2022年黑龙江省哈尔滨市第十职业高级中学高三化学月考试题含解析

1、2022年黑龙江省哈尔滨市第十职业高级中学高三化学月考试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1. 物体中细胞膜内的葡萄糖，细胞膜外的富氧液体及细胞膜构成型的生物原电池，下列有关判断正确的是 （ ）A.正极的电极反应可能是 O2+ 4e+ 2H2O4OHB.负极的电极反应可能是 O2+ 4e+ 2H2O4OH C.负极的反应主要是C6H12O6（葡萄糖）生成CO2或HCO3D.正极的反应主要是C6H12O6（葡萄糖）生成CO2或HCO3参考答案：AC略2. 将0.1 mol/L醋酸溶液加水稀释，下列说法正确的是 A溶液中

2、c(H)和c(OH)都减小 B水的离子积不变C醋酸电离平衡向左移动 D溶液中c(H)增大参考答案：B略3. 下列说法中正确的是（）A干冰、液态氯化氢都是电解质BNa2O2晶体中既含有离子键又含有共价键CNa2O、Fe2O3、Al2O3既属于碱性氧化物，又属于离子化合物D根据是否具有丁达尔效应，将分散系分为溶液、浊液和胶体参考答案：B【考点】电解质与非电解质；酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系；分散系、胶体与溶液的概念及关系；化学键【分析】A干冰不属于电解质；B钠离子和过氧根离子以离子键结合，过氧根离子中氧和氧以非极性键结合；C氧化铝为两性氧化物；D根据分散质颗粒大小将分散系分为溶液、浊液和胶

3、体【解答】解：A干冰不属于电解质，故A错误；B钠离子和过氧根离子以离子键结合，过氧根离子中氧和氧以非极性键结合，故B正确；C氧化铝为两性氧化物，故C错误；D根据分散质颗粒大小将分散系分为溶液、浊液和胶体，丁达尔效应是胶体的性质，故D错误；故选B4. HPE是合成除草剂的重要中间体，其结构简式如下图所示。下列有关HPE的说法正确的是 AHPE不能跟浓溴水反应B1molHPE最多可以和2mol NaOH反应CHPE在核磁共振氢谱中有种DHPE分子中有2个手性碳原子参考答案：B5. 下列措施不符合节能减排的是（ ） A.大力发展火力发电，解决广东电力紧张问题B.在屋顶安装太阳能热水器为居民提供生活用

4、热水C.用石灰对煤燃烧后形成的烟气脱硫，并回收石膏D.用杂草、生活垃圾等有机废弃物在沼气池中发酵产生沼气，作家庭燃气参考答案：A 本题考查能源、环保等热门话题。火力发电,成本高也不环保,不符合节能减排的要求,A错。利用太阳能可减少SO2、CO2排放,保护环境、节约能源,B正确。将煤脱硫,可防止SO2产生,石膏可回收,环保经济,C正确。沼气是可再生能源,变废为宝,符合节能减排的要求,D正确。6. 设NA为阿伏加德罗常数，下列叙述中正确的是 A在含有4mol SiO键的石英晶体中，氧原子的数目为2NA B常温常压下，2.24 L 氯气与过量的氢氧化钠溶液完全反应转移的电子数为0.1NA C标准状况

5、下，1 L辛烷完全燃烧后，所生成气体产物的分子数为8NA/22.4D0.1L 2molL1的(NH4)2S溶液中含有的S2数目为0.2 NA 参考答案：A略7. 将一定量的氯气通入30 mL浓度为10 mol/L的氢氧化钠浓溶液中，加热少许时间后溶液中形成NaCl、NaClO、NaClO3共存体系。下列判断正确的是( )A与NaOH反应的氯气一定为0.15 mol Bn(Na)n(Cl) 可能为73 C若反应中转移的电子为n mol，则0.15 n 0.25Dn(NaCl)n(NaClO)n(NaClO3)可能为1121参考答案：AC略8. 化学与工农业生产和人类生活密切相关。下列说法中正确的

6、是 A为了防止中秋月饼的富脂食物因被氧化而变质，常在包装袋里放生石灰 B酸雨就是pHFeCl3 I2 B还原性（酸性溶液）：FeCl2 HI HClC. 酸性(水溶液):CH3COOH H2CO3 HCN D. 热稳定性:NaClNaClO4NaClO参考答案：B略14. 冶炼金属一般有下列四种方法：焦炭法；水煤气（或氢气或一氧化碳）法；活泼金属置换法；电解法四种方法在工业上均有应用古代有（）火烧孔雀石炼铜；（）湿法炼铜；现代有（）铝热法炼铬；（）从光卤石中炼镁，对它们的冶炼方法的分析不正确的是A（）用 B（）用 C（）用 D（）用参考答案：B略15. 用一张已除去表面氧化膜的铝箔紧紧包裹在试

7、管外壁（如右图），将试管浸入硝酸汞溶液中，片刻取出，然后置于空气中，不久铝箔表面生出“白毛”，红墨水柱右端上升。根据实验现象判断下列说法错误的是（）A实验中发生的反应都是氧化还原反应B铝是一种较活泼的金属C铝与氧气反应放出大量的热量D铝片上生成的白毛是氧化铝和氧化汞的混合物参考答案：答案：D 考点：本题考查的是铝的性质以及对实验现象的分析能力。解析：红墨水柱右端上升说明反应放热，C正确；铝是一种较活泼的金属，容易被空气中的氧气所氧化变成氧化铝。通常的铝制品之所以能免遭氧化，是由于铝制品表面有一层致密的氧化铝外衣保护着。在铝箔的表面涂上硝酸汞溶液以后，硝酸汞穿过保护层，与铝发生置换反应，生成了液

8、态金属汞。汞能与铝结合成合金，俗称“铝汞齐”在铝汞齐表面的铝没有氧化铝保护膜的保护，很快被空气中的氧气氧化变成了白色固体氧化铝。当铝汞齐表面的铝因氧化而减少时，铝箔上的铝会不断溶解进入铝汞齐，并继续在表面被氧化，生成白色的氧化铝。最后使铝箔捏成的鸭子长满白毛。故D错。二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16. 用18mol/L的浓硫酸配制100.00mL 1.00mol/L硫酸： （1）用量筒量取浓硫酸的体积应为 mL（保留一位小数），将浓硫酸缓缓倒入盛水的烧杯中后_ _ （填“应该”或“不应”）用少量蒸馏水洗涤量筒23次并将洗涤溶液也倒入烧杯中。（2）若实验仪器有： A.100mL量筒

9、B.托盘天平 C.玻璃棒 D.50mL容量瓶 E.10mL量筒 F. 胶头滴管 G. 50mL烧杯 H. 100mL容量瓶 实验时应选用的仪器有（填入编号） 。（3）量取浓硫酸时，若俯视液面，则所配稀硫酸溶液浓度_定容时，若俯视液面，则所配溶液浓度 _ （填“偏高”、“偏低”或“无影响”）；若不小心加水超过了容量瓶刻度线，应 。参考答案：(1)_5.6_（保留两位小数） _不应该_(2) _CEFGH_(3)_偏低_ _偏高_ _重新配制_略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17. 在一定条件下，有aLO2和O3的混合气体，当其中的O3完全转化为O2时，体积变成1.2aL，求原混合气体中

10、O2和O3的质量分数？参考答案：1.25mol/L 16.1%试题分析：解：6.5gZn的物质的量为=0.1mol，根据Zn元素可知生成的n（ZnSO4）=0.1mol，所以所得溶液中ZnSO4的物质的量浓度为=1.25mol/L；ZnSO4的质量为0.1mol161g/mol=16.1g，溶液的质量为80mL1.25g/mL=100g，所以所得反应中硫酸锌的质量分数为100%=16.1%，答：所得溶液中硫酸锌的物质的量浓度为1.25mol/L，溶质质量分数为16.1%考点：考查物质的量浓度、质量分数的有关计算。18. (1998上海卷)石油及其分馏产物在供氧不足时燃烧，常常产生CO，这也是常

11、见的大气污染物之一。将某气态烃在5倍体积的纯氧中燃烧，产物通过足量Na2O2并在电火花连续作用下充分反应，生成的气体体积缩小到燃烧后产物体积的3/8(气体体积都在100 以上，1.01105Pa时测定)： (1)试写出通式为CxHy的某烃在供氧不足时，燃烧的化学方程式(CO2的系数设定为m)。(2)当m=2时，求该烃的分子式。(3)若1 mol某气态烃在供氧不足时燃烧，产物在足量Na2O2和电火花连续作用下产生3 mol氧气，且固体Na2O2增重范围为90g118g，求烃可能的分子式和燃烧产物CO与CO2的物质的量之比，将结果填入下表烃的分子式n（CO）/n（CO2）参考答案：（1）CxHy+O2mCO1+H2O+(x-m)CO(2)当m=2时，解得：x=4 y=8 所以该烃为C4H8(3)分子式C3H8C4H6以下计算和讨论过程供参考：固体质量总增重（CO2）+W（H2O）+W（CO）28+y+28(x-m)28x+y根据Na2O2增重 9028x+y118讨论得气态烃中x=3时y6；x=4时6。此条件下合理的答案有：C4H6、C4H4、C3H8、C3H6根据燃烧产物通过足量Na2O2产生O2的体积都是3体积 因为xm 所以6-讨论得气态烃中x=3时 y6，x=4时 y4根据条件需同时满足，从而否定C