是多少?六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25现有

15、一架总质量为m的喷气式飞机，已知该飞机飞行时所受空气阻力的大小与速度平方成正比，即f=kv2（式中k为已知量）若飞机飞行过程中的耗油量可忽略不计 该飞机在空中沿水平方向飞行时，飞机所受向上的升力是由机翼上、下表面气流速度不同所产生的若以机翼为参照物，则机翼上表面附近气流的速度_机翼下表面附近气流的速度 在该飞机沿水平直线匀速飞行时，它上、下表面所受到的压力差为_ 若该飞机以速度v沿水平方向匀速直线飞行的时间为t，则它在这段时间内克服空气阻力所做的功W为_26如图(a)所示，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1阻值为10欧，电流表A和A1是两个相同的电表。闭合电键S后，电流表A的示数如图(b)所示

16、。求：通过R1的电流I1。通电10秒钟电流通过R2所做的功。现用标有“60 3A”和“20 2A”字样的滑动变阻器，则当选用标有哪种字样的滑动变阻器替换R1，将电流表A1串联接入_点处时(选填“M”成“N)，在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器消耗的功率P。27家用测量人体重的电子秤及其测量原理如图所示,它主要由压力传感器R(其阻值会随所受压杆受压力的大小而发生变化)和显示体重大小的仪表A(实质上是电流表)组成.已知压力传感器R的电阻与所受压力的关系如下表所示,设踏板和压杆的质量忽略不计，电源电压为6V且保持不变.当压力为0

17、时，电流表的示数是多少_？如果小君站在该秤的踏板上，电流表的示数为0.025A,则她的体重是多少牛_?使用一段时间后，电源电压会变低，则测得的体重会偏 _，原因是：_参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、B【解析】A、餐盘相对于机器人的位置没有改变，所以相对于机器人是静止的，A错误B、食品处于匀速直线运动状态，受平衡力的作用，B正确为答案C、机器人在水平地面匀速前行时，速度不变，动能不变，机械能不变，C错误D、机器人在水平地面匀速前行时受平衡力的作用，摩擦力的大小等于拉力的大小，故D错误【考点定位】参照物 力与运动 机械能2、D【解析】设沿水平方向切去甲的体积为V甲切，

18、从容器乙中抽出的液体体积为V乙抽，因为V甲切V乙抽,，又因为S甲，所以h甲切，此时甲剩余部分对地面的压力等于剩余液体对容器乙底部的压力。可知G甲剩G乙剩，所以，所以切去的甲和乙的质量关系是,所以没有切之前甲乙的总的重力关系是，因为乙中受力面积小，所以根据公式P可知切之前甲的压强一定小于乙的压强。即p甲一定小于p乙3、C【解析】灯泡和两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插人两孔插座的左孔氖管不发光，故D错

19、误，故选C4、A【解析】A、托里拆利是意大利物理学家兼数学家，以发明水银气压计而闻名，最先准确测定了大气压的数值，故A正确；B、阿基米德得出了阿基米德原理，可以用来求浮力，故B错误；C、牛顿发现了万有引力定律，总结出了牛顿三定律，惯性定律是牛顿总结出的，故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误。5、B【解析】由电路图可知,定值电阻R1与滑动变阻器R串联,电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流(1)当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由UIR可知,R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，

20、故A错误；(2)当滑片位于b端时,电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表的示数最大，由图象可知，电压表的最大示数为3V，即电源的电压U3V，故B正确；(3)当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电流表的示数最小，电路的电功率最小，由图象可知,电压表的示数U10.5V，电流表的示数I0.1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：URUU13V0.5V2.5V，滑动变阻器的最大阻值：R25，则R的阻值变化范围是025，故D错误；该电路最小电功率：PUI3V0.1A0.3W，故C错误故选B.点睛：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表测R1两端的

21、电压，电流表测电路中的电流（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化；（2）当滑片位于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表的示数最大，根据图象读出电压表的示数即为电源的电压；（3）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电流表的示数最小，电路的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，进一步得出变阻器的变化范围，根据PUI求出该电路最小电功率6、D【解析】试题分析：探究通过导体中的电流与电阻之间关系时，需要控制电阻两端的电压不变，断开开关后，为保证电路的安全，应将滑动变阻

22、器的滑片移动到阻值最大的位置再闭合开关考点：探究通过导体中的电流与电阻之间关系7、B【解析】A热机是利用内能来工作的机器，其中能量的转化是将内能转化为机械能的机械故A不符合题意。B四冲程内燃机的一个工作循环对外做功1次故B符合题意。C燃料的热值是燃料的特性，燃料的热值大，只能说明完全燃烧1kg的燃料放出的热量多，而热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，采用使用热值大的燃料，并不能提高热机的效率故C不符合题意。D热机工作时，总要克服摩擦做功、总有部分能量散失到空中，用来做有用功的能量一定小于燃料完全燃烧产生的能量，所以热机效率一定小于1故D不符合题意。故选B。二、填空题（

23、本大题7小题，共21分）8、0.5 下沉 1000 【解析】当使用弹簧测力计测量物体浮力是，浮力F浮= G F=0.6N-0.1N=0.5N.由于鸡蛋受到的浮力小于鸡蛋的重力，所以鸡蛋会下沉根据P=g h=水=1.0103 Kg / m310N/kg0.1m=1000 Pa9、1.2103 0.6104 【解析】由图象可知，该液体25cm深处的压强为3000Pa，则根据pgh可得，该液体的密度为：1.2103kg/m3；该液体50cm深处的压强为：pgh1.2103kg/m310N/kg0.5m0.6104Pa10、阻碍 乙 【解析】1电阻表示导体对电流的阻碍作用，所以为了描述导体对电流的阻碍

24、作用，我们引入了电阻的概念；2某同学用如图所示的电路做探究影响电阻大小因素的实验图中甲、乙、丙是镍铬合金丝，甲、乙长度相同，乙、丙粗细相同如果想要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，根据控制变量法的思想，应选择材料和长度相同，而横截面积不同的两段导体进行探究，所以应选用电阻丝甲和乙分别接入M、N两点间【点睛】电阻是表示导体对电流阻碍作用大小的物理量；影响导体电阻的因素有材料、长度、横截面和温度，要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”时，应采用控制变量法，使导体长度、材料、温度相同11、换磁性更强的磁体或增大导体切割磁感线运动的速度 发电机 【解析】 (1)感应电流的大小与磁场的强弱、

25、导体切割磁感线运动的速度有关；故换磁性更强的磁体或增大导体切割磁感线运动的速度都能增大感应电流；(2)图中没有电源，是磁生电，是电磁感应现象，是发电机的原理点睛：（1）感应电流的大小与磁场的强弱、导体切割磁感线运动的速度有关；（2）发电机的原理：电磁感应现象12、1 12500 变大 【解析】（l）当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝同时工作，即开关应置于图甲中的1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以是并联连接。（2）根据功率随时间的变化关系图象可知：P热600W，t120s，P凉50W，t230s20s10s，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能：W总W热+W冷P热t

26、1+P凉t2600W20s+50W10s12500J。（3）使用几年后，发现电热丝变细，即横截面积变小，而长度、材料不变，导致电热丝的电阻变大。13、不变【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2,则II2I1，由I可得，电压表的示数分别为：U1I1R,U2I2R，电压表示数的变化量：UU2U1I2RI1R(I2I1)RIR，即R，由于R为定值电阻,所以,不变【点睛】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，设出滑片移动前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电

27、压表示数的变化，然后得出答案14、变小 变大 变大【解析】由甲电路图可知，R与R0 串联，电压表R两端的电压，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路的总电阻变小，由I=U/R可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，定值电阻R0 两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小三、作图题（共7分）15、【解析】过反射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角，画出入射光线，再由折射定律作出折射光线，使折射角小于入射角如下图所示：16、见解析【解析】分析：先确定所受各个力的方向，根

28、据力的示意图的画法分别画出，注意物体所受力的作用点位置解答：物块A对斜面B的压力作用在斜面上，方向垂直于斜面向下；物块A静止，有下滑的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力，两个力的作用点可画在接触面的中点处，如图所示：故答案为：见上图【点睛】画力的示意图，要先确定力的三要素，用一条带箭头的线段把三要素表示出来，标上字母符号，有的要标出力的大小。17、【解析】由图可知，与灯泡串联的应为开关，与灯泡并联的一般为双孔插座，如下图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、先变大后不变 0.4 增大 【解析】（1）纸锥在相同的时间内通过的路程先变大，后不变，所以纸锥的运动速度先变大后不变；（2）由图可

29、知，刻度尺的分度值为1mm，则A、B两位置间的实际距离为16.00cm0.16m，A、B间的时间为0.4s，则此过程中，纸锥的速度：；锥角越小，阻力越小，下落时间越短，下落速度越快，故若减小纸锥的锥角，从相同的高度下落，其平均速度增大19、钩码的个数 作用在同一直线上 遥控实现电磁铁断电 小 【解析】试题分析：（1）对小车的拉力是由于钩码的重力提供的，所以改变拉力的大小就要通过改变钩码的个数来实现；二力平衡时，两个力必须在同一条直线上，当小车平衡时，将小车水平转过一个角度，此时的两个力没有在同一直线上，所以小车不能保持平衡；（2）可以通过遥控实现电磁铁断电来实现探究相互平衡的两个力是否在同一个

30、物体上；（3）由于滚动摩檫比滑动摩擦小，所以用带轮的小车为研究对象可以减小实验中误差【考点定位】二力平衡条件20、乙 调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上 照相机 靠近 火焰有一定体积，总有一部分在一倍焦距以内 【解析】（1）图中的甲透镜能使光发散，是凹透镜；乙透镜能使光会聚，是凸透镜，则他们应该选择乙透镜来进行实验（2）小华组在实验中发现光屏上成的烛焰像偏上（如图丙所示），是因为忽略了实验中的一个操作步骤，这一步应是调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心在同一高度；（3）光屏上得到一个清晰、倒立、缩小的实像，生活中照相机利用这一原理制成的要使烛焰在光屏上所成的像变大，就要减小物距，即将蜡

31、烛靠近透镜移动，然后调节光屏找到最清晰的像（4）因火焰有一定体积，总有一部分在一倍焦距以内，将烛焰放在一倍焦距处，却发现仍能透过凸透镜观察到正立、放大的虚像21、P=UI 通过灯的电流为0.2A时，灯正常发光 见解析 【解析】测定小灯泡电功率的实验原理是：P=UI；由于待测灯泡标有0.2A字样，表示灯的额定电流为0.2A，所以，当通过灯的电流为0.2A时，灯正常发光；正确串联实验器材，当电路中的电流变大时，说明灯的电压变大，由串联电路电压的规律知道，变阻器的电压变小，分析表中数据知道，电压表应并联在变阻器的两端；闭合电键S前，变阻器连入电路中的电阻最大，观察到此时电流表、电压表的示数为0.1安

32、、1.0伏，由欧姆定律，变阻器的电压是：U滑 =IR滑大 =0.1A50=5V，由串联电路电压的规律知道，电源电压是：U=5V+1V=6V，根据第2次操作数据，由串联电路电压的规律知道，灯的额定电压是：UL =U-U1 =6V-2.5V=3.5V，根据串联电路电流的规律，灯的额定功率：PL =UL IL =3.5V0.20A=0.70W。22、晶体 80 固液共存态 固态 容器壁 均匀 高于 继续吸热，温度不变 【解析】由图表可知，物质从第8min开始至第14min，吸收热量温度不变，所以此物质一定属于晶体此物质的熔点是80，在第10min时，物质处于固液共存态此物质的温度达到72时，还没有达

33、到熔点温度，物质处于固态用温度计测固体粉末的温度，温度计的玻璃泡要全部插入固体粉末中，不要碰到试管底或容器壁把试管放在有水的烧杯中加热是为了使固体粉末受热均匀其中烧杯中的水面应高于试管中物质的上表面此物质熔化过程的特点是：继续吸热，温度不变五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、35J 25J 5m 【解析】（1）由题知，物体质量和被抛出时的高度和速度，物体的重力势能：Epmgh0.5kg10N/kg7m35J；动能EK1mv20.5kg（10m/s）225J；（2）不计空气阻力，物体从被抛出到落地前的瞬间，整个过程机械能守恒，故EpEpEk，0.5kg10N/kg（H7m）35J25J，

34、解得：H5m。点睛：（1）由重力势能和动能公式计算物体被抛出时的重力势能EP和动能EK1；（2）根据能量转化和守恒分析解答。24、（1）1.05l07 J （2）22.5 【解析】（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰=15q=157.0107J/m3=1.05109J/m3；0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Vq可燃冰=0.01m31.05109J/m3=1.05l07J；（2）由得被水吸收的热量：Q吸=Q放=90%1.05l07J=9.45106J；由Q吸=cmt可得，水升高的温度：答：（1）0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05l07J；（2）水升高度的温度是22.5六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、大于 mg kv3t 【解析】（1）若以机翼为参照物，等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表